2024屆廣東省揭陽、金中高二物理第一學期期末調研試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點M和N各放一個點電荷，它們分別帶等量的正、負電荷．E、F是AB邊和CD邊的中點，P、Q兩點在MN的連線上，MP=QN．對于E、F、P、Q四點，其中電場強度相同且電勢相等的兩點是（）A.E和F B.P和QC.A和B D.C和D2、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A. B.C. D.3、如圖所示，1、2為兩個不同電源路端電壓U與干路電流I的關系圖線，下列說法正確的是A.電動勢E1＝E2 B.電動勢E1<E2C.內阻r1＝r2 D.內阻r1>r24、用如圖所示的光電管研究光電效應的實驗中，用某種頻率的單色光a照射光電管陰極K，電流計G的指針發生偏轉。而用另一頻率的單色光b照射光電管陰極K時，電流計G的指針不發生偏轉，那么（）A.a光的波長一定大于b光的波長B.增加b光的強度可能使電流計G的指針發生偏轉C.用a光照射光電管陰極K時通過電流計G的電流是由d到cD.只增加a光的強度可使通過電流計G的電流增大5、達爾文曾說過:“最有價值的知識是關于方法的知識”，下列模型、公式或規律得出運用的物理方法正確的是（）A.點電荷是運用了微元法建立得出的B.受到“通電螺線管外部磁場與條形磁鐵的磁場十分相似”的啟發,安培提出了分子電流假說C.電場線和磁感線是根據實物模型建立的D.物體的電阻是用比值法定義的,說明物體的電阻與加在其兩端的電壓成正比6、如圖所示，PQ為某電場中的一條電場線，下列說法正確的是（）A.該電場一定是勻強電場B.該電場一定是點電荷產生的電場C.P點的電場強度一定比Q點的大D.正電荷在P點受到的電場力方向沿著電場線方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電流，下列說法中正確的是（）A.由可知，通過導線截面的電量越多，電流越大B.由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大C.由I=可知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比D.因為電流有方向，所以電流是矢量8、如圖甲所示，足夠長的水平光滑平行金屬導軌MN、PQ，兩導軌間距為1m，范圍足夠大的勻強磁場方向豎直向上，導軌M、P之間連接一個阻值為3Ω的電阻R，金屬棒ab垂直于導軌放置并用細線通過光滑的定滑輪與重物相連，細線對導軌的拉力平行于導軌，金屬棒ab的質量為0.2kg、有效電阻為0.5Ω，重物的質量為0.4kg。將重物和金屬棒由靜止釋放，金屬棒的位移與時間的關系如圖乙所示，其中0.4s~0.6s內的圖線為直線，導軌的電阻不計，g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.t=0時刻金屬棒的加速度大小為10m/s2B.磁場的磁感應強度大小為2TC.在0～0.6s內通過電阻R的電荷量為0.8CD.在0～0.6s內電阻R產生的熱量為1.925J9、如圖所示電場，實線表示電場線．一個初速度為v的帶電粒子僅在電場力的作用下從a點運動到b點，虛線表示其運動的軌跡．則：（）A.粒子帶正電B.粒子在a點受的電場力比b點大C.a點電勢高于b點電勢D.粒子的動能增加，電勢能減小10、如圖所示，M．N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數值．靜止的帶電粒子帶電荷量為，質量為m（不計重力）從P經電場加速后，從小孔Q進入N板右側的勻強磁場區域，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為，孔Q到板的下端C的距離為L，當M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，則（）A.兩板間電壓的最大值B.CD板上可能被粒子打中區域的長度C.粒子在磁場中運動的最長時間D.能打到N板上的粒子的最大動能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）氫原子核外電子的軌道半徑為，若電子質量為，電荷量為，則電子所受到的庫侖力大小為________，方向________，電子做圓周運動的周期為________12．（12分）把一個面積為5.0×10-2m2的單匝矩形線圈放在磁感應強度為2.0×10-2T的勻強磁場中，當線圈平面與磁場方向垂直時，穿過線圈的磁通量是________Wb四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A．等量異種電荷的電場線分布情況如圖所示圖中電場線從正電荷出發，等勢面為不規則的圓圈，在兩個異種電荷的中垂線上是等勢面，E、F兩點關于連線對稱，電場強度大小和方向都相同，A正確；B．在兩個異種電荷的連線上，電場線從正電荷指向負電荷，沿著電場線電勢越來越低，故P、Q電勢不等，B錯誤；C．題目圖中位置A與位置B兩位置關于兩電荷連線不對稱，由A選項的分析圖可知，其場強方向不同，C錯誤；D．C和D兩位置位于兩電荷連線同一側，結合圖像可知，場強方向不同，D錯誤。故選A。2、A【解析】開始時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A【點睛】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新分配規律要明確，然后正確利用庫侖定律求解3、A【解析】U-I圖象中圖象中的點的坐標表示電流及路端電壓．圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；圖象的斜率表示電源內阻【詳解】由閉合電路歐姆定律U=E-Ir可知，U-I圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，圖象的斜率表示電源的內阻；根據數學知識可知E1=E2，r1＜r2，I1＞I2；故選A【點睛】本題考查U-I圖象的應用，要注意根據閉合電路歐姆定律U=E-Ir進行分析圖象的物理意義4、D【解析】A．用一定頻率的a單色光照射光電管時，電流計指針會發生偏轉，知νa>νb，a光的波長小于b光的波長，A錯誤；B．發生光電效應的條件：ν>ν0，增加b光的強度不能使電流計G的指針發生偏轉，B錯誤；C．發生光電效應時，電子從光電管左端運動到右端，而電流的方向與電子定向移動的方向相反，所以流過電流計G的電流方向是c流向d，C錯誤；D．增加a光的強度可使光子數增多，因此溢出的光電子數目增加，通過電流計G的電流增大，D正確。故選D。5、B【解析】A、點電荷是一種理想化物理模型模型，在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點，則這樣的帶電體就是點電荷，并不是微元法建立得出的B、通電螺線管外部的磁場與條形磁鐵的磁場十分相似，受此啟發，安培提出了著名的分子電流假說．故B正確C、電場和磁場在自然界中是客觀存在的，電場線和磁感線是人們為了形象地描述電場和磁場而引入的線，它不是真實存在的曲線，故C錯誤；D、是電阻的定義式，R反映導體本身的特性，與U、I無關，不能說電阻R跟U成正比，跟I成反比【點睛】平時要注意物理學史的積累是解題的關鍵6、D【解析】ABC.僅由這一根電場線無法判斷是什么電場，不知電場線的疏密，電場的強弱也無法判斷，所以ABC錯誤；D.正電荷受到的電場力方向沿著電場線方向，D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】通過導線截面的電量多，若時間長，電流不一定大，A錯誤；由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，選項C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標量，D錯誤8、BC【解析】A．據系統牛頓第二定律得解得故A錯誤；B．導體棒勻速運動時，其速度為據平衡條件得解得故B正確；C．根據電磁感應過程的電荷量推論公式故C正確；D．根據系統能量守恒可得解得回路中的焦耳熱電阻與導體棒電阻串聯，則有故D錯誤。故選BC。9、BC【解析】電場線的疏密代表電場的強弱，正電荷所受電場力的方向就是電場線的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場線的方向相反，沿著電場線方向電勢降低【詳解】A．由軌跡彎曲方向可判斷出電場力方向，受力方向指向弧內，與電場方向相反，則粒子帶負電荷;故A錯誤.B．電場線的疏密代表電場的強弱，a點的電場線較b點的電場線密，則粒子在a點受到的電場力大于在b點受到的電場力;故B正確.C．沿著電場線方向電勢降低，則a點電勢高于b點電勢；故C正確.D．電場力方向與速度方向夾角大于90°，一直做負功，動能減小，電勢能增大；故D錯誤.故選BC.【點睛】理解電場線的特點，明白只要合外力做正功物體的動能就增加的道理10、BD【解析】粒子運動軌跡如圖所示A．當M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，由幾何知識得粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得在加速電場中，由動能定理得解得故A錯誤；B．設粒子軌跡與CD相切于H點，此時粒子半徑為，粒子軌跡垂直打在CD邊上的G點，則GH間距離即為粒子打中區域的長度s，根據幾何關系解得根據幾何關系可得粒子打中區域的長度故B正確；C．粒子在磁場中運動的周期為粒子在磁場中運動的最大圓心角所以粒子在磁場中運動的最長時間為故C錯誤；D．當粒子在磁場的軌跡與CD邊相切時，即粒子半徑時，打到N板上的粒子的動能最大，最大動能根據洛倫茲力提供向心力可得解得故D正確。故選BD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.指向氫核③.【解析】[1]由庫侖定律可知，電子所受到庫侖力大小為[2]庫侖力的方向在它們的連線上，由異種電荷相互吸引可知，庫侖力方向應指向氫核[3]由庫侖力提供向心力有解得：12、10-3【解析】[1]當線圈轉動至與磁場方向垂直時，穿過線圈平面的磁通量變大Φ=BS=2.0×10-2T×5.0×10-2m2=1.0×10-3Wb【點睛】解決本題的關鍵掌握磁通量的公式，知道當線圈平面與磁場平行時，磁通量為0，當線圈平面與磁場方向垂直時，磁通量最大。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，