2024屆安徽省舒城桃溪中學物理高二第一學期期末質量跟蹤監視試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為φP和φQ，則()A.EP>EQ，φP>φQB.EP>EQ，φP<φQC.EP<EQ，φP>φQD.EP<EQ，φP<φQ2、下列關于磁現象的說法中不正確的是（）A.電視機顯像管利用了磁偏轉的原理B.指南針是利用地磁場來指示方向的C.電動機是利用磁場對電流的作用力來工作的D.地磁場的南極在地理的南極附近3、如圖所示，50匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小的水平勻強磁場中，線框面積，線框電阻不計，線框繞垂直于磁場的軸以角速度=200rad/s勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發光，熔斷器允許通過的最大電流為10A，下列說法正確的是（）A.圖示位置穿過線框的磁通置為零B.線框中產生交變電壓的有效值為C.變壓器原、副線圈匝數之比為25：11D.變壓器輸出端最多能并聯80只60瓦的燈泡4、關于內能，下列說法正確的是A.理想氣體吸熱，溫度一定升高B.物體動能越大，分子動能越大C.外界對氣體做功10J，同時氣體放出20J的熱量，則氣體的內能減少10JD.只有熱傳遞可以改變物體的內能5、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是A.電壓表示數變小B.電流表示數變小C.電容器C所帶電荷量增多D.a點的電勢降低6、下列四幅圖關于各物理量方向間的關系中，正確的是()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數比n1：n2=2:1,V和A均為理想電表，燈泡電阻RL=6Ω,AB端電壓.下列說法正確的是A.電流頻率為50HzB.V的讀數為24VC.A的讀數為0.5AD.變壓器輸入功率為6W8、如圖，正方形abcd中△abd區域內存在方向垂直紙面向里的勻強磁場，△bcd區域內有方向平行bc的勻強電場（圖中未畫出）。一帶電粒子從d點沿da方向射入磁場，隨后經過bd的中點e進入電場，接著從b點射出電場。不計粒子的重力，則（）A.粒子帶正電B.電場的方向是由b指向cC.粒子在b點和d點的動能相等D.粒子在磁場、電場中運動的時間之比為π：29、如圖所示，20匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小為的水平勻強磁場中，線框面積S=1m2，線框電阻不計。線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω=100rad/s勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發光，熔斷器允許通過的最大電流為5A，下列說法正確的是（）A.圖示位置穿過線框的磁通量為零B.圖示位置通過線框的磁通量變化率最大C.變壓器原、副線圈匝數之比為100︰11D.允許變壓器輸出的最大功率為10kW10、如圖甲所示為風力發電的簡易模型圖，在風力的作用下，風葉帶動與其固定在一起的永磁鐵轉動，轉速與風速成正比．某一風速時，線圈中產生的正弦式電流如圖乙所示，則A.電流的表達式（A）B.磁鐵的轉速為5r/sC.風速加倍時電流的表達式(A)D.風速加倍時線圈中電流的有效值為A三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如甲圖所示的電路測定電源的電動勢和內阻，所用的實驗器材有：待測電源E，電阻箱R（最大阻值99．99），定值電阻R0（阻值為2．0），電壓表（量程為3V，內阻約為2k），開關S實驗步驟：將電阻箱阻值調到最大，先閉合開關S，多次調節電阻箱，記下電壓表的示數U和電阻箱相應的阻值R，以為縱坐標，R為橫坐標，作圖線（如圖乙）（1）E為電源電動勢，r為電源內阻，寫出關系表達式（用E、r、R0表示）____（2）根據圖線求得電源電動勢E=_____V，內阻r=______．（保留兩位有效數字）（3）用該種方法測電源電動勢存在系統誤差，產生系統誤差的原因是_______12．（12分）如圖所示為“研究電磁感應現象”的實驗裝置(1)將圖中所缺的導線補接完整________(2)如果在閉合電鍵時發現靈敏電流計的指針向右偏轉一下，那么合上電鍵后進行下述操作時出現的情況是：①將線圈A迅速入線圈B時，靈敏電流指針___________〔選填“向左偏”、“向右偏”或“不偏”)②線圈A插入線圈B穩定后，將滑動變阻器觸頭迅速向___________(選填“左”或“右”)滑動時，靈敏電流計指針會向右偏轉四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】本題考查電場線和電勢【詳解】據題意，從上圖可以看出，P點所在位置電場線較密集，該位置電場強度也較大，則有：，沿電場線方向電勢降低，則P點電勢較高，有：2、D【解析】A．電視機顯像管利用了磁偏轉的原理，選項A正確，不符合題意；B．指南針是利用地磁場來指示方向的，選項B正確，不符合題意；C．電動機是利用磁場對電流的作用力來工作的，選項C正確，不符合題意；D．地磁場的南極在地理的北極附近，選項D錯誤，符合題意3、C【解析】A．圖示位置穿過線框的磁通量最大，故A錯誤；B．電動勢的最大值有效值故B錯誤；C．變壓器原線圈的電壓，副線圈電壓：，匝數比故C正確；D．熔斷器允許通過的最大電流為10A，即原線圈中最大電流為10A，副線圈中最大電流即一只燈泡的額定電流為最多的燈泡個數故D錯誤。故選C。4、C【解析】A.根據熱力學第一定律△U=W+Q得物體的內能與做功和熱傳遞有關，故一定質量的理想氣體吸熱時內能可以不變．溫度不一定升高，故A錯誤；B.物體運動速度與分子熱運動的速度或動能無關，分子動能與物體的動能無關，故B錯誤；C.外界對氣體做功10J，同時氣體放出20J的熱量，則根據熱力學第一定律△U=W+Q=10?20=?10J，氣體的內能減少10J，故C正確；D.物體內能改變與做功和熱傳遞有關．故D錯誤故選C5、D【解析】在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，據閉合電路歐姆定律分析干路電流如何變化，再據歐姆定律分析電阻R1兩端電壓的變化，可知電壓表讀數的變化．分析并聯部分電壓的變化，可知電容器的電壓如何變化，電容器所帶電量的變化．由并聯部分電壓的變化及電源的負極接地，可分析a點的電勢如何變化．用并聯部分電壓的變化，得出流過R2的電流如何變化，結合干路電流的變化，分析電流表示數的變化【詳解】A：滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，干路電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數增大．故A項錯誤BC：干路電流增大，并聯部分電壓減小，電容器兩板間電壓減小，電容器C所帶電荷量減小．并聯部分電壓減小，流過R2的電流減小，又干路電流增大，則流過電流表的電流增大，電流表示數變大．故BC兩項錯誤D：外電路中順著電流方向，電勢降低，則，b點電勢為零，并聯部分電壓減小，則a點的電勢降低．故D項正確【點睛】電路動態分析問題，按局部到整體，再對局部分析各元件上電壓或電流的變化．靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內電壓關系，串并聯電路的電壓電流關系是解決動態電路的關鍵6、B【解析】A、由左手定則可知，安培力的方向總是與磁感應強度的方向垂直，A錯誤；B、磁場的方向向下，電流的方向向里，由左手定則可知安培力的方向向左，B正確；C、由左手定則可知，洛倫茲力的方向總是與磁感應強度的方向垂直，C錯誤；D、通電螺線管產生的磁場的方向沿螺線管的軸線的方向，由題圖可知電荷運動的方向與磁感線的方向平行，不受洛倫茲力，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】由u1.的瞬時表達式可知，f=，A錯誤；理想變壓器輸入電壓的有效值為U1=12V，由變壓比關系式，可得U2=6V，V的讀數為6V，B錯誤；變壓器輸出電壓的有效值，A的讀數為1AC錯誤；變壓器的輸入功率等于輸出功率，即P1=P2=U2I2=6W，D正確考點定位】正弦式交流電表達式、有效值、功率、部分電路歐姆定律、理想變壓器規律，容易題8、BD【解析】A．根據粒子在磁場中受洛倫茲力而從d點進e點出，由左手定則知帶負電，則A錯誤；B．根據磁場中運動的對稱性知e點的速度大小等于v0，方向與bd成45°，即水平向右，而電場線沿bc方向，則做類平拋運動，可知負粒子受的電場力向上，則電場由b指向c，B正確；C．粒子從d到e做勻速圓周運動，速度的大小不變，而e到b電場力做正功，動能增大，故b點的動能大于d點的動能，C錯誤；D．設正方形邊長為L，由幾何關系可知，電場中的水平分運動是勻速直線運動，，故，則D正確。故選BD。【點睛】本題關鍵是明確粒子的運動規律，畫出運動的軌跡，結合幾何關系得到軌道半徑，再結合牛頓第二定律列式分析。9、CD【解析】AB．由圖可知，線圈與磁場垂直，故圖示位置穿過線框的磁通量最大，感應電動勢最小為零，即圖示位置通過線框的磁通量變化率最小，故AB錯誤；C．電動勢的最大值為則交流電壓的有效值為則原副線圈的匝數比為故C正確；D．因為保險絲的最大電流為5A，則最大功率為故D正確。故選CD。10、BC【解析】根據i-t圖象判斷出電流的最大值與周期，當轉速加倍時，根據Em=nBSω可知產生的感應電動勢加倍，形成的感應電流加倍；【詳解】通過乙圖可知電流的最大值為0.6A，周期T=0.2s，故ω=＝10πrad/s，故電流的表達式為i=0.6sin10πt（A），故A錯誤；電流的周期為T=0.2s，故磁體的轉速為n=1/T=5r/s，故B正確；風速加倍時，角速度加倍，根據Em=nBSω可知產生的感應電動勢加倍，形成的感應電流加倍，故風速加倍時電流的表達式為i=1.2sin20πt（A），故C正確；根據C得分析，形成的感應電流Im=1.2A，故有效值為，故D錯誤；故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.5.7③.3.7④.由于電壓表的分流【解析】（1）根據閉合回路歐姆定律可得，變形可得（2）圖像的斜率，解得，圖像的縱截距，解得（3）由于電壓表的分流，比實際電流要大，考點：考查了測量電源電壓和電動勢實驗12、①.（1）②.（2）向右偏③.右【解析】（1）注意該實驗中有兩個回路，一是電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯成的回路，二是電流計與大螺線管串聯成的回路，據此可正確解答（2）磁場方向不變，磁通量的變化不變時電流方向不變，電流表指針偏轉方向相同，磁通量的變化相反時，電流表指針方向相反【詳解】（1）探究電磁感應現象實驗電路分兩部分，要使原線圈產生磁場必須對其通電，故電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路，如圖所示：（2）閉合開關，穿過副線圈的磁通量增大，靈敏電流表的指針向右偏；①閉合電鍵，將原線圈迅速插入副線圈時，磁場方向不變，穿過副線圈的磁通量增大，靈敏電流計指針將向右偏轉一下②原線圈插入副線圈后，由電路圖可知，將滑動變阻器觸頭迅速向右拉時，滑動變阻器接入電路的阻值變小，原線圈電流變大，穿過副線圈的磁場方向不變，但磁通量變大，靈敏電流計指針將向右偏轉一下【點睛】本題考查研究電磁感應現象及驗證楞次定律的實驗，對于該實驗注意兩個