2023-2024學年吉林省通化市第十四中學物理高二第一學期期末達標測試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，小球在一細繩的牽引下，在光滑桌面上繞繩的另一端O作勻速圓周運動，關于小球的受力情況，下列說法中正確的是（）A.受重力和向心力的作用B.受重力、支持力、拉力和向心力的作用C.受重力、支持力和拉力的作用D.受重力和支持力的作用2、2017年4月22日12時23分，天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室順利完成自動交會對接。已知天宮二號距離地面的高度為393km，下列關于它們的運動的說法正確的是（）A.天舟一號的發射速度應小于7.9km/sB.天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的周期應小于天宮二號運行的周期C.天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的線速度應小于天宮二號的線速度D.天舟一號與天宮二號對接后，天宮二號的速度將增加，從而降低到更低的軌道3、用比值法定義物理量是物理學中常用的方法，下列表達中不屬于用比值法定義物理量的是（）A.電動勢 B.電容C.電阻 D.磁感應強度4、某實驗小組，在測定電源電勢和內阻的實驗中，根據實驗數據繪制了甲、乙兩干電池的U-I圖象，如圖所示，則以下說法正確的是（）A.E甲E乙，r甲r乙 B.E甲E乙，r甲r乙C.E甲E乙，r甲r乙 D.E甲E乙，r甲r乙5、豎直平面內有一金屬環，半徑為a，總電阻為R，磁感應強度為B的勻強磁場垂直穿過環平面，與環的最高點A鉸鏈連接的長度為2a，電阻為的導體棒AB由水平位置緊貼環面下擺（如圖所示）。當擺到豎直位置時，B點的線速度為v，則這時AB兩端的電壓大小為（）A.2Bav B.C. D.Bav6、已知雨滴在空中運動時所受空氣阻力，其中k為比例系數，r為雨滴半徑，為其運動速率．t=0時，雨滴由靜止開始下落，加速度用a表示．落地前雨滴已做勻速運動，速率為．下列圖像中錯誤的是A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、現將電池組、滑線變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關按如圖所示方式連接．在開關閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學發現當他將滑線變阻器的滑動端P向左滑動時，電流計指針向右偏轉．由此可以推斷A.滑線變阻器滑動端P向右滑動時，電流計指針向左偏轉B.線圈A向上移動時，電流計指針向右偏轉C.斷開開關時，電流計指針向左偏轉D.拔出線圈A中的鐵芯時，電流計指針向左偏轉8、用多用電表的歐姆檔檢驗性能良好的晶體二極管，發現多用電表的指針向右偏轉的角度很小，這說明A.二極管加有正向電壓，故測得電阻很小B.二極管加有反向電壓，故測得電阻很大C.此時紅表筆接的是二極管的正極D.此時黑表筆接的是二極管的正極9、如圖所示，勻強電場中的三個點A、B、C構成一個直角三角形，，，．把一個帶電量為的點電荷從A點移到到B點電場力不做功，從B點移動到C點電場力做功為W．若規定C點的電勢為零，則A.A點的電勢為B.B、C兩點間的電勢差為C.該電場的電場強度大小為D.若從A點沿AB方向飛入一電子，其運動軌跡可能是甲10、如圖所示，MN是紙面內的一條直線，其所在空間充滿與紙面平行的勻強電場或與紙面垂直的勻強磁場(場區都足夠大)，現有一重力不計的帶電粒子從MN上的O點以水平初速度v0射入場區，下列有關判斷正確的是()A.如果粒子回到MN上時速度增大，則空間存在的一定是電場B.如果粒子回到MN上時速度大小不變，則該空間存在的一定是電場C.若只改變粒子的速度大小，發現粒子再回到MN上時與其所成夾角不變，則該空間存在的一定是磁場D.若只改變粒子的速度大小，發現粒子再回到MN所用的時間不變，則該空間存在的一定是磁場三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖示為電流天平，可以用來測量勻強磁場的磁感應強度．它的右臂掛著匝數為n的矩形線圈，線圈的水平邊長為L，處于勻強磁場內，磁感應強度B的方向與線圈平面垂直．當線圈中通過電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡．然后使電流反向，大小不變，這時需要在左盤中增加質量為m的砝碼，才能使兩臂達到新的平衡(1)磁感應強度B=__________．（用已知量和測量得到的量n、m、L、I表達）(2)當n=9,L=10.0cm,I=0.10A,m=9.0g,g=10m/s2時，可計算得B=__________T12．（12分）某同學用多用電表測量一小段2B鉛筆芯的電阻R（1）該同學先用螺絲刀調節調零螺絲，使指針指在左端“0”位置，把紅、黑表筆分別插入多用電表“+”、“-”插孔，接下來的正確操作順序是____________（填字母）；A．把選擇開關旋轉到“OFF”檔B．調節歐姆調零旋鈕使指針指到電阻檔的“0”刻度C．把紅、黑表筆分別接在鉛筆芯的兩端，然后讀數D．把選擇開關旋轉到合適的檔位，將紅、黑表筆短接（2）該同學所選倍率為×10檔，正確操作后，多用電表的指針位置如圖所示，則電阻R=____Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】小球受到重力、桌面的支持力和繩的拉力，豎直方向重力和支持力平衡，繩的拉力提供向心力，故C正確，ABD錯誤。故選C。2、B【解析】A．是地球的第一宇宙速度，是衛星最小的發射速度，則知天舟一號的發射速度應大于，故A錯誤；B．根據萬有引力提供向心力得知衛星的軌道半徑越小，周期越小，則天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的周期應小于天宮二號運行的周期。故B正確；C．根據衛星的線速度公式得知衛星的軌道半徑越小，線速度越大，則天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的線速度應大于天宮二號的線速度，故C錯誤；D．天舟一號與天宮二號對接后，天宮二號的速度將增加，做離心運動，將升高到更高的軌道，故D錯誤。故選B。3、B【解析】A.電源電動勢：采用W與q的比值定義的，屬于比值法定義，故A不符合題意；B.電容：為電容器的決定式，不屬于比值定義法，故B符合題意；C.導體電阻：采用電壓U與電流I的比值定義的，屬于比值法定義，故C不符合題意；D.磁感應強度：采用F與IL的比值定義的，屬于比值法定義，故D不符合題意4、C【解析】U-I圖象中圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；圖象與橫坐標的交點為短路電流，圖象的斜率表示電源的電動勢。由圖可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；故E甲＞E乙，由圖象可知，甲圖象的斜率大于乙的斜率，故甲的內阻大于乙的內阻；故C正確，ABD錯誤；故選擇：C；5、B【解析】當擺到豎直位置時，導體棒產生的感應電動勢為：此時電路總電阻為：電路電流為：AB兩端的電壓是路端電壓，AB兩端的電壓大小為：U=IR外=故選B.6、D【解析】AB.t=0時，雨滴由靜止開始下落，v=0，所受空氣阻力f=kr2υ2=0，則此時雨滴只受重力，加速度為g，隨著雨滴速度增大，所受空氣阻力增大，根據牛頓第二定律mg-f=ma，則加速度減小，即雨滴做加速度逐漸減小的加速運動，當最后f=kr2υ2=mg時，加速度減小到零，速度再不變，雨滴勻速，故AB正確；CD.當最后勻速運動時有kr2υ02=mg=ρgπr3，可得最大速率與成正比，υ02∝r，故C正確，D錯誤；本題選錯誤的，故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】由題意可知線圈B中產生使電流表指針向右偏轉的條件，則分析各選項可得出正確答案【詳解】由題意可知當P向左滑動時，線圈A中的電流減小，導致穿過線圈B的磁通量減小，電流計指針向右偏轉；滑線變阻器的滑動端P向右滑動時，導致穿過線圈B的磁通量增大，則電流計指針向左偏轉，故A正確；線圈A向上移動，導致穿過線圈B的磁通量減小，能引起電流計指針向右偏轉，故B正確；斷開開關時，導致穿過線圈B的磁通量減小，那么電流計指針向右偏轉，故C錯誤；當鐵芯拔出時，A中磁場減小，故B中磁通量減小，則電流計指針向右偏轉，故D錯誤；故選AB【點睛】本題無法直接利用楞次定律進行判斷，但是可以根據題意得出產生使電流表指針右偏條件，即可不根據繞向判出各項中應該出現的現象8、BC【解析】AB．測量電阻偏轉角度小，則電阻大，為反向電壓，故A錯誤，B正確；CD．測量時加的反向電壓，又因歐姆表的黑表筆接的電池的正極，則黑表筆應與二極管的負極相連接。即紅表筆與二極管的正極相連接，故C正確，D錯誤。故選BC。9、BD【解析】點電荷從B點移動到C點電場力做功為W，則B、C兩點間的電勢差為，點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上．從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下，則有：，其，解得A點的電勢為，該電場的電場強度大小為，電子從A點沿AB方向飛入，所受的電場力方向將沿電場線方向的反方向，故電子將向左上偏轉，其運動軌跡可能是甲，故AC錯誤，BD正確，故選BD.【點睛】點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上，從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下.10、AD【解析】A.洛倫茲力對帶電粒子不做功，不能使粒子速度增大，電場力可使帶電粒子做功，動能增大，故A正確；B.若帶電粒子以與電場線平行的速度射入，粒子返回速率不變，故B錯誤；C.如果是電場，只要MN是等勢面即可，故C錯誤；D.由知，粒子在磁場中運動的時間與速率無關，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）②.（2）0.5【解析】天平平衡后，當電流反向（大小不變）時，安培力方向反向，則右邊相當于多了或少了兩倍的安培力大小，由此列方程求解【詳解】（1）設電流方向未改變時，等臂天平的左盤內砝碼質量為m1，右盤的質量為m2，則由等臂天平的平衡條件，有：m1g=m2g-nBIL電流方向改變之后，同理可得：（m+m1）g=m2g+nBIL兩式相減得：（2）帶入數據：；12、①.DBCA②.2.2×102【解析】(1)用多用電表測電阻，應先對多用電表機械機械調零，然后把選擇開關置于合適的歐姆檔，再進行歐姆調零，歐姆調零后測電阻，多用電表使用完畢應將選擇開關置于OFF擋或交流電壓最高擋；(2)根據圖示表盤確定歐姆表的倍率，然后根據指針位置讀出其示數【詳解】(1)用多用電表測電阻，應先對多用電表機械機械調零，然后把選擇開關置于合適的歐姆檔，再進行歐姆調零，歐姆調零后測電阻，多用電表使用完畢應將選擇開關置于OFF擋或交流電壓最高擋，因此合理的實驗步驟為：DBCA；(2)所選倍率為×10檔，由圖示表盤可知，歐姆表讀數為：22×10=220Ω【點睛】本題考查了多用電表使用方法與讀數，要掌握多用電表的使用方法與注意事項，掌握基礎知識即可