2023-2024學年河北省唐山市玉田縣物理高二上期末預測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，從S處發出的熱電子經加速電壓U加速后垂直進入相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，發現電子流向上極板偏轉．設兩極板間電場強度為E，磁感應強度為B.欲使電子沿直線從電場和磁場區域通過，只采取下列措施，其中可行的是（）A.適當減小加速電壓UB.適當減小電場強度EC.適當增大加速電場極板之間的距離D.適當減小磁感應強度B2、如圖甲所示，兩虛線相互垂直，a、b兩點和P、Q兩點關于O1點對稱，兩帶電量均為+q的點電荷分別放置在a、b兩點。如圖乙所示，兩虛線相互垂直，c、d兩點和M、N兩點關于O2點對稱，分別通過c、d兩點的兩導線內均有垂直紙面向外、大小為I的電流。下列說法正確的是A.P、Q兩點的電場強度相同B.M、N兩點的磁感應強度相同C.從P點到O1點電場強度可能先減小后增大D.從M點到O2點磁感應強度可能先增大后減小3、如圖所示，在通有恒定電流的長直導線旁有一矩形導線框abcd，直導線與線框在同一平面內，下列情況中能使框中有感應電流的是A.線框向右平移B.線框向下平移C.以直導線為軸旋轉過程中D.以ab邊為軸向紙外旋轉90°過程中4、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其主體部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒處在垂直于盒底的勻強磁場中，并分別與高頻交流電源兩極相連接，從而使粒子每次經過兩盒間的狹縫時都得到加速，如圖所示，現要增大帶電粒子從回旋加速器射出時的動能，下列方法可行的是（）A.增大金屬盒的半徑 B.減小狹縫間的距離C.減小磁場的磁感應強度 D.增大高頻交流電壓5、下列說法正確的是A由B=知．B與F成正比，與IL成反比B.小磁針靜止時N極所指的方向就是該點磁場方向C.電子沿通電螺線管軸線勻速運動，說明螺線管內無磁場D.條形磁鐵的磁感線從磁鐵的N極出發終止于S極6、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，r<R1，C為電容器，電流表、電壓表為理想電流表和理想電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）A.電壓表示數變小，電流表示數變小B.電容器C所帶電荷量增多C.電源的輸出功率增大，效率降低D.a點的電勢升高二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、三條在同一平面（紙面）內的長直絕緣導線組成一等邊三角形，在導線中通過的電流均為I，方向如圖所示．a、b和c三點分別位于三角形的三個頂角的平分線上，且到相應頂點的距離相等．將a、b和c處的磁感應強度大小分別記為B1、B2和B3，下列說法正確的是（）A.B1=B2<B3B.B1=B2=B3C.a和b處磁場方向垂直于紙面向外，c處磁場方向垂直于紙面向里D.a處磁場方向垂直于紙面向外，b和c處磁場方向垂直于紙面向里8、下列說法正確的是（）A.如圖甲所示，是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，要想粒子獲得的最大動能增大，可增加電壓UB.如圖乙所示，是磁流體發電機的結構示意圖，可以判斷出B極板是發電機的正極，A極板是發電機的負極C.如圖丙所示，是速度選擇器，帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是Eq＝qvB，即D.如圖丁所示，是磁電式電流表內部結構示意圖，線圈在極靴產生的勻強磁場中轉動9、如圖所示，金屬框架固定在水平面上，金屬桿ab與框架間無摩擦，整個裝置處于豎直方向的磁場中．若因磁場的變化，使桿ab運動，下列判斷正確的是A.若ab向右運動，則磁場可能豎直向上且減小B.若ab向左運動，則磁場可能豎直向上且減小C.若ab向右運動，則磁場可能豎直向上且增大D.若ab向左運動，則磁場可能豎直向上且增大10、如圖所示，兩根光滑平行金屬導軌固定在傾角為30°的斜面上，導軌間距為L，導軌下端連接一個阻值為R的定值電阻，空間中有一磁感應強度大小為B、方向垂直導軌所在斜面上的勻強磁場．在斜面上平行斜面固定一個輕彈簧，彈簧勁度系數為k，彈簧上端與質量為m、電阻為r、長為L的導體桿相連，桿與導軌垂直且接觸良好．導體桿中點系一輕細線，細線平行斜面，繞過一個光滑定滑輪后懸掛一個質量也為m的物塊．初始時用手托著物塊，導體桿保持靜止，細線伸直，但無拉力．釋放物塊后，下列說法正確的是A.釋放物塊瞬間導體桿的加速度為gB.導體桿最終將保持靜止，在此過程中電阻R上產生的焦耳熱為C.導體桿最終將保持靜止，在此過程中細線對導體桿做功為D.導體桿最終將保持靜止，在此過程中流過電阻R的電荷量為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）荷蘭物理學家洛倫茲首先提出，磁場對運動電荷有力的作用．為了紀念他，人們稱這種力為_____，該力的方向可以用_____（填“左手定則”或“右手定則”）來判斷12．（12分）學校物理興趣小組為探究多用表歐姆檔的原理，決定自己動手設計一個可以測量電阻的裝置．手邊的器材有：干電池組，電流計A，電阻箱，待測電阻Rx.其中電流計刻度盤刻線清晰，但是讀數已經模糊（1）小組成員先將電池組與電流計電流計A進行串聯，電路兩端分別接好表筆，如圖（1）所示；將表筆短接，發現電流表指針剛好能夠指在刻度盤最右端刻度處（2）將兩表筆分別與電阻箱兩接線柱相連，調節電阻箱，直到電流計指針指在刻度盤正中央，電阻箱示數如圖（2），則電阻箱接入電路的電阻值為_______Ω（3）用待測電阻Rx代替電阻箱接入兩表筆之間，則電流表指針指示如圖（3）所示，則可知待測電阻Rx=_______Ω．（保留小數點后一位）此次實驗快結束時，有同學拿來一塊內阻為2803Ω的電壓表，將所設計裝置的兩表筆正確接在電壓表的兩接線柱上，電壓表示數為2.8V，可以推知實驗中使用的電池組的電動勢為________V（保留小數點后一位）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】要使粒子在復合場中做勻速直線運動，故Eq=qvB．根據左手定則可知電子所受的洛倫茲力的方向豎直向下，故電子向上極板偏轉的原因是電場力大于洛倫茲力，所以要么減小電場力，要么增大洛倫茲力．根據eU=mv2可得，適當減小加速電壓U，可以減小電子在復合場中運動的速度v，從而減小洛倫茲力．故A錯誤．適當減小電場強度E，即可以減小電場力，故B正確．適當增大加速電場極板之間的距離，根據eU=mv2可得，由于粒子兩者間的電壓沒有變化，所以電子進入磁場的速率沒有變化，因此沒有改變電場力和洛倫茲力的大小，故C錯誤．適當減小磁感強度B，可以減小洛倫茲力，故D錯誤．故選B點睛：本題是綜合性較強的題目，物體的運動分成兩個階段：在電場中的加速和在復合場中的勻速直線運動．在解題時要注意運動過程分析和受力分析2、D【解析】A．根據場強的疊加法則可知P、Q兩點的場強大小相等，方向相反，所以P、Q兩點電場強度不同，A錯誤；B．根據安培定則判斷磁感應強度的方向，根據矢量合成法則可知M、N兩點磁感應強度大小相等，方向相反，所以M、N兩點磁感應強度不同，B錯誤；C．根據等量同種電荷電場線的分布可知，從P到O1的電場強度可能先增大后減小或一直減小，不可能先減小后增大，C錯誤；D．根據磁感應強度的疊加可知，無窮遠處的磁感應強度為0，在處的磁感應強度也為0，所以從無窮遠處到處磁感應強度先增大后減小，所以從M點到O2點磁感應強度可能先增大后減小，D正確。故選D。3、B【解析】穿過線圈的磁通量發生變化時由感應電流，AD對4、A【解析】帶電粒子從D形盒中射出時的動能Ekm=mvm2；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則圓周半徑R=；聯立可得Ekm=顯然，當帶電粒子q、m一定的，則Ekm∝R2B2即Ekm隨磁場的磁感應強度B、D形金屬盒的半徑R的增大而增大，與加速電場的電壓和狹縫距離無關，故選A【點睛】本題回旋加速器考查電磁場的綜合應用：在電場中始終被加速，在磁場中總是勻速圓周運動．所以容易讓學生產生誤解：增加射出的動能由加速電壓與縫間決定．原因是帶電粒子在電場中動能被增加，而在磁場中動能不變5、B【解析】A.B=只是磁感應強度的定義式，它的大小取決于場源以及磁場中的位置，與F、I、L以及通電導線在磁場中的取向無關．故A錯誤；B.磁場的方向可根據小磁針受力方向確定，規定小磁針靜止時其北極所指的方向為該點磁場方向，故B正確；C.通電螺線管內部的磁感線與螺線管軸線平行，由S極指向N極，當電子的速度方向與螺母管軸線平行時，電子不受力作用，做勻速運動，故C錯誤；D.在磁體的周圍磁感線在磁體的外部是從N極出發回到S極，在磁體的內部磁感線是從磁體的S極出發回到N極，故D錯誤6、C【解析】在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化．根據內外電阻的關系，分析電源的輸出功率如何變化．a點的電勢等于R2兩端的電壓【詳解】在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，滑動變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數變大．電阻R2兩端的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，則U2變小，電容器板間電壓變小，其帶電量減小．根據外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點的電勢降低，通過R2的電流I2減小，通過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，則IA增大．即電流表示數變大．故ABD錯誤．據題：r＜R1，當外電路總電阻減小時，內外電阻更加接近，電源的輸出功率增大．電源的效率，路端電壓U減小，則電源的效率降低，故C正確．故選C【點睛】本題是電路動態變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動勢、內阻及定值電阻的阻值不變，進行分析．根據電流方向判斷電勢高低，由電壓的變化判斷電勢的變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】考查了安培定則，磁場的疊加【詳解】a、b和c處的磁感應強度均是三條通電導線單獨存在時在各點處產生的磁場的疊加．由于通過三條導線的電流大小相等，結合安培定則可判斷出三條導線在a、b處產生的的合磁感應強度垂直紙面向外，在c處垂直紙面向里，且。故選AC【點睛】通電導線周圍存在磁場，且離導線越遠場強越弱．磁場不但有大小而且有方向，方向相同則相加，方向相反則相減．并根據矢量疊加原理來求解8、BC【解析】A．根據，可得粒子獲得的最大動能為所以要想粒子獲得的最大動能增大，可增加D形盒的半徑，故A錯誤；B．根據左手定則，正電荷向下偏轉，所以B板帶正電，為發電機的正極，A極板是發電機的負極，故B正確；C．速度選擇器不能判斷帶電粒子的電性，不管是正電，還是負電只要速度滿足Eq＝qvB，即，粒子就能勻速通過速度選擇器，故C正確；D．線圈在極靴產生的磁場為均勻輻向磁場，該磁場為非勻強磁場，故D錯誤。故選BC。9、AD【解析】根據“磁場的變化使桿ab運動”可知，本題考查電磁感應的動力學問題，根據楞次定律可判斷感應電流的方向，左手定則判斷通電導體所受的安培力方向；當穿過回路的磁通量均勻變化時，回路中產生的是恒定電流，進行分析推斷.【詳解】A、B、當磁感應強度B方向向上并減小時，穿過回路的磁通量減小，根據楞次定律判斷得到：回路中感應電流方向為逆時針方向俯視，桿中的感應電流方向是從b到a，由左手定則可知，安培力的方向向右，使桿向右運動，故A正確，B錯誤；C、D、當磁感應強度B方向向上并增大時，穿過回路的磁通量增大，根據楞次定律判斷得到：回路中感應電流方向為順時針方向俯視，桿中的感應電流方向是從a到b，由左手定則可知，安培力的方向向左，使桿向左運動，故C錯誤，D正確；故選AD.【點睛】當磁感應強度B變化時，根據楞次定律(增反減同)判斷感應電流的方向；根據法拉第電磁感應定律分析感應電流大小如何變化；由左手定則判斷金屬棒所受的安培力方向.10、BCD【解析】A．初始時，彈簧被壓縮，彈力大小，即，釋放物塊瞬間，安培力為零，對桿和物塊分析有：、，解得：，故A錯誤B．由于電磁感應消耗能量，桿最終速度為零，安培力為零，細線拉力，彈簧處于伸長狀態；對導體桿有：，解得：；彈簧彈性勢能不變，對物塊、導體桿、彈簧整個系統，由能量守恒得：，解得：，電阻R上產生的焦耳熱．故B項正確C．從運動到最終停止，彈簧彈力對導體棒做功為零，對導體棒運用動能定理得，，又，解得：細線對導體桿拉力做功．故C項正確D．流過電阻R上的電荷量，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.洛倫茲力②.左手定則【解析】已知磁場方向、帶電粒子的速度方向，由左手定則可以判斷出洛倫茲力的方向【詳解】[1]通過學習磁場對運動電荷的作用我們知道，首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點的物理學家是洛倫茲[2]為了紀念他，人們稱這種力為洛倫茲力，該力的方向可以用左手定則【點睛】本題考查了判斷洛倫茲力方向問題，熟練應用左手定則即可正確解題，注意運動的方向不一定與磁場垂直，但洛倫茲力一定與磁場及運動方向垂直12、①.97Ω②.48.5Ω③.2.9V【解析】（2）根據圖2可