2024屆山東省濟寧市第二中學高二物理第一學期期中復習檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個物體從斜面上勻速下滑，它的受力情況是（）A．受到重力、彈力、下滑力和摩擦力的作用B．受到重力、彈力和摩擦力的作用C．物體受到的彈力方向垂直斜面斜向下D．物體受到的摩擦力方向沿斜面向下2、汽車剎車時做勻減速直線運動，下列能反映其運動v-t圖像的是()A．B．C．D．3、如圖所示，在風力推動下，風葉帶動發電機發電，M、N為同一個葉片上的兩點，下列說法中正確的是A．M點的線速度等于N點的線速度B．M點的角速度小于N點的角速度C．M點的向心加速度小于N點的向心加速度D．M點的周期大于N點的周期4、某實驗小組在使用多用電表的過程中，下列說法中正確的是。A．在測量電壓時，要將紅表筆接在低電勢點B．測量阻值不同的電阻時，都必須重新調節歐姆調零旋鈕C．在測量未知電阻時，必須先選擇倍率最大的歐姆擋進行試測D．在測量未知電流時，必須先選擇量程最大的電流擋進行試測5、初速為0的電子經電壓U1加速后垂直電場方向進入平行板間電場，平行板間的電壓為U2，若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，下列做法可行的是（）A．將U2加倍 B．將板間距離加倍C．將U2及板間距離同時加倍 D．將U2變為原來的一半6、如圖，M、N是平行板電容器的兩個極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調電阻，用絕緣細線將質量為m、帶正電的小球懸于電容器內部。閉合電建S，小球靜止時受到懸線偏離豎直方向的夾角為θ。調節R1、R2，關于F的大小判斷正確的是A．保持R1不變，緩慢增大R2時，θ將變大B．保持R1不變，緩慢增大R2時，θ將變小C．保持R2不變，緩慢增大R1時，θ將變大D．保持R2不變，緩慢增大R1時，θ將變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物體在水平力F作用下沿粗糙斜面向上加速運動，則（）A．物體機械能的改變量等于力F所做的功B．物體動能的改變量等于合外力所做的功C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功D．運動過程中由于摩擦產生的內能等于物體機械能的減少8、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻r，理想電壓表V1、V2示數為U1、U2，其變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2；流經電源的電流為I，其變化量的絕對值為ΔI，在滑動變阻器的觸片從右端滑到左端的過程中（燈泡電阻不變化）A．小燈泡L3變暗，L1、L2變亮B．ΔUC．ΔU1>Δ9、如圖，是一個正方形金屬框放在光滑水平面上的俯視圖，虛線右側存在方向豎直向上的勻強磁場。正方形金屬框電阻為R，邊長為L，在外力作用下由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區域。自線框從左邊界進入磁場時開始計時，t1時刻線框全部進入磁場。設金屬框中感應電流大小為i，外力大小為F，線框中電功率為P，通過導體橫截面的電荷量為q，則上述物理量隨時間變化的關系可能正確的是（）A．B．C．D．10、質量為M、內壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數為μ．初始時小物塊停在箱子正中間，如圖所示．現給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，井與箱子保持相對靜止．設碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統損失的動能為()A． B．C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗室有下列器材：A．電流表(0～100μA,1.5kΩ)；B．電流表(0～1mA,1kΩ)；C．變阻器(0～300Ω)；D．變阻器(0～800Ω)；E．干電池(1.5V，r＝0)；現要改裝一只歐姆表，從上述備用器材中，電流表應選用________，變阻器應選用________，電源應選用________(填序號)．改裝好的歐姆表中心刻度的阻值為________．12．（12分）現要測定一個額定電壓約4V，額定電流約為0.5A的小燈泡正常發光時的電阻，電壓表應該選擇________，電流表應選擇________，電路連接時應采用________(選填“電流表內接法”或“電流表外接法”)．A．V1量程4.5V，內阻約4×103ΩB．V2量程10V，內阻約8×103ΩC．A1量程3A，內阻約0.4ΩD．A2量程0.6A，內阻約2Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電微粒質量、電荷量，從靜止開始經電壓為的電場加速后，以的速率水平進入平行金屬板并做勻速直線運動，該平行金屬板的寬度，電壓，上極板帶正電，板間充滿大小為的勻強磁場（圖中未畫出），微粒射出電場后進入一個方向垂直紙面向里足夠大的勻強磁場區域，該磁場的左邊界與豎直方向夾角為（忽略微粒重力及平行金屬板產生電場的邊界效應）．求：（，）（1）加速電場電壓的大小；（2）勻強磁場的大小和方向；（3）帶電微粒在勻強磁場中運動的時間和進出磁場位置的間距．14．（16分）如圖所示，一個掛在絕緣細線下端的帶正電的小球B，靜止在圖示位置，若固定的帶正電的小球A的電荷量為Q，B球的質量為m，帶電荷量為q，θ=30°，A和B在同一條水平線上，整個裝置處于真空中，求A、B兩球間的距離。15．（12分）一勻強磁場，磁場方向垂直于xOy平面，在xOy平面內，磁場分布在以O為中心的一個圓形區域內.一個質量為m、電荷量為q的帶電粒子，由原點O開始運動，初速度為v，方向沿x軸正方向.后來，粒子在P點第一次經過y軸，此時速度方向與y軸正方向的夾角為30°，P到O的距離為L，如圖所示.不計重力的影響.求磁場的磁感應強度B的大小和xOy平面內磁場區域的半徑R.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

AB.物體受到重力、彈力和摩擦力的作用，重力的向下分力并非物體實際受力，故A錯誤B正確。C.物體受到的彈力方向垂直斜面斜向上，故C錯誤。D.物體受到的摩擦力方向沿斜面向上，故D錯誤。2、C【解題分析】

A.做勻速直線運動，故A錯誤；B.做加速度逐漸變小的變減速直線運動，故B錯誤；C.做勻減速直線運動，故C正確；D.做加速度逐漸變大的變減速直線運動，故D錯誤。3、C【解題分析】

ABD．由于M、N兩點的轉動的角速度相等，則周期相等，M點轉動的半徑小，根據v=rω知，M點的線速度小于N點的線速度，故ABD錯誤．

C．M、N的角速度相等，M點的轉動半徑小，根據a=rω2知，M點的向心加速度小于N點的加速度，故C正確．4、D【解題分析】

A．在測量電壓時，要將紅表筆接在高電勢點，保證電流從紅接線柱流入多用電表，故A錯誤；B．測量阻值不同的電阻時，只有改變了倍率，才需要重新調節歐姆調零旋鈕，若測量阻值不同的電阻時，沒有改變倍率，不需要重新調節歐姆調零旋鈕，故B錯誤；C．在測量未知電阻時，估計阻值大小，選擇一個合適的倍率即可，試測不合適可以改變倍率，沒必要選擇倍率最大的歐姆擋進行試測，故C錯誤；D．在測量未知電流時，為保證電路安全，必須先選擇量程最大的電流擋進行試測，故D正確。故選D。5、A【解題分析】

電子現在加速電場中被加速，獲得速度后進去偏轉電場做類平拋運動，由類平拋運動的公式其中在加速電場中，由動能定理得化簡可得電子做類平拋運動的軌跡方程為若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，可以將U2加倍，或者將板間距離減半。故選A。6、B【解題分析】

AB．電容器兩端間的電壓與R0兩端的電壓相等；保持R1不變，緩慢增大R2時，由于R0和R2串聯，總電流減小，R0兩端的電壓減小，即平行板電容器的兩個極板的電壓U減小，帶電小球受到的電場力減小，則θ將減小，故A錯誤，B正確。CD．保持R2不變，緩慢增大R1時，由于在含容支路中的電阻相當于導線，所以R0兩端的電壓不變，電容器兩板間電壓不變，小球所受電場力不變，則θ不變，故CD錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

A．物體機械能的改變量等于外力所做的功，在整個過程中外力為F和摩擦力，故做功之和為F和摩擦力之和，故A錯誤；

B．由動能定理可知，物體的動能的該變量等于物體合外力所做的功，故B正確；

C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功，故C正確；

D．根據能量守恒即可判斷，運動過程中摩擦產生的內能不等于物體機械能的減少，故D錯誤。8、ABC【解題分析】當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L1變亮．變阻器的電阻減小，并聯部分的電阻減小，則并聯部分的電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A正確．根據歐姆定律得ΔU2ΔI=R1，不變，故B正確．由上分析可知，電壓表V1的示數減小，電壓表V1的示數增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數之和減小，所以△U1＞△U1．故C正確．由U1=E-I（RL1+r）得：ΔU1ΔI=RL1+r點睛：本題是電路動態變化分析問題，按“局部→整體→局部”思路進行分析．運用總量法分析兩電壓表讀數變化量的大小．運用歐姆定律定量分析電壓表示數變化量與電流表示數變化量的比值變化，這是常用的方法．9、AC【解題分析】

A．0﹣t1時間內，線框由靜止開始以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區域，根據速度時間關系可得：v＝at感應電動勢：E＝BLv＝Blat感應電流：B、L、a、R是定值，則i與t成正比，故A正確；B．線框受到的安培力：F安＝BIL＝對線框，由牛頓第二定律可得：F﹣＝ma解得：F＝+ma故B錯誤；C．電功率：P＝I2R＝t2P為時間的二次函數，故C正確；D．電荷量：q＝It＝q與t的平方成正比，故D錯誤；10、BD【解題分析】試題分析：設物塊與箱子相對靜止時共同速度為V，則由動量守恒定律得，得，系統損失的動能為，B正確，AC錯誤．根據能量守恒定律得知，系統產生的內能等于系統損失的動能，根據功能關系得知，系統產生的內能等于系統克服摩擦力做的功，則有．D正確，故選BD考點：動量守恒定律；功能關系．點評：兩個相對運動的物體，當它們的運動速度相等時候，往往是最大距離或者最小距離的臨界條件．本題是以兩物體多次碰撞為載體，綜合考查功能原理，動量守恒定律，要求學生能依據題干和選項暗示，從兩個不同角度探求系統動能的損失．又由于本題是陳題翻新，一部分學生易陷入某種思維定勢漏選B或者D，另一方面，若不仔細分析，易認為從起點開始到發生第一次碰撞相對路程為，則發生N次碰撞，相對路程為，而錯選C．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDE1.5kΩ【解題分析】電源應選擇干電池，電動勢E=1.5V，如果電流表用A，則歐姆表內阻為，由題意可知，最大內阻為：1500+800=2300Ω=2.3kΩ，不能滿足要求，因此電流表應選B；歐姆表內阻，則滑動變阻器應選D，歐姆表的中值電阻：；12、AD電流表外接法【解題分析】小燈泡額定電壓約為4V，電壓表選擇量程4.5V，故電壓表應該選擇A；小燈泡額定電流約為0.5A，電流表選擇量程0.6A，故電流表應選擇D；由可知小燈泡正常發光時的電阻約為，又有，所以電路連接時應采用電流表外接法。【題目點撥】根據燈泡額定電壓選擇電壓表，燈泡額定電流選擇電流表，根據燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表的接法。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出