學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精天津市南開中學2020屆高三模擬生物試題含解析南開中學2020屆高三年級高考模擬生物試卷一．選擇題1.下列關于實驗的敘述，正確的是A。粗提取DNA和鑒定生物組織中脂肪的實驗均需用乙醇B.在添加尿素的固體培養基上能生長的微生物均能分解尿素C。在制作果酒的實驗中，需將葡萄汁液裝滿整個發酵裝置D。光合色素在層析液中的溶解度越高，在濾紙上擴散就越慢【答案】A【解析】【分析】在DNA粗提取和鑒定實驗中，利用DNA不溶于酒精，而其他雜質能溶于酒精的原理提純DNA；在脂肪鑒定實驗中,用50％酒精溶液洗去浮色；在綠葉中色素的提取和分離實驗中，用無水乙醇來提取葉綠體中的色素；醫用或消毒常用體積分數為70％的酒精。果酒和果醋制作過程中的相關實驗操作:（1）材料的選擇與處理:選擇新鮮的葡萄,榨汁前先將葡萄進行沖洗，除去枝梗；（2)滅菌：①榨汁機要清洗干凈，并晾干；②發酵裝置要清洗干凈,并用70%的酒精消毒;（3）榨汁：將沖洗除枝梗的葡萄放入榨汁機榨取葡萄汁；（4）發酵：①將葡萄汁裝入發酵瓶，要留要大約1/3的空間,并封閉充氣口；②制葡萄酒的過程中，將溫度嚴格控制在18℃～25℃，時間控制在10～12d左右，可通過出料口對發酵的情況進行，及時的監測；③制葡萄醋的過程中，將溫度嚴格控制在30℃～35℃,時間控制在前7～8d左右，并注意適時通過充氣口充氣.【詳解】DNA不能溶于酒精，而蛋白質等雜質能溶于酒精,所以DNA粗提取實驗中，能用體積分數為95%的酒精提純DNA，在脂肪鑒定實驗中，用體積分數為50％酒精溶液洗去浮色，A正確；在添加尿素的固體培養基上能生長的微生物可能分解尿素，有些可能不能分解尿素，而是可以借用其他微生物分解尿素的產物,B錯誤;將葡萄汁裝入發酵瓶,要留要大約1/3的空間，并封閉充氣口，C錯誤;光合色素在層析液中的溶解度越高，在濾紙上擴散就越快，D錯誤；故選A。2。基因型為AaBbDd的二倍體生物，其體內某精原細胞減數分裂時同源染色體變化示意圖如下。敘述錯誤的是(）A。該細胞中四分體交叉互換發生在初級精母細胞中B.由于非姐妹染色單體發生交換，該細胞能產生四種精子C。B（b）與D（d）發生基因重組，A(a）與D（d）未發生基因重組D。該雄性生物產生的精子中，AbD、ABD、abd、aBd四種精子比例為1∶1∶1:∶1【答案】D【解析】【分析】分析題圖：圖示表示四分體時期,同源染色體的非姐妹染色單體之間交叉互換，這會導致基因重組。【詳解】A、由圖可知,該圖所示為同源染色體四分體時期發生了交叉互換，該時期發生于該生物減數第一次分裂的初級精母細胞中，A正確；

B、若不發生交叉互換，該細胞將產生AbD和aBd兩種精子，但由于基因b所在的片段發生過交叉互換，因此該細胞能產生AbD、ABD、abd、aBd四種精子，B正確;

C、由圖可知,基因b所在的片段發生了交叉互換，因此基因B（b）與D(d)或A（a）發生了基因重組，由于基因A(a）與D(d）所處染色體片段未發生交換,因此二者未發生基因重組,C正確；

D、由圖示可知,該雄性生物減數分裂時，發生了交叉互換而產生AbD、ABD、abd、aBd四種精子，但由于這種交叉互換具有隨機性，因此所產生的四種配子的比例并不一定相等，一般情況下表現為兩多兩少（互換產生的配子類型較少)，D錯誤。

故選D.3.非洲爪蟾卵母細胞對水的通透性極低。科學家將細胞膜蛋白CHIP28的mRNA注入到非洲爪蟾卵母細胞內，72h后將其放入低滲溶液中，與未注入此mRNA的細胞做比較，結果如下圖.下列說法不合理的是(）A。注入的mRNA在細胞中可作為翻譯的模板 B。推側CHIP28蛋白借助囊泡定位到細胞膜上C.水分子自由擴散進入卵母細胞導致其漲破 D。CHIP28蛋白增大了卵母細胞對水的通透性【答案】C【解析】【分析】分析題圖可知，水生動物非洲爪蟾的卵母細胞在低滲溶液不膨脹，而將控制細胞膜上CHIP28合成的mRNA注入非洲爪蟾的卵母細胞中，在低滲溶液中,卵母細胞迅速膨脹，說明水的吸收與細胞膜蛋白CHIP28(水通道蛋白）有關。【詳解】注入的mRNA在細胞中可作為翻譯的模板，翻譯出細胞膜蛋白CHIP28，A正確；CHIP28是一種膜蛋白,其合成在核糖體進行，加工、運輸需要內質網和高爾基體的參與,借助囊泡定位到細胞膜上,B正確；非洲爪蟾卵母細胞對水的通透性極低，未注入此mRNA的細胞（對照組)在低滲溶液不膨脹，可推知CHIP28蛋白增大了卵母細胞對水的通透性，水分子進入卵母細胞是在CHIP28蛋白協助下的協助擴散,C錯誤；D正確.4.為研究赤霉素(GA)和脫落酸（ABA)在種子萌發中的作用，科學家利用擬南芥突變體進行系列實驗,實驗處理及結果如下表。據實驗結果推測，錯誤的是（）擬南芥野生型野生型突變體1突變體1野生型突變體2突變體2處理方式MS培養基MS培養基+一定量GA拮抗劑MS培養基MS培養基+一定量GAMS培養基+一定量ABAMS培養基MS培養基+一定量ABA種子萌發與否—-——--A。突變體1是GA受體異常突變體B。突變體2是ABA受體異常突變體C.野生型種子萌發時內源ABA含量很低D.GA與ABA在此過程中有拮抗作用【答案】A【解析】【分析】赤霉素主要作用是促進細胞伸長，從而引起植株增高，促進種子萌發和果實發育；脫落酸的主要作用是抑制細胞分裂，促進葉和果實的衰老和脫落，抑制種子萌發.【詳解】A、突變體1在MS培養基上不萌發，在MS培養基+一定量GA時萌發,可知突變體1應是缺乏GA而不是GA受體異常，錯誤;B、由后三組實驗結果可知，突變體2添加一定量的ABA也不能抑制其萌發，說明突變體2是ABA受體異常突變體，正確;C、野生型種子在萌發時內部激素發生變化，ABA含量降低，由野生型在MS培養基上能夠萌發也可以推知其內源ABA含量很低，正確；D、由三組用野生型作為實驗材料的結果可知，GA與ABA在種子萌發過程中有拮抗作用,GA促進萌發，ABA抑制萌發，正確；故選A。【點睛】本題考查植物激素調節的相關知識，考生要能夠運用所學知識,通過比較、分析與綜合進行解釋、推理某些生物學問題，并做出合理的判斷或得出正確的結論。5。B淋巴細胞發育成熟和增殖分化的過程如下圖所示,下列敘述正確的是A。甲發育為乙的主要場所是胸腺 B。丙表面形成了特異性抗原受體C.乙增殖分化為丙需要抗原刺激 D。丙具有較強的分裂和分化能力【答案】C【解析】B淋巴細胞在骨髓中發育成熟，A錯誤；丙為漿細胞，不能識別抗原，其表面沒有形成特異性抗原受體，B錯誤；乙受到抗原刺激后，在淋巴因子的作用下增殖分化為漿細胞與記憶細胞,C正確；丙是高度分化的細胞,已經不再具有增殖分化能力,D錯誤。【點睛】本題結合B淋巴細胞的轉化關系圖，考查人體免疫細胞的來源、作用以及免疫系統在維持穩態中的作用，要求學生識記人體免疫系統的組成及淋巴細胞的起源和分化，掌握體液免疫和細胞免疫的功能，能運用所學的知識準確判斷各選項。6.各取未轉基因的水稻（W）和轉Z基因的水稻（T）數株,分組后分別噴施蒸餾水、寡霉素和NaHS03,24h后進行干旱脅迫處理（脅迫指對植物生長和發育不利的環境因素），測得未脅迫和脅迫8h時的光合速率如圖所示.已知寡霉素抑制光合作用和細胞呼吸中ATP合成酶的活性.下列敘述正確的是A.寡霉素在細胞呼吸過程中抑制線粒體外膜上［H］的傳遞B.寡霉素在光合作用過程中的作用部位是葉綠體中的基質C。轉Z基因提高光合作用的效率，且增加寡霉素對光合速率的抑制作用D。噴施NaHS03促進光合作用．且減緩干旱脅迫引起的光合速率的下降【答案】D【解析】【詳解】A.已知寡霉素抑制光合作用和細胞呼吸中ATP合成酶的活性。寡霉素在細胞呼吸過程中抑制線粒體內膜上［H]的傳遞，A錯誤；B.ATP產生于光合作用的光反應,寡霉素在光合作用過程中的作用部位是葉綠體中的類囊體薄膜,B錯誤；C。對比分析（W＋H2O）與（T＋H2O）的實驗結果可知：轉Z基因提高光合作用的效率,對比分析（W＋寡霉素）與（T＋寡霉素）的實驗結果可知：轉Z基因可以減緩增加寡霉素對光合速率的抑制作用，C錯誤；D.對比分析（W＋H2O）、（W＋寡霉素）與（W＋NaHS03）的實驗結果可知：噴施NaHS03能夠促進光合作用，且減緩干旱脅迫引起的光合速率的下降,D正確.故選D。【點睛】本題以反應實驗結果的柱形圖為依托，采用圖文結合的形式考查學生對實驗結果的分析能力.解答此類問題的關鍵是：①閱讀題干，明確脅迫的內涵和寡霉素的作用。②從題圖中提取有效信息：6組的光合速率及其處理的差異，以此為解題的切入點,運用所學實驗設計的原則、有氧呼吸和光合作用等相關知識進行綜合分析判斷。7.稻飛虱以刺吸水稻的汁液為生，成蟲有短翅型和長翅型兩種，長翅利于稻飛虱在水稻發育晚期遷移到適宜生存的環境.研究人員在含糖量不同的封閉環境中飼養稻飛虱若蟲（幼蟲），探究種群密度對成蟲翅形比例的影響，結果如下圖。下列說法錯誤的是（）A。水稻和稻飛虱共同組成生物群落B。稻飛虱屬于生態系統中的消費者C。稻飛虱種群高糖、高密度情況下遷移能力提高D。水稻與稻飛虱在相互選擇中共同（協同）進化【答案】A【解析】【分析】1、生物群落的概念:在同一時間內、占據一定空間的相互之間有直接或間接聯系的各種生物種群的集合。群落是在一定的空間內具有直接或間接關系的所有生物的綜合,由一定的動物、植物和微生物種群組成。群落內的生物不同物種之間存在著種間關系，包括捕食、寄生、捕食、互利共生和競爭等。

2、生物進化的實質是種群基因頻率的定向改變，不同物種之間、生物與無機環境之間是相互影響、共同發展，即共同進化，通過漫長的共同進化，形成生物多樣性。【詳解】群落是一定區域內的所有生物，A錯誤；

稻飛虱以刺吸水稻的汁液為生,屬于生態系統最高的消費者，B正確；

由柱形圖可知,稻飛虱在高糖、高密度情況下，短翅比例下降，長翅比例升高,因此遷移能力提高，C正確;

生物進化是共同進化,因此水稻與稻飛虱在相互選擇中共同（協同）進化，D正確。

故選A。【點睛】本題旨在考查學生理解群落的概念和種間關系、生態系統的組成成分及生物進化等知識要點，把握知識的內在聯系,形成知識網絡，并結合題干信息進行推理、判斷.8。圖1表示某二倍體動物細胞分裂過程中某結構的數量變化曲線，圖2表示與該分裂有關的不同分裂時期的圖象．下列分析不正確的是（）A.圖1曲線可表示減數第一次分裂時同源染色體對數的數量變化B。由圖2可知該二倍體動物應為雄性個體C.乙細胞中染色體①上的基因可與染色體②或③上的基因發生自由組合D。圖2中的甲、丁細胞都處于圖1中的A～B段【答案】D【解析】【分析】分析題圖1：該物質數量在OB段為N，在BC段變成0，因此該曲線最可能是減數分裂過程同源染色體數目的變化；B點之后同源染色體數目為0，因此減數第一次分裂結束，BC段是減數第二次分裂過程；分析圖2：甲是有絲分裂后期；乙是精原細胞,其中①和④是一對同源染色體，②③是一對同源染色體,①和②、③是非同源染色體,④和②、③是非同源染色體;丙是減數第一次分裂后期；丁是減數第一次分裂產生的次級精母細胞。【詳解】A、在減數第一次分裂后期時同源染色體分離,因此減數第二次分裂過程中沒有同源染色體，因此圖1曲線可表示減數第一次分裂時同源染色體對數的數量變化,A正確；

B、圖丙細胞處于減數第一次分裂后期，并且細胞質均等分裂,即為初級精母細胞，因此該個體為雄性個體,B正確；

C、乙細胞中染色體①與染色體②或③屬于非同源染色體，在減數第一次后期時,位于非同源染色體上的非等位基因會發生自由組合,C正確；

D、丁不存在同源染色體，A～B段含有同源染色體,丁細胞不處于A～B段,D錯誤。

故選D.9。如圖為部分碳循環示意圖，其中I、II、III、IV、V代表不同生物類群，①②代表相關的生理過程，相關敘述不正確的是A.圖中I、II、III、IV、V共同構成生物群落B。該生態系統通過捕食關系構成的聯系是I→II→III→IVC.經過②過程釋放的能量會重新經過①過程進入生物群落D.碳元素在I、II、III、IV、V之間以含碳有機物的形式傳遞【答案】C【解析】【分析】分析題圖:I是生產者，II是初級消費者，III是次級消費者，IV是三級消費者，V是分解者，①是光合作用,②是各生物的呼吸作用.【詳解】A。由上分析可知，圖中I是生產者，II、III、IV是消費者,V是分解者,共同構成生物群落，A正確；B.分解者不參與構成捕食鏈，該生態系統構成捕食關系是I→II→III→IV，B正確；C.能量是單向流動的，不能循環重復利用，C錯誤;D.碳元素在生物群落之間以含碳有機物的形式傳遞，D正確.故選C。10.下丘腦的CRH神經元興奮后可分泌促腎上腺皮質激素釋放激素CRH(—種含41個氨基酸的神經肽），促進垂體分泌促腎上腺皮質激素，進而促進腎上腺皮質分泌腎上腺皮質激素。研究發現下丘腦一垂體一腎上腺軸的功能紊亂，可使CRH神經元過度興奮,導致CRH分泌增多，為抑郁癥的成因之一.下列敘述錯誤的是A。正常狀態下，興奮在神經元之間以電信號的形式單向傳遞B。CRH的合成、加工需要多種細胞器協調配合，分泌方式為胞吐C.健康人血液中腎上腺皮質激素增多時會增強對下丘腦的抑制D.可以通過調控CRH基因或受體的表達水平等方法治療抑郁癥【答案】A【解析】分析:1.興奮在神經元間通過突觸傳遞，傳遞過程發生電信號—化學信號—電信號的轉變。2。神經遞質由突觸前膜以胞吐形式分泌到突解間隙。CRH的合成、加工過程參與的細胞器有核糖體、內質網、高爾基體、線粒體等。3.激素調節的分級調節機制:下丘腦分泌促激素釋放激素,促進垂體分泌促激素，進而促進某內分泌腺分泌激素;激素調節的反饋調節機制:某內分泌腺分泌激素抑制下丘腦和垂體對相關激素的合成和分泌.詳解：興奮在神經元之間通過突觸傳遞，從一個神經元通過突觸傳向另一個神經元存在著電信號—化學信號-電信號的轉變，A項錯誤；CRH是一種多肽,在核糖體上合成后,經過內質網和高爾基體的加工，以胞吐形式分泌到細胞外，B項正確;機體內的激素調節具有反饋調節機制，當腎上腺皮質分泌腎上腺皮質激素增多時,會增強對下丘腦的抑制，從而維持體內激素的正常水平，C項正確；根據題干可知，通過調控CRH基因或受體的表達水平，減少CRH的分泌可治療抑郁癥，D項正確；答案選A。點睛:本題考查神經調節和激素調節相關知識,解題關鍵是：1。區別興奮在神經纖維上傳導和神經元間傳遞形式的不同；2。理解激素調節中的分級調節和反饋調節機制。聯系教材相關知識的概念、原理，應用所學知識分析判斷問題。11.篩選淀粉分解菌需使用以淀粉為唯一碳源的培養基。接種培養后，若細菌能分解淀粉,培養平板經稀碘液處理,會出現以菌落為中心的透明圈（如圖），實驗結果見下表。菌種菌落直徑：C（mm）透明圈直徑：H（mm）H/C細菌Ⅰ5.111.22。2細菌Ⅱ8。113.01.6有關本實驗的敘述，錯誤的是A.培養基除淀粉外還含有氮源等其他營養物質B。篩選分解淀粉的細菌時，菌液應稀釋后涂布C。以上兩種細菌均不能將淀粉酶分泌至細胞外D。H/C值反映了兩種細菌分解淀粉能力的差異【答案】C【解析】【分析】該選擇培養基上的唯一碳源是淀粉，只有能利用淀粉的微生物才能存活，微生物分解淀粉后，會產生透明圈。【詳解】培養基一般含有碳源、氮源、水、無機鹽和生長因子等成分,A正確；篩選淀粉分解菌時，需要對菌液進行一系列的梯度稀釋，再將不同稀釋度的菌液分別涂布到固體培養基上進行培養，B正確；由題意可知，以上兩種菌均會產生透明圈，說明兩種菌均可以產生淀粉酶并分泌到細胞外分解淀粉，C錯誤；淀粉分解菌的H/C越大,說明其產生的淀粉酶分解的淀粉相對越多，可說明該淀粉分解菌分解淀粉的能力越強，D正確.因此，本題答案選C。12。下列關于現代生物進化理論的內容,正確的是（）A。某種群A有100個個體，80種基因型,種群B有500個個體50種基因型，則A種群的基因庫比B種群的大B。某樺尺蠖種群黑色（S基因控制）對淺色(ss）為顯性,基因型頻率如下：SS10%,Ss20％，ss70%.由于樹干變黑，使淺色個體每年減少10%，深色個體每年增加10%，則第二年SS基因型變為11．5%，Ss基因型頻率變為22．9%C.某非常大的昆蟲種群中隨機抽取100個個體，基因型為AA,Aa和aa的個體分別為30、60和10個，隨機交配一代后，相應的基因型頻率變為36%、48%和16%，說明種群進化了D。一個山谷中，由于山洪暴發使得某鼠群的個體被河流一分為二,這樣過了很多年，結果兩個鼠群大不相同，產生了生殖隔離【答案】B【解析】【分析】基因頻率是種群基因庫中，某基因占其等位基因的比例，生物進化的實質是種群基因頻率的改變,自然選擇通過定向改變種群的基因頻率而使生物朝著一定的方向進化，物種形成的標志是產生了生殖隔離。【詳解】A、基因庫是指一定時間內一個種群全部個體所擁有的全部基因,A種群100個個體80種基因型的基因數量不一定就比B種群500個個體50種基因型的全部基因數量多，A錯誤;

B、與第一年相比，第二年中SS占11％、Ss占22%，ss占63%,因此第二年該種群中SS的基因型頻率是11%÷（11％+22％+63％)≈11。5%,Ss生物基因頻率是22％÷(11%+22％+63％）≈22。9％，B正確；

C、生物進化的實質是種群基因頻率的改變,親代中A=60%,a=40%,隨機交配一代后,A=60％，a=40％,種群基因頻率沒有改變，因此種群沒有發生進化，C錯誤；

D、河流將鼠種群一分為二,很多年后產生了地理隔離，但不一定就產生了生殖隔離，D錯誤。

故選B。二、非選擇題13。石油污染會造成某些生物的大量死亡或大量增加，引起生態系統的變化。運用生物修復技術已發展成高效、低成本、環境友好的污染治理方法，該方法主要是在污染地接種經馴化的高效微生物來提高生物降解污染物的速率。圖1表示馴化降解石油成分菌株S25A1的方法.圖2為不同N∶P對石油降解的影響.請回答:（1）在被污染的區域的S25A1菌能降解石油,該菌的代謝類型為________________，屬于生態系統成分中的________________。（2）研究人員用基因工程的方法增強S25A1菌株的降解能力，圖中載體的化學本質為________________,除標出的抗性基因外，還應具有________________和________________的起點。（3）實驗中接種1的常用方法有________________和________________,將其接種在固體培養基中，該培養基中除了必要的營養物質外，還需要添加_______________。（4）在接種2中使用接種環接種前，需要用________________方法對接種環滅菌處理。（5）從圖2中可以看出，________________元素含量較高時，石油能夠迅速降解。該元素在菌體細胞內可參與________________、________________等細胞結構的物質組成.【答案】（1).異養需氧型（2）.分解者(3).DNA（4).復制(5)。轉錄(6).平板劃線法（7）.稀釋涂布平板法（8）.卡那霉素（9).灼燒法(10).P（11）.細胞膜（12).核糖體【解析】【分析】根據微生物可以分解石油和在培養基中培養的情況,可判斷該微生物的新陳代謝類型是異養需氧型。異養型微生物在生態系統中為分解者成分；在基因工程中常用質粒做運載體,簡單的質粒載體必須包括三個部分:復制區（含有復制原點)、遺傳標記基因(主要是抗性基因)、目的基因插入點。稀釋涂布平板法和平板劃線法是細菌接種的常用方法；用選擇性培養基選出所需要的菌種；在微生物實驗操作中,防止雜菌污染時貫穿實驗整個過程中，不同材料需要不同的滅菌方法。【詳解】（1）分解石油，石油中富含有機物，圖1中培養S25A1菌過程沒有隔離空氣，則說明該菌屬于異養需氧型微生物，在生態系統中為分解者成分。（2）圖中的載體是質粒,質粒是存在于某些單細胞生物細胞中的一種環狀DNA分子;簡單的質粒載體必須包括三個部分：復制區（含有復制原點）、遺傳標記基因（主要是抗性基因）、多個限制酶的切點，以便目的基因插入。圖中所示的載體除了標出的抗性基因外還需具備復制原點——載體復制和轉錄和起點。（3）實驗室中接種和分離微生物菌種常用的方法有稀釋涂布平板法和平板劃線法；在培養基中加入卡那霉素形成了選擇性培養基，目的是去除降解能力不強的菌株，促進降解能力強的菌株生長。因為由圖1可見，降解能力強的菌株體內含有卡那霉素抗性基因，具有抗卡那霉素的功能。（4）接種環在接種前,將接種環的環端和接種室可能進入試管的部分放在火焰上，來回燒灼法幾次，以達到滅菌處理的效果.(5)由圖2可知，含P元素量越多，降解石油的時間越少.P元素可以合成磷脂、核酸（DNA、RNA）,磷脂可以參與細胞膜的合成，rRNA與蛋白質可以形成核糖體。【點睛】本題考查了基因工程和微生物培養過程中滅菌和菌種接種一些知識，意在考查考生能理解所學知識的要點,把握知識間的內在聯系的能力。14。葉綠體中催化CO2固定的酶R由葉綠體DNA編碼的大亞基和細胞核DNA編碼的小亞基共同組裝而成，其合成過程及部分相關代謝途徑如圖所示。請回答下列問題:（1）合成酶R時，細胞核DNA編碼小亞基遺傳信息轉錄成的RNA進入細胞質基質后指導多肽鏈合成;在葉綠體中，參與大亞基肽鏈合成的RNA中，種類最多的是________________。（2）進行光合作用時，組裝完成的酶R需ATP參與激活，光能轉化為ATP中的化學能是在________________上（填場所)完成的。活化的酶R催化CO2固定產生C3化合物（C3-I）,C3—I還原為三碳糖(C3-II）,這一步驟需要________________作為還原劑。在葉綠體中C3-II除了進一步合成淀粉外,還必須合成化合物X以維持卡爾文循環，X為________________。(3）作為光合作用的重要成分，X在葉綠體中的濃度受多種因素調控，下列環境條件和物質代謝過程，與X濃度相關的有________________(填序號）.①外界環境的CO2濃度②葉綠體接受的光照強度③受磷酸根離子濃度調節C3-II的輸出速度(4）光合作用旺盛時，很多植物合成的糖類通常會以淀粉的形式臨時儲存在葉綠體中,假如以大量可溶性糖的形式存在，則可能導致葉綠體________________。【答案】（1).tRNA(2)。類囊體(3).[H](4）。C5（5）。①②③（6）。吸水漲破【解析】【分析】分析圖示：細胞核中的DNA通過轉錄形成RNA，RNA通過核孔出細胞核，進入細胞質，在核糖體上進行翻譯形成小亞基。葉綠體中的DNA通過轉錄形成RNA,在葉綠體中的核糖體上進行翻譯形成大亞基。大亞基和小亞基組合形成酶R，催化二氧化碳的固定形成C3。【詳解】（1）葉綠體編碼大亞基的DNA,經過轉錄和翻譯，形成大亞基，在此過程中需要一種mRNA作為翻譯的模板，多種tRNA（最多61種)搬運氨基酸，故需要RNA種類最多的是tRNA。（2）光合作用過程中合成ATP是在葉綠體的類囊體薄膜上完成的。C3-I還原為三碳糖（C3-II）,需要光反應產生的［H］作為還原劑。C3—I的還原產物除了C3—II進一步合成淀粉外，還有一分子的C5，以維持卡爾文循環.（3)①外界環境的CO2濃度，直接影響二氧化碳的固定，間接影響C3的還原，進而影響C5的濃度，故①符合題意;②葉綠體接受的光照強度，直接影響光反應產生的[H］和ATP，間接影響C3的還原，進而影響C5的濃度,故②符合題意；③磷酸根離子濃度,直接影響ATP的合成，間接影響C3的還原以及C3-II輸出速度，進而影響C5的濃度，故③符合題意;故選①②③。（4）光合作用合成的糖類，如以大量可溶性糖的形式存在，則可能導致葉綠體大量吸水而漲破。【點睛】本題結合圖示主要考查光合作用和基因的表達相關知識，強化學生對相關知識的理解與運用能力.15。圖1是某生態系統部分生物關系示意圖。請回答下列問題:(1）生態系統最基本的生物成分是_________.圖1由喬木、草本植物、蝗蟲、蜘蛛和雜食性鳥構成的食物網中，雜食性鳥分別處于第__________營養級。（2）從圖1所示的營養關系分析，屬于分解者的有__________。有機碎屑被徹底分解產生的__________（至少寫出兩類)等供生態系統循環利用。（3)由于喬木的遮擋程度不同，導致了不同區域地表的草本植物、真菌等生物種類和數量有一定差異，地表生物的這種區域差異分布體現了群落具有__________結構。(4）下列屬于該區域東亞飛蝗種群基本特征的有__________（填序號）。①空間分布②遷入率③互利共生④物種豐富度⑤種群密度（5)圖2是圖1生態系統中某兩個營養級（甲、乙）的能量流動示意圖,其中a～e表示能量值。乙糞便中食物殘渣的能量包含在_________（填圖2中字母)中，乙用于生長、發育及繁殖的能量值可表示為__________(用圖2中字母和計算符號表示）。【答案】（1)。生產者(2).二、三、四（3).大型真菌、跳蟲（4)。無機鹽、CO2、H2O（5）。水平(6）.①②⑤（7)。c(8）.a—b【解析】【分析】本題考查了種群、群落、生態系統的相關知識。任何一個生態系統都具有一定的結構和功能。生態系統結構主要包括組成成分、營養結構(食物鏈和食物網）兩個方面；生態系統的功能包括物質循環、能量流動和信息傳遞。圖1為某生態系統的部分生物關系圖,其中草本植物、喬木為生產者，蝗蟲、蜘蛛、雜食性鳥為消費者，大型真菌、跳蟲為分解者。圖2是生態系統中某兩個營養級的能量流動示意圖,a表示乙的同化量，e、b分別表示甲、乙呼吸作用散失的能量，c、d分別表示甲、乙流向分解者的能量。一般來說，流入某一營養級的一定量的能量在足夠長的時間內的去路可以有三條：(1）自身呼吸消耗（2)流入下一營養級(3)被分解者分解.【詳解】（1)在生態系統中，生產者是自養生物,主要是綠色植物.生產者可以通過光合作用，把太陽能固定在它們所制造的有機物中,太陽能變成化學能從而可以被生物所利用,因此生產者可以說是生態系統的基石，是生態系統的主要成分.雜食性鳥以草本植物等生產者為食處于第二營養級，以蝗蟲為食處于第三營養級，以蜘蛛為食處于第四營養級。（2）生態系統的分解者能將動植物遺體殘骸中的有機物分解成無機物，圖1中的大型真菌和跳蟲屬于分解者，它們可以將有機碎屑分解成CO2、H2O和無機鹽被生產者重新利用.（3）群落的水平結構是指由于地形的變化、土壤濕度和鹽堿度的差異、光照強度的不同、生物自身生長特點的不同,以及人與動物的影響因素，不同地段上往往分布著不同的種群.喬木的遮擋程度不同，造成了光照強度的不同，使不同地段上分布的生物種類和數量有一定差異，體現了群落具有水平結構。（4）種群特征包括數量特征和空間特征.種群的數量特征有:種群密度、出生率和死亡率、遷入率和遷出率、性別比例、年齡組成。種群的空間特征即種群的空間分布，包括均勻分布、集群分布、隨機分布。因此①②⑤屬于東亞飛蝗種群的基本特征，而③④屬于群落水平上研究的問題。（5）乙糞便中的能量屬于乙的攝入量，但是為乙沒有消化、吸收的能量，因此不是乙的同化量而是甲同化的能量中流向分解者的一部分，故乙糞便中食物殘渣的能量包含在c中。乙同化的能量一部分用于呼吸消耗，一部分用于自身生長、發育、繁殖，圖中a為乙的同化量，b為乙呼吸作用消耗的能量，所以乙用于自身生長、發育、繁殖的能量為a－b.【點睛】1、生產者是生態系統的主要成分，是生態系統的基石。分解者可以將動植物遺體殘骸中的有機物分解成無機物，被生產者重新利用.16.2020年，一場由病毒引起的肺炎疫情在全球范圍內蔓延，截止到北京時間6月12日，全球新冠肺炎確診病例超過750萬，累計死亡病例超42萬。新型冠狀病毒肺炎是一種急性感染性肺炎,其病原體是一種先前未在人類中發現的新型冠狀病毒，即2019新型冠狀病毒。2020年2月11日，世界衛生組織（WHO）將其英文名稱為CoronaVirusDisease2019（COVID—19）。

新冠肺炎病毒為單股正鏈（+RNA）病毒，下面為該病毒在宿主細胞內增殖的示意圖.據圖回答下列問題：(1）圖中病毒進入細胞的方式是________________。病毒需先與宿主細胞上的________結合。（2）假定病毒基因組+RNA含有7500個堿基，其中A和U占堿基總數的40％。病毒基因組+RNA為模板合成一條子代+RNA的過程共需要堿基G和C________________個。（3)圖中+RNA有三方面的功能分別是______________、_________、____________.（4）下列關于COVID-19病毒的說法錯誤的有________________.A．COVID-19的遺傳物質是RNA，其復制方式和所需要的酶和HIV病毒一致B．COVID-19病毒遺傳信息的傳遞遵循中心法則，去除病毒外殼蛋白需要宿主的溶酶體C．COVID—19無細胞結構,因其結構最簡單所以是最基本生命系統D．可用含有放射性標記的牛肉膏蛋白胨培養基培養COVID—19用于研究病毒的代謝E．COVID-19進入細胞與膜的結構特點有關，此過程需要消耗宿主細胞的能量（5）利用競爭酶聯免疫檢測技術,可以檢測病毒抗原蛋白表達量,原理如下圖所示。檢測之前，將“目的蛋白”的特異性抗體固定在支持物上,待測樣本中的抗原和酶標記抗原競爭結合固相抗體，標記抗原的酶可催化顏色反應.下列說法正確的是________________A．檢測過程中待測抗原和酶標記抗原均可以和固相抗體結合B．需設置僅有酶標記抗原或者僅有待測抗原的兩組對照C．實驗組和對照組加入底物的量及顯色時間必須一致D．反應體系中藍色越深說明待測樣品抗原蛋白含量越高（6）用基因工程的方法制備出疫苗后，還需用實驗動物檢測疫苗刺激機體產生抗體的能力。①實驗原理：通過接種疫苗，滅活病毒進入實驗動物體內可刺激B細胞，使之增殖、分化形成漿細胞并產生相應的________________;當________________病毒再次入侵時，機體能產生更強的特異性免疫反應，包括________________。②實驗過程:將健康實驗動物分成對照組和多個實驗組,每組若干只動物.對照組的處理:接種不含疫苗的接種物,一段時間后再________________。實驗組的處理:接種________________，一段時間后再接種病毒.為確定該疫苗的有效濃度，不同實驗組動物需接種________________的疫苗.③分析實驗結果：統計實驗組和對照組動物的發病率、存活率。若該疫苗可以刺激機體產生足夠的抗體,則實驗組比對照組發病率________________，存活率________________.【答案】(1）。胞吞（2）.受體蛋白(3).9000(4）.翻譯的模板（5).復制的模板(6）.病毒的重要組成成分（7）。ACD（8）。ABC（9）。抗體(10)。同種(11）.細胞免疫和體液免疫（12）。接種病毒（13)。疫苗(含疫苗的接種物)(14）。不同濃度(15）.低（16）.高【解析】【分析】根據該病毒在宿主細胞內增殖的示意圖可知，病毒的增殖的過程為:1、黏附識別并入侵；2、溶酶體去殼;3、功能蛋白翻譯；4、RNA復制;5、翻譯自身結構蛋白；6、組裝；7釋放.【詳解】（1)由圖示過程可知,該病毒進入宿主細胞的方式為胞吞；在侵染時，病毒需先與宿主細胞上的受體蛋白結合.（2)由圖示可知，病毒基因組+RNA為模板合成一條子代+RNA的過程中，先合成一條－RNA,再以該－RNA為模板合成＋RNA，整個過程均遵循堿基互補配對原則。又由于+RNA中A+U=40％，所以C+G=60％，因此整個過程中共需要堿基G和C的量為:60％×7500×2=9000個.(3）由圖中+RNA所指導的過程,可以看出+RNA有三方面的功能即:作為翻譯的模板、作為復制的模板和病毒的重要組成成分。(4)A、COVID—19為RNA病毒但不屬于逆轉錄病毒，HIV為逆轉錄病毒，因此二者所需要的酶種類不一致，A錯誤；B、COVID-19病毒遺傳信息的傳遞仍遵循堿基互補配對原則，遵循中心法則；由圖示病毒的侵染過程可以看出，去除病毒外殼蛋白需要宿主的溶酶體參與,B正確；C、細胞是最基本的生命系統，COVID-19病毒無細胞結構，不屬于生命系統，C錯誤；D、病毒無細胞結構，決定了其只能寄生于宿主細胞內，不能直接用培養基進行培養，D錯誤；E、COVID-19病毒入侵細胞的方式為膜融合或胞吞，依賴于膜的結構特點——流動性，此過程需消耗宿主細胞的能量，E正確.故選ACD。（5）A、根據題目信息可知，待測樣本中的抗原和酶標記抗原競爭結合固相抗體，A正確;B、本實驗是根據顏色變化來反映病毒抗原蛋白表達量，為保證結果的準確性，需設置僅有酶標記抗原或者僅有待測抗原的兩組對照,B正確；C、實驗中需要控制無關變量，所以實驗組和對照組加入底物的量及顯色時間必須一致,C正確；D、根據圖示反應原理，待測樣本中的抗原和酶標記抗原競爭結合固相抗體,所以反應體系中藍色越深說明待測樣品抗原蛋白含量越低，D錯誤。故選ABC.（6）①實驗原理：通過接種疫苗，滅活病毒進入實驗動物體內可刺激B細胞，使之增殖、分化形成漿細胞并產生相應的抗體；當同種病毒再次入侵時，機體能產生更強的特異性免疫反應，包括細胞免疫和體液免疫.②根據實驗中的對照原則，對照組的處理：接種不含疫苗的接種物，一段時間后再接種病毒；實驗組的處理：接種含有疫苗的接種物,一段時間后再接種病毒。為確定該疫苗的有效濃度，不同實驗組動物需接種不