2024屆山西省長治市三校化學高一上期末復習檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、反應2KMnO4+16HCl(濃)=2KCl+2MnCl2+5Cl2↑+8H2O中，氧化劑是A．KMnO4 B．HCl C．MnCl2 D．Cl22、下列各組中兩種氣體所含的原子數一定相等的是()A．質量相等、密度不等的氮氣和一氧化碳B．溫度相同、體積相同的氧氣和氮氣C．體積相等、密度相等的一氧化碳和乙烯D．壓強相同、體積相同的氮氣和氧氣3、某運載火箭的主要燃料是偏二甲肼(用R表示)和四氧化二氮，在火箭發射時，二者劇烈反應產生大量氣體并釋放出大量的熱，該反應的化學方程式為R＋2N2O4=3N2↑＋4H2O↑＋2CO2↑，則下列敘述錯誤的是A．此反應是氧化還原反應B．反應瞬間產生大量高溫氣體，推動火箭飛行C．在反應中N2O4作還原劑D．R的分子式為C2H8N24、“綠水青山就是金山銀山?”，下列行為不符合這一理念的是：A．日常生活、生產中節約資源B．汽車裝凈化裝置，減少尾氣中污染氣體排放C．加大煤炭的開采力度，降低冬季供暖價格D．實施綠化，減少環境污染5、下圖是一檢驗氣體性質的實驗裝置。向裝置中緩慢通入氣體X，若關閉活塞K，則品紅溶液無變化，而澄清石灰水變渾濁；若打開活塞K，則品紅溶液褪色。據此判斷氣體X和洗氣瓶內液體Y(足量)可能是()選項ABCDXCOSO2CO2Cl2Y濃H2SO4NaHCO3飽和溶液Na2SO3溶液NaHSO3飽和溶液A．A B．B C．C D．D6、下列反應中，離子方程式書寫正確的是()A．Fe和濃鹽酸反應：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑B．氯氣通入冷的石灰乳中:Cl2+2OH－=Cl－+ClO－+H2OC．醋酸和碳酸鈉溶液反應：2H++CO32－=H2O+CO2↑D．石灰石和鹽酸反應：CaCO3+2H+=Ca2++CO2↑+H2O7、設NA為阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是A．標準狀況下，11.2LHNO3中含有的分子數目為0.5NAB．常溫下，2.7g鋁片放置在空氣中足夠的時間，反應轉移電子數為0.3NAC．標準狀況下，6.72LNO2與水充分反應轉移的電子數目為0.3NAD．含有1molH2SO4的濃硫酸和過量Zn反應能產生的氣體分子數大于0.5NA8、某溶液中只含有K+、Al3+、Cl-、四種離子，已知K+、Al3+、Cl-的個數比為2:2:3，則溶液中Al3+和的個數比為A．4:5 B．1:3 C．2:3 D．1:49、鋁和某些金屬氧化物在高溫下的置換反應稱為“鋁熱反應”，比如：4Al+3MnO22Al2O3+3Mn，下列有關說法錯誤的是A．該反應為置換反應B．反應中氧化劑為MnO2，氧化產物為MnC．從反應可以比較還原性：Al強于MnD．反應中生成1molAl2O3時，轉移的電子數為6NA10、等質量的甲烷和氨氣相比較，下列結論中錯誤的是()A．兩種氣體的分子個數之比為17∶16B．同溫同壓下，兩種氣體的體積之比為17∶16C．兩種氣體的氫原子個數之比為17∶12D．同溫同壓下，兩種氣體的密度之比為17∶1611、現有下列五個轉化，其中不能通過一步反應實現的是（）①SiO2Na2SiO3②CuSO4CuCl2③SiO2H2SiO3④CuOCu(OH)2⑤Na2O2Na2SO4A．①② B．③④C．②③④ D．②③④⑤12、200mL0.5mol·L－1的鹽酸與14.3gNa2CO3·xH2O恰好完全反應生成CO2，則x為A．5 B．6 C．9 D．1013、已知SO32ˉ+I2+H2O=SO42ˉ+2Iˉ+2H+，將0.09molCl2通入100mL含amolNaI與amolNa2SO4的混合溶液中，有0.25amol的NaI被氧化(不考慮Cl2與I2之間的反應)，則下列說法正確的是A．物質的還原性Iˉ>SO32ˉB．NaI與Na2SO3的物質的量濃度為0.08mol/LC．通入0.09molCl2發生反應的離子方程式為：8SO32ˉ+2Iˉ+9Cl2+8H2O=8SO42ˉ+I2+16H++18ClˉD．若再通入0.07molCl2，恰好能將NaI與Na2SO3完全氧化14、下列有關說法正確的是A．氯化鈉溶液均一、穩定、透明，不是分散系B．“冰水混合物”是一種分散系C．分散系有的是純凈物，有的是混合物D．分散系都是混合物，按分散質和分散劑所處的狀態，分散系的組合可能有9種方式15、已知甲、乙、丙三種金屬只有乙能與酸溶液反應產生氫氣，而將金屬丙投入到金屬甲的鹽溶液中，能觀察到金屬丙的表面有金屬甲析出。則下列關于金屬甲、乙、丙的金屬活動性順序排列正確的是（）A．乙＞丙＞甲 B．甲＞丙＞乙C．乙＞甲＞丙 D．甲＞乙＞丙16、下列物質在水溶液中的電離方程式書寫錯誤的是()A．NaHCO3=Na++H++ B．NH4NO3=C．NaHSO4=Na++H++ D．Ba(OH)2=Ba2++2OH﹣二、非選擇題（本題包括5小題）17、A、B、C、D四種化合物，其中A、C、D焰色反應均為黃色，而B的焰色反應為紫色，A、C和鹽酸反應均得到D，將固體C加熱可得到A，若在A的溶液中通入一種無色無味氣體，又可制得C，若B的溶液滴加到硫酸亞鐵溶液會先后出現白色沉淀→灰綠色沉淀→紅褐色沉淀E。試推斷：（1）A：__、B：__、C：__、D：__、E：__；（2）固體C加熱得到A的化學反應方程式__；（3）得到紅褐色沉淀E的化學反應方程式__。18、如圖表示A～E五種物質的相互轉化關系，其中A為淡黃色粉末，C為單質。(1)則A為_________。（填化學式）(2)寫出③、⑧對應的方程式：③___________。(化學方程式)⑧_________。(離子方程式)19、氯是非常重要的非金屬元素，某化學活動社團為了探究氯氣的制法、性質和用途，設計了如下實驗裝置。請按要求回答：(1)儀器A的名稱為____________；B中飽和食鹽水的作用是_________________。(2)請寫出二氧化錳與濃鹽酸反應的化學方程式__________________________。(3)廣口瓶C、E中的有色布條褪色的是_____（填“C”或“E”）。(4)裝置F可用于制漂白粉，漂白粉的有效成分是（________）A．Ca(OH)2B．Ca(ClO)2C．CaCl2D．Ca(ClO)2和CaCl2(5)燒杯G的作用是處理尾氣。請寫出G中反應的離子方程式_________________。(6)將Ⅰ中的反應產物溶于水配成溶液，請設計簡單的實驗方案證明該溶液中主要陽離子的存在：______________________________________。20、某化學興趣小組為探究銅與濃硫酸的反應，用下圖所示的裝置進行實驗：請回答下列問題：（1）儀器a的名稱是________________。（2）B是用來收集實驗中產生氣體的裝置，但未將導管畫全，請將裝置圖補充完整_____。（3）實驗中他們取6.4g銅片和3mL8mol·L-1濃硫酸放在圓底燒瓶中共熱，直到反應停止，最后發現嬈瓶中還有銅片剩余，該小組中的同學認為還有一定量的硫酸剩余。①寫出銅與濃硫酸反應的化學方程式：_______________________________；實驗中若有mg銅參加了反應，轉移電子的數目為_______________。②為什么有一定量的硫酸剩余但未能使銅片完全溶解?你認為的原因是______________________。③下列試劑中，能證明反應停止后燒瓶中有硫酸剩余的是_________（填寫字母編號）。A．硫酸鈉溶液B．氯化鋇溶液C．銀粉D．碳酸氫鈉固體（4）為了測定剩余硫酸的物質的量，該興趣小組通過分液漏斗加入過量的NaNO3溶液，測定燒瓶中產生的氣體為物質的量之比為2∶1的NO和NO2混合氣體，且完全反應后還有銅片剩余①請寫出加入NaNO3溶液后，容器中發生的離子方程式_______________________________。②若實驗中產生氣體的總體積為336mL（標況下），則剩余硫酸的物質的量為______________________。21、鐵是人類較早使用的金屬之一。運用所學知識，回答下列問題。（1）將FeCl3溶液滴入沸水可以制得Fe(OH)3膠體。鑒別Fe(OH)3膠體和FeCl3溶液的方法是____________________________________。（2）膠體區別于其他分散系的本質特征是__________________________________。（3）人體不易吸收三價鐵，所以常用硫酸亞鐵治療缺鐵性貧血。解釋補鐵的同時服用維生素C的原因__________________________________________________。（4）電子工業用FeCl3溶液腐蝕敷在絕緣板上的銅，制造印刷電路板，請寫出FeCl3溶液與銅反應的離子方程式__________________________________________。工程師欲從制造印刷電路板的廢水中回收銅，并獲得FeCl3溶液，設計如下方案：根據上述設計方案并結合所學知識回答以下問題。（5）檢驗濾液E中金屬陽離子的方法是___________________________________。（6）通入F發生反應的離子方程式為_____________________________________。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、A【解題分析】

氧化還原反應中，氧化劑得電子化合價降低，據此分析各選項。【題目詳解】A.高錳酸鉀中Mn原子化合價由+7變為+2，為氧化劑，A正確；B.HCl中，部分Cl化合價升高，部分未變，升高部分作還原劑，B錯誤；C.MnCl2為還原產物，C錯誤；D.Cl2為氧化產物，D錯誤；答案為A。【題目點撥】解答本題的關鍵是要牢記氧化還原反應中的變化規律。2、A【解題分析】

A.氮氣和一氧化碳的摩爾質量相等，質量相等時其物質的量相等，二者都是雙原子分子，故原子數一定相等，故A正確；B.溫度、體積相同條件下，影響氣體分子數目的因素還有壓強，由于兩者的壓強不一定相等，則兩氣體的物質的量不一定相等，故含有的原子數目不一定相等，故B錯誤；C.體積和密度相等，則兩氣體的質量相等，由于其摩爾質量相等，則兩者的物質的量相等，二者原子數之比為1:3，故含有原子數目之比為1:3，故C錯誤；D.壓強、體積相同條件下，影響氣體分子數目的因素有溫度，二者所處溫度不一定相等，則原子數不一定相等，故D錯誤；答案選A。【題目點撥】影響氣體體積的外界因素有溫度、壓強等條件，在研究比較氣體體積時，要考慮外界條件（溫度、壓強）相同的情況下進行比較。3、C【解題分析】

A.N元素在四氧化二氮中的化合價為+4價，反應生成氮氣，N元素的化合價變化，反應是氧化還原反應，故A正確；B.偏二甲肼和四氧化二氮劇烈反應產生大量氣體并釋放出大量的熱，瞬間產生大量高溫氣體，推動火箭飛行，故B正確；C.N2O4中N元素化合價降低，N2O4是氧化劑，偏二甲肼中所含元素化合價一定有升高，故偏二甲肼作還原劑，故C錯誤；D.根據原子守恒可知，偏二甲肼的分子式為C2H8N2，故D正確；故選：C。4、C【解題分析】

A.日常生活、生產中節約資源可減少資源的損耗，符合綠水青山就是金山銀山的理念，A錯誤；B.汽車裝凈化裝置，可將尾氣中的NO、CO轉化為參與大氣循環的無毒的混合氣體，減少尾氣中污染氣體排放，符合綠水青山就是金山銀山的理念，B錯誤；C.加大煤炭的開采力度，降低冬季供暖價格，會增大煤的用量，會使大氣污染程度增大，不綠水青山就是金山銀山的理念，C正確；D.實施綠化，能減少環境污染、保護水土等，符合綠水青山就是金山銀山的理念，D錯誤；故選C。5、B【解題分析】

A．CO不能使品紅褪色，A錯誤；B．若關閉活塞K，SO2與NaHCO3溶液反應生成CO2氣體，品紅溶液無變化，澄清石灰水變渾濁；若打開活塞K，SO2使品紅褪色，B正確；C．CO2與Na2SO3溶液不反應，且不能是品紅褪色，C錯誤；D．Cl2與飽和NaHSO3溶液發生氧化還原反應，Cl2不能使澄清石灰水變渾濁，D錯誤。6、D【解題分析】

A.鐵和濃鹽酸反應生成的是亞鐵離子，正確的離子方程式為：Fe+2H+═Fe2++H2↑，故A錯誤；B.將氯氣通入石灰乳中，石灰乳不拆，離子方程式：2Cl2+2Ca(OH)2═2Ca2++2Cl-+2ClO-+2H2O，故B錯誤；C.醋酸和碳酸鈉溶液反應，醋酸為弱酸不拆，離子方程式為：CHCOOH+CO32－=H2O+CO2↑+CHCOO-，故C錯誤；D.石灰石和鹽酸反應，石灰石不拆，離子方程式為：CaCO3+2H+=Ca2++CO2↑+H2O，故D正確；故答案為D。7、D【解題分析】

A.標準狀況下，HNO3是液態，所以無法計算11.2L中含有的分子數目，故A錯誤；B.常溫下，鋁片放置在空氣表面被氧化生成氧化鋁阻止鋁繼續被氧化,所以2.7g（0.1mol）鋁反應轉移電子數小于0.3NA，故B錯誤；C.標準狀況下，6.72LNO2為0.3mol,與水充分反應3NO2+H2O=2HNO3+NO轉移的電子數目為0.2NA,故C錯誤；D.含有1molH2SO4的濃硫酸和過量Zn反應：2H2SO4（濃）+Zn=ZnSO4+SO2+H2O;H2SO4+Zn=ZnSO4+H2，能產生的氣體分子數大于0.5NA，故D正確；答案：D。8、A【解題分析】

因為溶液呈電中性，根據溶液中的電荷守恒來計算。【題目詳解】溶液中電荷守恒，即陽離子所帶正電荷的總數應等于陰離子所帶負電荷的總數，即：n(K+)+3n(Al3+)=n(Cl-)+2n()，設的離子個數為x，所以2+3×2=1×3+2×x，解得x=2.5，所以溶液中Al3+的離子個數比為4：5，答案選A。9、B【解題分析】

4Al+3MnO22Al2O3+3Mn中，Al的化合價升高，是還原劑，發生氧化反應，得到氧化產物Al2O3，MnO2中Mn的化合價降低，是氧化劑，發生還原反應，得到還原產物Mn。【題目詳解】A、該反應為單質與化合物反應得到另一種單質和化合物的反應，屬于置換反應，A正確，不符合題意；B、MnO2中Mn的化合價降低，是氧化劑，發生還原反應，得到還原產物Mn，B錯誤，符合題意；C、在氧化還原反應中，還原劑的還原性大于還原產物，Al為還原劑，Mn為還原產物，則還原性Al＞Mn，C正確，不符合題意；D、Al的化合價從0升高到＋3，生成1molAl2O3，總轉移2×3mol=6mol電子，則轉移的電子數為6NA，D正確，不符合題意；答案選B。10、D【解題分析】

令CH4和NH3的質量都為1g，CH4的物質的量為=mol，NH3的物質的量為=mol，A.分子數目之比等于物質的量之比，等質量的CH4和NH3分子數之比為mol：mol=17：16，故A正確；B.同溫同壓下，氣體體積之比等于物質的量之比，故等質量的CH4和NH3的體積之比為mol：mol=17：16，故B正確；C.每個CH4分子含有4個H原子，1gCH4含有H原子的物質的量為4×mol，每個NH3分子含有3個H原子，1gNH3含有H的原子物質的量為3×mol，所以等質量的CH4和NH3含有H原子數目之比為4×mol：3×mol=17：12，故C正確；D.同溫同壓下，兩種氣體的密度之比等于摩爾質量之比，故等質量的CH4和NH3的密度之比為16g/mol：17g/mol=16：17，故D錯誤。故選D。11、B【解題分析】

①SiO2與氫氧化鈉溶液反應生成硅酸鈉，一步可以實現；②CuSO4與氯化鋇溶液反應生成硫酸鋇沉淀和CuCl2，一步可以實現；③SiO2不溶于水，與水也不反應，二氧化硅與氫氧化鈉溶液生成硅酸鈉溶液，硅酸鈉溶液與鹽酸反應生成硅酸，一步不能實現；④CuO不溶于水，與水也不反應；氧化銅與鹽酸反應生成氯化銅，氯化銅與氫氧化鈉溶液反應生成氫氧化銅沉淀，一步不能實現；⑤Na2O2與硫酸反應可以生成Na2SO4，一步可以實現；故答案選B。12、D【解題分析】

14.3gNa2CO3·xH2O與200mL0.5mol·L－1的鹽酸恰好完全反應生成正鹽，反應的化學方程式為Na2CO3+2HCl＝2NaCl+CO2↑+H2O，則，解得x=10，故答案選D。13、C【解題分析】

由信息可知還原性：>I-，通入Cl2先發生+Cl2+H2O=+2H++2Cl-，有

0.25a

mol的

NaI

被氧化，由電子守恒可知，此時發生8+2I-+9Cl2+8H2O=8+I2+16H++18Cl-，以此來解答。【題目詳解】A．由+I2+H2O═+2I-+2H+可知，S元素的化合價升高．I元素的化合價降低，則還原性：>I-，故A錯誤；B．由電子守恒可知，0.09mol×2=amol×(6-4)+0.25a

mol，a=0.08mol，NaI

與

Na2SO3

的物質的量濃度為c=0.8mol/L，故B錯誤；C．通入

0.09molCl2

發生反應時有

0.25a

mol的

NaI

被氧化，則離子方程式為：8+2I-+9Cl-+8H2O═8+I-+16H++18Cl-，故C正確；D．若再通入

0.07molCl2，由還原性及電子守恒可知，Na2SO3還有0.01mol未被氧化，故D錯誤；故選：C。【題目點撥】氧化還原先后型的離子反應：對于氧化還原反應，按“先強后弱”的順序書寫，即氧化性(或還原性)強的優先發生反應，氧化性(或還原性)弱的后發生反應，該類型離子方程式的書寫步驟如下：第一步：確定反應的先后順序：(氧化性：HNO3>Fe3＋，還原性：I－>Fe2＋>Br－)，如向FeI2溶液中通入Cl2，I－先與Cl2發生反應。第二步：根據用量判斷反應發生的程度，如少量Cl2與FeI2溶液反應時只有I－與Cl2反應：2I－＋Cl2=2Cl－＋I2。足量Cl2與FeI2溶液反應時溶液中的I－和Fe2＋均與Cl2發生反應：2Fe2＋＋4I－＋3Cl2=2Fe3＋＋2I2＋6Cl－。第三步：用“少量定1法”書寫離子方程式，即將“量”少物質的化學計量數定為“1”進行書寫。14、D【解題分析】

A．根據分散質直徑不同，將分散系分為溶液、膠體、濁液三種，它們均是混合物，氯化鈉溶液是均一穩定透明的分散系，A錯誤；B．冰水混合物是一種分散系，，B正確；C．分散系都是混合物，C錯誤；D．分散系都是混合物，按分散質和分散劑所處的狀態，分散系的組合有9種方式,分別為：以氣體為分散劑，固體，液體，氣體為分散質,以固體為分散劑，固體，液體，氣體為分散質,以液體為分散劑，固體，液體，氣體為分散質，D正確；答案選D。15、A【解題分析】

甲、乙、丙三種金屬只有乙能與酸溶液反應產生氫氣，則金屬乙的活動性比甲、丙強；將金屬丙投入到金屬甲的鹽溶液中，能觀察到金屬丙的表面有金屬甲析出，則金屬甲的活動性不如丙強；綜上所述，甲、乙、丙的金屬活動性順序排列為乙＞丙＞甲，故選A。16、A【解題分析】

A.碳酸氫鈉在溶液中完全電離出鈉離子和碳酸氫根離子，碳酸氫根離子是弱酸的酸式酸根離子，不能拆開，正確的離子方程式為NaHCO3=Na++，故A錯誤，但符合題意；B.硝酸銨在溶液中完全電離，其電離方程式為NH4NO3=，故B正確，但不符合題意；C.硫酸氫鈉為強電解質，在溶液中完全電離，其電離方程式為NaHSO4=Na++H++，故C正確，但不符合題意；D.氫氧化鋇為強電解質，在溶液中完全電離出鋇離子和氫氧根離子，其電離方程式為Ba(OH)2=Ba2++2OH﹣，故D正確，但不符合題意；故選：A。【題目點撥】強電解質電離方程式用等號鏈接，符合電荷守恒，原子守恒，物質的電離組成比。二、非選擇題（本題包括5小題）17、Na2CO3KOHNaHCO3NaClFe(OH)32NaHCO3=Na2CO3+H2O+CO2↑4Fe(OH)2+2H2O+O2=4Fe(OH)3【解題分析】

A、C、D為鹽且焰色反應均為黃色，說明都含有鈉元素的化合物；B是堿且透過鈷玻璃觀察焰色反應為紫色，判斷為含K元素，A、C和鹽酸反應均得到D的溶液，將固體C加熱可得到A，若在A的溶液中通入一種無色無味氣體，又可制得C，可以判斷，無色無味的氣體是CO2，A為Na2CO3，C為NaHCO3，D為NaCl；若B的溶液滴加到硫酸亞鐵溶液會先后出現白色沉淀→灰綠色沉淀→紅褐色沉淀E，說明B為氫氧化鉀，E為氫氧化鐵，據此分析解答。【題目詳解】A、C、D為鹽且焰色反應均為黃色，說明都含有鈉元素的化合物；B是堿且透過鈷玻璃觀察焰色反應為紫色，判斷為含K元素，A、C和鹽酸反應均得到D的溶液，將固體C加熱可得到A，若在A的溶液中通入一種無色無味氣體，又可制得C，可以判斷，無色無味的氣體是CO2，A為Na2CO3，C為NaHCO3，D為NaCl，若B的溶液滴加到硫酸亞鐵溶液會先后出現白色沉淀→灰綠色沉淀→紅褐色沉淀E，說明B為氫氧化鉀，綜上所述：A：Na2CO3、B：KOH、C：NaHCO3

D：NaCl、E：Fe(OH)3；(1)有分析可知：A：Na2CO3、B：KOH、C：NaHCO3

D：NaCl、E：Fe(OH)3；(2)碳酸氫鈉受熱分解生成碳酸鈉、二氧化碳和水的化學方程式為2NaHCO3=Na2CO3+H2O+CO2↑；(3)氫氧化亞鐵具有還原性，能夠與氧氣、水反應生成氫氧化鐵，方程式：4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3。18、Na2O22Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O22Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑【解題分析】

A為淡黃色粉末，能和CO2、H2O反應，則A是Na2O2，A和二氧化碳反應生成B，B是Na2CO3；A和水反應生成E，E能轉化為B，則E是NaOH；C為單質，C能和水反應生成E，則C是Na，C和氯氣反應生成氯化鈉，B能轉化為D，則D是NaCl，再結合物質之間的反應分析解答。【題目詳解】根據上述分析可知：A為Na2O2，B是Na2CO3；C是Na，D是NaCl，E是NaOH。(1)通過以上分析知，A為過氧化鈉，化學式為Na2O2；(2)③為Na2O2和CO2的反應，反應方程式為2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2；⑧為Na和H2O的反應，生成NaOH和H2，其離子方程式為2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑。【題目點撥】本題以鈉及其化合物之間的轉化為載體考查無機物推斷，明確常見物質顏色、物質之間的轉化是解本題關鍵，注意物質特殊性質及顏色狀態，側重考查學生分析判斷能力。在方程式書寫時，若反應物有氣體，則反應產生的氣體不寫氣體符號，若反應物無氣體，生成物產生了氣體，則反應產生的氣體物質要寫出氣體符號。19、分液漏斗吸收Cl2中混有的HClMnO2+4HCl（濃）MnCl2+2H2O+Cl2↑CBCl2+2OH－═Cl－+ClO－+H2O取少量該溶液于試管中，滴加KSCN溶液，若溶液變紅，則證明原溶液中存在Fe3+或取少量該溶液于試管中，滴加NaOH溶液，若出現紅褐色沉淀，則證明原溶液中存在Fe3+。（或其他合理答案）【解題分析】

(1)儀器A的名稱為分液漏斗；制得的Cl2中混有濃鹽酸揮發出的HCl氣體和水蒸氣，B中飽和食鹽水可溶解HCl。(2)二氧化錳與濃鹽酸反應生成二氯化錳、氯氣和水。(3)氯氣本身沒有漂白性，能使濕潤的有色布條褪色，但不能使干燥的有色布條褪色。(4)裝置F可用于制漂白粉，漂白粉的有效成分是次氯酸鈉。(5)在燒杯G中，氯氣與NaOH溶液反應生成氯化鈉、次氯酸鈉和水。(6)Ⅰ中的反應產物為氯化鐵，溶于水配成溶液，應使用KSCN溶液檢驗Fe3+的存在。【題目詳解】(1)儀器A的名稱為分液漏斗；制得的Cl2中混有濃鹽酸揮發出的HCl氣體和水蒸氣，B中飽和食鹽水的作用是吸收Cl2中混有的HCl。答案為：分液漏斗；吸收Cl2中混有的HCl；(2)二氧化錳與濃鹽酸反應生成二氯化錳、氯氣和水，化學方程式MnO2+4HCl(濃)MnCl2+Cl2↑+2H2O。答案為：MnO2+4HCl(濃)MnCl2+Cl2↑+2H2O；(3)氯氣本身沒有漂白性，能使濕潤的有色布條褪色，但不能使干燥的有色布條褪色，所以廣口瓶C、E中的有色布條褪色的是C。答案為：C；(4)裝置F可用于制漂白粉，漂白粉的有效成分是次氯酸鈉，故選B。答案為：B；(5)在燒杯G中，氯氣與NaOH溶液反應生成氯化鈉、次氯酸鈉和水，反應的離子方程式為Cl2+2OH－═Cl－+ClO－+H2O。答案為：Cl2+2OH－═Cl－+ClO－+H2O；(6)Ⅰ中的反應產物為氯化鐵，溶于水配成溶液，檢驗Fe3+時，應取少量滴加KSCN溶液，通過溶液是否變紅，確定Fe3+是否存在。答案為：取少量該溶液于試管中，滴加KSCN溶液，若溶液變紅，則證明原溶液中存在Fe3+(或取少量該溶液于試管中，滴加NaOH溶液，若出現紅褐色沉淀，則證明原溶液中存在Fe3+)（或其他合理答案）。【題目點撥】檢驗Fe3+時，使用KSCN溶液，Fe2+的存在不會對Fe3+的檢驗產生干擾，但若檢驗Fe3+、Fe2+混合溶液中的Fe2+，則Fe3+的存在會對Fe2+的檢驗產生干擾，所以不能使用檢驗Fe2+的方法(先加KSCN溶液，后通Cl2)，而應使用KMnO4酸性溶液。20、圓底燒瓶Cu+2H2SO4(濃)CuSO4+SO2↑+2H2OmNA/32銅和稀硫酸不反應D7Cu+20H-+6NO3-=7Cu2++2NO2↑+4NO↑+10H2O0.025mol【解題分析】（1）儀器a的名稱是圓底燒瓶。（2）本實驗收集氣體為二氧化硫，二氧化硫溶于水，選擇排空氣法，氣體密度與相對質量成正比，二氧化硫的相對分子質量為64，比空氣的平均