2022-2023學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖，鐵路在彎道處的內外軌道高低是不同的，已知內外軌道對水平面傾角為，彎道處的圓弧半徑為R，若質量為m的火車以速度v通過某彎道時，內、外軌道均不受側壓力作用，下面分析正確的是A．B．若火車速度小于v時，外軌將受到側壓力作用，其方向平行軌道平面向內C．若火車速度大于v時，外軌將受到側壓力作用，其方向平行軌道平面向外D．無論火車以何種速度行駛，對內側軌道都有壓力2、一個電子僅在電場力的作用下以一定的初速度從A點沿電場線向B點運動，如圖所示，若規定向右的方向為正方向，則下列位移-時間或速度-時間圖象中能正確描述電子運動情況的是（）A． B．C． D．3、如圖所示，在兩個相互垂直的水平力F1=4N、F2＝3N作用下，物體沿光滑水平面通過一段位移x，該過程中F1、F2對物體做功分別8J、6J.已知，則A．x大小為2m B．合力對物體做功10JC．合力大小為7N D．合力與x間的夾角為8°4、(本題9分)如圖所示，兩個衛星A、B繞著同一行星做勻速圓周運動，軌道半徑分別為R1和R2，R1>R2。下列說法正確的是（）A．A的角速度大于BB．A的線速度大于BC．A的向心加速度大于BD．A的周期大于B5、下列說法正確的是A．萬有引力定律適用于星體之間的相互作用，不適用于地面上的物體之間的相互作用B．開普勒認為所有行星繞太陽運動的軌道是橢圓，行星離太陽越遠時運行速度越快C．庫侖定律適用于點電荷，點電荷就是體積很小的帶電球體D．電場中某點的電勢等于電荷在該點的電勢能與它的電荷量的比值6、(本題9分)假設“神舟”十號飛船在某段時間內繞地球做勻速圓周運動，在這段時間內，關于“神舟”十號飛船的下列說法中正確的是（）A．速度不變B．加速度不變C．機械能不變D．不斷克服地球對引力做功7、如圖所示，半徑為R的光滑圓環固定在豎直平面內，AB、CD是圓環相互垂直的兩條直徑，C、D兩點與圓心O等高．一個質量為m的光滑小球套在圓環上，一根輕質彈簧一端連在小球上，另一端固定在P點，P點在圓心O的正下方處．小球從最高點A由靜止開始沿逆時針方向下滑，已知彈簧的原長為R，彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度為g．下列說法正確的有（）A．彈簧長度等于R時，小球的動能最大B．小球運動到B點時的速度大小為C．小球在A、B兩點時對圓環的壓力差為4mgD．小球從A到C的過程中，彈簧對小球做的功等于小球機械能的增加量8、如圖，長為L的水平傳送帶以速度2v勻速運動.將一質量為m的小物塊無初速放到傳送帶的左端，當物塊運動到傳送帶的右端時，速度剛好為v，物塊與傳送帶摩擦產生的熱量為Q，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g.下列表達式正確的是（

）A． B． C． D．9、(本題9分)如圖所示，一輕彈簧一端固定于O點，另一端系一重物，將重物從與懸點O在同一水平面且彈簧保持原長的A點無初速度釋放，讓它自由擺下．不計空氣阻力，則在重物由A點擺向最低點B的過程中（）A．彈簧與重物的總機械能守恒 B．彈簧的彈性勢能增加C．重物的機械能不變 D．重物的機械能增加10、(本題9分)額定功率P0=60kW的汽車,在平直公路上行駛的最大速度vm=20m/s,汽車質量m=1000kg.若汽車先由靜止起以加速度a=3m/s2作勻加速直線啟動,實際功率達到額定功率后保持功率不變繼續前進,整個運動過程中所受的阻力不變．下列說法不正確的是()A．汽車運動中所受的阻力為3000N B．汽車勻加速運動持續的時間約為6.7sC．啟動后3s末時的瞬時牽引力為6000N D．汽車啟動4s末時的瞬時功率為60kW11、(本題9分)利用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，關于此實驗的操作，下列說法中正確的有A．安裝打點計時器時兩個限位孔必須在同一豎直線上B．必須用秒表測出重物下落的時間C．先接通打點計時器電源，待穩定后釋放紙帶D．若紙帶起始端點跡模糊，則不可用來驗證機械能守恒12、(本題9分)放在粗糙水平地面上的物體受到水平拉力的作用，在0～6s內其速度與時間圖象和該拉力的功率與時間的圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A．0～6s內物體的位移大小為30mB．2～6s內拉力做功為40JC．滑動摩擦力的大小為5ND．2s～6s內滑動摩擦力做功為40J二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)質量為20kg的小明坐在秋千板上，小明離系繩子的橫梁2.5m。如果秋千板擺到最低點時，小明運動速度的大小是5m/s,他對秋千板的壓力是______N；是______（填“失重”或“超重”）現象。（取g=10m/s2）14、(本題9分)在點電荷Q產生的電場中有a、b兩點，相距為d，已知a點的場強大小為E，方向與ab連線夾角為30°，b點的場強方向與連線成120°角，如圖所示，則該點電荷的電性為b點的場強大小為_______，a、b兩點______點電勢高．15、如圖所示小球做勻速圓周運動，細線與豎直方向夾角為θ，線長為L，小球質量為m，重力加速度為g，則小球的向心力大小為________，小球運動的線速度大小為________。三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，質量為m=1kg的滑塊，在水平力F作用下靜止在傾角為θ=30°的光滑斜面上，斜面的末端處與水平傳送帶相接(滑塊經過此位置滑上皮帶時無能量損失)，傳送帶的運行速度為v0=3m/s，長為L=1.4m，今將水平力撤去，當滑塊滑到傳送帶右端C時，恰好與傳送帶速度相同．滑塊與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.15，g=10m/s1．求(1)水平作用力F的大小；(1)滑塊開始下滑的高度h；(3)在第(1)問中若滑塊滑上傳送帶時速度大于3m/s，求滑塊在傳送帶上滑行的整個過程中產生的熱量Q．17、（10分）(本題9分)火車在運行中保持額定功率2500kW，火車的總質量是1000t，所受阻力恒為1.56×105N．（保留兩位有效數字)求：（1）火車的最大速度；（2）火車的加速度是lm/s2時的速度．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】AD、火車以某一速度v通過某彎道時，內、外軌道均不受側壓力作用，其所受的重力和支持力的合力提供向心力，由圖可以得出：（為軌道平面與水平面的夾角合力等于向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，故AD錯誤；B、當轉彎的實際速度小于規定速度時，火車所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力，火車有向心趨勢，故其內側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓，內軌受到側壓力作用方向平行軌道平面向內，故B錯誤；C、當轉彎的實際速度大于規定速度時，火車所受的重力和支持力的合力不足以提供所需的向心力，火車有離心趨勢，故其外側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓，外軌受到側壓力作用方向平行軌道平面向外，故C正確；故選C【點睛】本題關鍵抓住火車所受重力和支持力的合力恰好提供向心力的臨界情況，計算出臨界速度，然后根據離心運動和向心運動的條件進行分析．2、C【解析】

AB.在x-t圖象中，圖線的斜率表示速度，傾斜直線說明速度恒定，根據上述分析可知，電子的x-t圖像應該是拋物線，故AB錯誤。CD.電子在電場中受向左的電場力，先向右做勻減速直線運動，減速到零后再向左做勻加速直線運動，由于電子只受電場力作用，兩段運動的v-t兩段圖線的斜率相同，加速度相同，故C正確，D錯誤；3、D【解析】

A.由題意可知，兩力做功分別為8J和6J，由W=FL可知，兩力方向上的位移均為2m；故合位移；故A錯誤；B.合力做功W=8+6=14J；故B錯誤；C.兩力的合力；故C錯誤；

D.根據幾何關系可知，合力與F1的夾角的正切值tanα=0.75，故α=37°；位移與水平方向夾角為45°，故合力與x間的夾角為8°，故D正確。4、D【解析】

根據萬有引力提供向心力得：解得：由題知A衛星的軌道半徑大，則A衛星的線速度、角速度和向心加速度都小，而周期更大。故選D。5、D【解析】

A.萬有引力定律既適用與星體之間的相互作用，也適用于其它物體之間的相互作用，故A錯誤；B.由開普勒定律可知，所有行星繞太陽運動的軌道是橢圓，行星離太陽越遠時運行速度越慢，故B錯誤；C.庫侖定律適用于真空中兩靜止點電荷之間的作用力；當帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影響可以忽略時，可以看成點電荷，不是體積小就能看成點電荷，故C錯誤；D.電荷在電場中某一點的電勢能與它的電荷量的比值，叫做這一點的電勢，故D正確.6、C【解析】神舟”十號飛船在某段時間內繞地球做勻速圓周運動，則速度的大小不變，方向不斷改變，即速度不斷變化，選項A錯誤；加速度方向指向圓心，則方向不斷變化，選項B錯誤；飛船運動過程中動能不變，高度不變，重力勢能不變，則機械能不變，選項C正確；地球引力與速度垂直，則引力不做功，選項D錯誤；故選C.7、CD【解析】

彈簧長度等于R時，彈簧處于原長，在此后的過程中，小球的重力沿軌道的切向分力大于彈簧的彈力沿軌道切向分力，小球仍在加速，所以彈簧長度等于R時，小球的動能不是最大．故A錯誤．由題可知，小球在A、B兩點時彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，根據系統的機械能守恒得：2mgR=mvB2，解得小球運動到B點時的速度vB=2．故B錯誤．設小球在A、B兩點時彈簧的彈力大小為F．在A點，圓環對小球的支持力F1=mg+F；在B點，由圓環，由牛頓第二定律得：F2-mg-F=m，解得圓環對小球的支持力F2=5mg+F；則F2-F1=4mg，由牛頓第三定律知，小球在A、B兩點時對圓環的壓力差為4mg，故C正確．小球從A到C的過程中，根據功能原理可知，彈簧對小球做的功等于小球機械能的增加量．故D正確．故選CD．【點睛】解決本題的關鍵要分析清楚小球的受力情況，判斷能量的轉化情況，要抓住小球通過A和B兩點時，彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等．8、AD【解析】

物塊運動過程中，只有摩擦力對它做功，根據動能定理得：摩擦力對物塊做的功為：；f=μmg，故：，故A正確；B錯誤；由于物塊與傳送帶間有相對位移，設物塊加速度的時間為t；則；；故，故C錯誤；D正確；故選AD。9、AB【解析】

由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統機械能守恒，通過彈簧的形變量判斷彈性勢能的變化，通過能量守恒判斷重物機械能的變化．【詳解】由A到B的過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統機械能守恒，即彈簧與重物系統的總機械能守恒．故A正確．在運動的過程中，彈簧的形變量增大，則彈簧的彈性勢能增加．故B正確．根據能量守恒定律知，系統機械能不變，彈簧的彈性勢能增加，則重物的機械能減小．故CD錯誤．故選AB．10、ACD【解析】

A項：當汽車的速度最大時，牽引力等于阻力，即有F=f，由P0=Fvm，得阻力f=PB項：對于勻加速運動過程，根據牛頓第二定律得：F1-f=ma，解得：：F1==6000N，當汽車的實際功率剛達到額定功率時，勻加速運動結束，所以勻加速運動的最大速度為：v=P0FC項：啟動后3s末時汽車在勻加速運動時，牽引力為6000N，故C正確；D項：汽車啟動4s末時汽車功率已經達到額定功率，所以瞬時功率為60kW，故D正確．11、AC【解析】

A.實驗中安裝打點計時器時兩個限位孔必須在同一豎直線上，目的是減小摩擦力，以減小實驗誤差，故A正確；B.實驗可通過打點計時器打出的紙帶情況計算出重錘下落的速度，所以不需要用秒表測出重物下落的時間計算重錘下落的速度，故B錯誤；C.開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，待打點穩定后，再釋放紙帶，讓重錘帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故C正確；D.紙帶起始端點跡模糊，可以選比較清晰的點作為初始位置，所以可以用來驗驗證機械能守恒，故D錯誤．12、AB【解析】

A.在0～6s內物體的位移大小為：x（4+6）×6m＝30m;故A項符合題意.B.P-t圖線與時間軸圍成的面積表示拉力做功的大小，則拉力做功為：W＝10×4J＝40J．故B項符合題意.C.在2～6s內，v＝6m/s，P＝10W，物體做勻速運動，摩擦力為f＝F，得到f＝FNN，故C項不合題意.D.2s～6s內滑動摩擦力做功為W＝-fx′（4×6）J＝-40J，故D項不合題意.二．填空題(每小題6分，共18分)13、400N超重【解析】

以小孩為研究對象分析受力，根據牛頓第二定律得

FN-mg=mv根據牛頓第三定律得，小孩對秋千板的壓力是400N．因加速度向上，則小孩處于超重狀態。14、（4分）3Ea【解析】將場強Ea、Eb反向延長，交點即為點電荷所在位置，如圖所示，由于電場強度方向指向外，則知該點電荷帶正電．如圖：根據幾何知識分析解得，a點到Q點的距離ra=d，b點到Q點