人教版物理3

課后練習一

第1講電磁感應和楞次定律

1.如圖1773所示，金屬導軌上的導體棒ab在勻

強磁場中沿導軌做下列哪種運動時，線圈c中

將有感應電流產生

A.向右做勻速運動B.向左做勻速運動

C.向右做減速運動D.向右做加速運動

答案：CD

詳解：導體棒做勻速運動，磁通量的變化率是一個常

數，產生穩恒電流，那么被線圈纏繞的磁鐵將產生穩定的磁

場，該磁場通過線圈c不會產生感應電流；做加速運動則可

以；

2.磁單極子”是指只有S極或N極的磁性物質，其

磁感線分布類似于點電荷的電場線分布。物理學家們長期以

來一直用實驗試圖證實自然界中存在磁單極子，如題圖4所

示的實驗就是用于檢測磁單極子的實驗之一，abed為用超導

材料圍成的閉合回路，該回路旋轉在防磁裝置中，可認為不

受周圍其它磁場的作用。設想有一個S極磁單極子沿abed

的軸線從左向右穿過超導回路，那么在回路中可能發生的現

象是：

A.回路中無感應電流;

B,回路中形成持續的abcda流向的感應電流；

C.回路中形成持續的adcba流向的感應電流；

D.回路中形成先abcda流向而后adcba流向的感應電

流

答案：C

詳解：參考點電荷的分析方法，S磁單極子相當于負

電荷，那么它通過超導回路，相當于向左的磁感線通過回路,

右手定則判斷，回路中會產生持續的adcba向的感應電流；

3.如圖3所示裝置中，線圈A的一端接在變阻器中

點，當變阻器滑片由a滑至b端的過程中，通過電阻R的

感應電流的方向

A.由c流向dB.先由c流向d,后由d流向c

C.由d流向cD.先由d流向c,后由c流向d

答案：A

詳解：滑片從a滑動到變阻器中點的過程，通過A線

圈的電流從滑片流入，從固定接口流出，產生向右的磁場，

而且滑動過程中，電阻變大，電流變小，所以磁場逐漸變小,

所以此時B線圈要產生向右的磁場來阻止這通過A線圈的電

流從滑片流入，從固定接口流出種變

化，此時通過R點電流由c流向d；從中點滑動到b的

過程，通過A線圈的電流從固定接口流入，從滑片流出，產

生向左的磁場，在滑動過程中，電阻變小，電流變大，所以

磁場逐漸變大，所以此時B線圈要產生向右的磁場來阻止這

種變化，通過R的電流仍從c流向d。

4.金屬圓環的圓心為0,金屬棒0a、0b可繞。在環

上轉動，如題圖所示。當外力使0a逆時針方向轉動時，0b

將：

A.不動B.逆時針轉動；

C.順時針轉動；D.無法確定。

答案：B

詳解：aob是一個閉合回路，oa逆時針運動，通過回

路的磁通量會發生變化，為了阻止這種變化，ob會隨著oa

運動；

5.M和N是繞在一個矩形鐵心上的兩個線圈，繞法

和線路如圖12-5所示。現將開關K從a處斷開，然后合向b

處.在此過程中，通過電阻R2的電流方向是

先由c流向d,后又由c流向d

先由c流向d,后由d流向c

先由d流向c,后又由d流向c

先由d流向c,后由c流向d

答案：A

詳解：開關在a時，通過上方的磁感線指向右，開關

斷開，上方的磁場要消失，它要阻止這種變化，就要產生向

右的磁場來彌補，這時通過R2的電流從c指向d；開關合到

b上時，通過上方線圈的磁場方向向左，它要阻止這種變化,

就要產生向右的磁場來抵消，這時通過R2的電流仍從c指

向d；

6.圖12-13為地磁場磁感線的示意圖。在北半球地

磁場的豎直分量向下。飛機在我國上空勻速巡航，機翼保持

水平，飛行高度不變。由于地磁場的作用，金屬機翼上有電

勢差。設飛行員左方機翼末端處的電勢為U1,右方機翼末端

處的電勢為U2?

A、若飛機從西往東飛，U1比U2高

B、若飛機從東往西飛，U2比U1高

C、若飛機從南往北飛，U1比U2高

D、若飛機從北往南飛，U2比U1高

答案：AC

詳解：注意地理南北極與地磁南北極恰好相反，用右

手定則判斷即可。

0高二物理同步復習課程

第講電磁感應中的功與能

主講人：徐建烽

1.下列說法中正確的是

ab下落過程中，機械能守恒

ab達到穩定速度以前，其減少的重力勢能全部轉化為

電阻增加的內能

ab達到穩定速度以前，其減少的重力勢能轉化為其增

加的動能和電阻增加的內能

ab達到穩定速度以后，其重力勢能的減少全部轉化為

電阻增加的內能

答案:C、D

詳解：ab下落過程中，要克服安培力做功，機械能不

守恒，速度達到穩定之前其減少的重力勢能轉化為其增加的

動能和電阻增加的內能，速度達到穩定后，動能不再變化，

其重力勢能的減少全部轉化為電阻增加的內能。選CD

2.如題圖3所示，先后兩次將一個矩形線圈由勻強

磁場中拉出，兩次拉動的速度相同。第一次線圈長邊與磁場

邊界平行，將線圈全部拉出磁場區，拉力做功W1,第二次線

圈短邊與磁場邊界平行，將線圈全部拉出磁場區，拉力做功

W2,貝[：

A.Wl>WB.Wl=WC.W1答案：A

詳解：E二BLv

I=E/R=BLv/R

F二BIL=v/R昨Fd=Bibdv/R=B]SLv/R,選A

3.如圖所示，豎直放置的平行金屬導軌的一端跨接

電阻R,質量一定的金屬棒ab緊貼導軌無摩擦地自由滑動，

在整個裝置的空間加有垂直于導軌的勻強磁場，若導軌足夠

長，則在ab從靜止開始下滑過程中，下列說法中正確的是

ab將作自由落體運動

ab的加速度將逐漸減小為零

下滑過程中重力做功的功率逐漸增大到某一定值

下滑過程中電阻R上消耗的功率將逐漸減小為零

答案:B、C

詳解：開始重力大于安培力，ab做加速運動，隨著速

度的增大，安培力增大，當安培力等于重力時，加速度為零;

當速度穩定時達到最大，重力的功率為重力乘以速度，也在

此時達

到最大，最終結果是安培力等于重力，安培力不為0,

熱損耗也不為0.選BC

4.如圖所示。足夠長U形導體框架的寬度1=0.5m,

電阻忽略不計，其所在平面與水平面成a=37°角，磁感應

強度B=0.8T的勻強磁場方向垂直于導體框平面，一根質量

為m=0.2kg、有效電阻"2。的導體棒MN垂直跨放在U形

框架上，該導體棒與框架間的動摩擦因數口二0.5。導體棒

由靜止開始沿框架下滑到剛開始勻速運動時通過導體棒截

面的電量為Q=2Co求：

導體棒做勻速運動時的速度。

導體棒從開始下滑到剛開始勻速運動時這一過程中，

導體棒的有效電阻消耗的電功。

答案:5m/so1.5JO

詳解：導體棒做勻速運動時，重力沿斜面向下的分量

等于安培力與摩擦力的和，即

5.如題圖8所示的線圈A通有交變電流，圖8T為

線圈A中電流隨時間的變化圖線。在線圈A左側固定放置一

個閉合金屬圓環B,設電流由a端流入、b端流出為正，那

么t二0開始計時的第二個半周期內，B環中感應電流i和B

環受到安培力F的變化正確的是：

①i大小不變，F先變小后變大；

②i先變大后變小，F先變小后變大；

③i的方向改變，F的方向不變；

④i的方向不變，F的方向改變。

A.①④B.②④C.①③D.②③

答案：A

詳解：因為第二個半周期內，電流是均勻變化的，所

以通過B的磁通量也是均勻變化的，它產生的感應電流不變,

B中電流的大小方向均不變，但是A中的電流發生了變化，

所以F的方向發生了改變。選A

6.如圖11所示，一個矩形導線框有一部分置于磁

場中且其平面與磁場方向垂直，已知磁感強度B=0.10T,導

線框ab=O.50m,ad=l.0m,當導線框以速度v=6.Om/s向右勻

速運動時，導線框中的感應電動勢Vo若導線框每

米長的電阻為0.1Q,則線框中的感應電流為Ao

答案：0.3,1.0

詳解：

導線框每米長的電阻為0.1。，則導線總電阻為

0.3Q,感應電流I=/R=L0A

7.如圖16所示，寬為1、光滑的導電軌道的弧形部

分處于磁場外，軌道的水平部分處于垂直軌道平面向上、磁

感強度為B的勻強磁場中，質量為2nl的金屬桿cd靜止在水

平軌道上，另一質量為m的金屬桿ab,從弧形軌道上h高處

由靜止開始下滑。設ab桿和cd桿始終與軌道垂直，且接觸

良好，ab桿與cd桿不會相碰，ab和cd桿的電阻均為R,軌

道電阻不計。求：回路abed內電流的最大值。在ab桿運動

的整個過程中可產生的熱量。

答案：，

詳解：設桿ab剛剛滑到水平軌道時的速度為，由機

械能守恒得：

兩桿兒在水平軌道上運動時，兩桿兒組成的系統動

量守恒，設最終達到共同速度為，有由上述兩式得：

由于兩桿兒的電阻相等，電流強度時刻相等，因此產

生熱量相等，設每根桿兒上產生的熱量為Q,根據能量守恒,

有

解得:

8.如圖所示，一矩形線框豎直向上進入有水平邊界

的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，線框在磁場中運動時

只受重力和磁場力，線框平面始終與磁場方向垂直。向上經

過圖中1、2、3位置時的速率按時間依次為vl、v2、v3,向

下經過圖中2、1位置時的速率按時間依次為v4、v5,下列

說法中一定正確的是

A.vl>v2B.v2=v3C.v2=vD.v4<v5

答案：AC

詳解：從1到2,只受阻力，一定有vl>v2,2至l13,

受重力，v29.固定在勻強磁場中的正方形導線框

abed,各邊長為1,其中ab是一段電阻為R的均勻電阻絲，

其余三邊均為電阻可忽略的銅線.磁場的磁感應強度為B,

方向垂直紙面向里.現有一與ab段的材料、粗細、長度都

相同的電阻絲PQ架在導線框上，以恒定的速度v從ad滑向

bco當PQ滑過的距離時，通過aP段電阻絲的電流強度

是多大？方向如何？

答案：，由P流向a.

詳解：此時感應電動勢為,電路為ap段電阻與bp

段電阻并聯，并聯電路總電阻為，所以并聯電路分壓為，，

方向由P流向a

10高二物理同步復習課程

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高中物理

3.2課后習題答案

第4章

第1節劃時代的發現

1.奧斯特實驗，電磁感應等.

2.電路是閉合的.導體切割磁感線運動.

第2節探究電磁感應的產生條件

1.不產生感應電流

不產生感應電流

產生感應電流

2.答：由于彈簧線圈收縮時，面積減小，磁通量減

小，所以產生感應電流.

3.答：在線圈進入磁場的過程中，由于穿過線圈的

磁通量增大，所以線圈中產生感應電流；在線圈離開

磁場的過程中，由于穿過線圈的磁通量減小，所以線

圈中產生感應電流；當個線圈都在磁場中時，由于穿過線圈

的磁通量不變，所以線圈中不產生感應電流.

4.答：當線圈遠離導線移動時，由于線圈所在位置

的磁感應強度不斷減弱，所以穿過線圈的磁通量不斷

減小，線圈中產生感應電流.當導線中的電流逐漸增

大或減小時，線圈所在位置的磁感應強度也逐漸增大或減

小，穿過線圈的磁通量也隨之逐漸增大或減小，所以線圈中

產生感應電流.

5.答：如果使銅環沿勻強磁場的方向移動，由于穿

過銅環的磁通量不發生變化，所以，銅環中沒有感應

電流；如果使

銅環在不均勻磁場中移動，由于穿過銅環的磁通量發生變

化，所以，銅環中有感應電流.

6.答：乙、丙、丁三種情況下，可以在線圈B中觀

察到感應電流.因為甲所表示的電流是穩恒電流，那

么，由這個電流產生的磁場就是不變的.穿過線圈B

的磁通量不變，不產生感應電

7.流.乙、丙、丁三種情況所表示的電流是隨時

間變化的電流，那么，由這樣的電流產生的磁場也是變

化的，穿過線圈B的磁通量變化，產生感應電流.

8.為了使MN中不產生感應電流，必須要求DENM構

成的閉合電路的磁通量不變，即BS?B012,而

S?l,所以，從t?0開始，磁感應強度B隨時間t的

變化規律是B?B01第3節楞次定律

1.答：在條形磁鐵移入線圈的過程中，有向左的磁

感線穿過線圈，而且線圈的磁通量增大.根據楞次定

律可知，線圈中感應電流磁場方向應該向右，再根據

右手定則，判斷出感應電流的方向，即從左側看，感應電流

沿順時針方向.

2.答：當閉合開關時，導線AB中電流由左向右，

它在上面的閉合線框中引起垂直于紙面向外的磁通量

增加.根據楞次定律，閉合線框中產生感應電流的磁

場，要阻礙它的增加，所以感應電流的磁場在閉合線框內的

方向是垂直紙面向里，再根據右手定則可知感應電流的方向

是由D向C.當斷開開關時，垂直于紙面向外的磁通量減少.根

據楞次定律，閉合線框中產生感應電流的磁場，要阻礙原磁

場磁通量的減少，所以感應電流的磁場在閉合線框內的方向

是垂直紙面內外，再根據右手定則可知感應電流的方向是由

C向D.

3.答：當導體AB向右移動時，線框ABCD中垂直于

紙面向內的磁通量減少.根據楞次定律，它產生感

應電流的磁場要阻礙磁通量減少，即感應電流的磁場

與原磁場方向相同.垂直于紙面向內，所以感應電流的方向

是A-B—C—D.此時，線框ABFE中垂直紙面向內的磁通量

增加，根據楞次定律，它產生的磁場要阻礙磁通量的增加，

即感應電流的磁場與原磁場方向相反，垂直于紙面向外.所

以，感應

電流的方向是A-B-F-E.所以，我們用這兩個線框

中的任意一個都可以判定導體AB中感應電流的方向.說明:

此題對導體AB中的電流方向的判定也可用右手定則來確定.

4.答：由于線圈在條形磁鐵的N極附近，所以可以

認為從A到B的過程中，線圈中向上的磁通量減小，

根據楞次定律，線圈中產生的感應電流的磁場要阻礙

磁通量的減少，即感應電流的磁場與原磁場方向相同，再根

據右手螺旋定則可知感應電流的方向，從上向下看為逆時針

方向.從B到C的過程中，線圈中向下的磁通量增加，根據

楞次定律，線圈中產生的感應電流的磁場要阻礙磁通量的增

加，即感應電流的磁場與原磁場方向相反，再根據右手螺旋

定則可知感應電流的方向，從上向下看為逆時針方向.

5.答：有感應電流沒有感應電流；有感應電流；當

合上開關S的一瞬間，線圈P的左

端為N極；當打開開關S的上瞬間，線圈P的右端為

N極.

6.答：用磁鐵的任一極接近A球時，穿過A環中的

磁通量增加，根據楞次定律，A環中將產

生感應電流，阻礙磁鐵與A環接近，A環將遠離磁鐵;

同理，當磁鐵遠離發A球時，A球中產生感應電流的方向將

阻礙A環與磁鐵遠離，A環將靠近磁鐵.由于B環是斷開的,

無論磁極移近或遠離B環，都不會在B環中形成感應電流，

所以B環將不移動.

7.答：如圖所示.圓盤中任意一根半徑CD都在切

割磁感線，這半徑可以看成一個電源，根據右手

定則可以判斷，D點的電勢比C點高，也就是說，圓

盤邊緣上的電勢比圓心電勢高，根據右手定則判斷，D點電

勢比C點高，所以流過電阻R的電流方向自下向上.說明：

本題可拓展為求CD間的感應電動勢.設半徑為r,轉盤勻速

轉動的角速度？，勻強磁場的磁感應強度為B,求圓盤轉動時

的感2應電動勢的大小.具體答案是E?Br?.第4節法拉

第電磁感應定律

1.正確的是D.

2.解：根據法拉第電磁感應定律，線圈中感應電動

勢為E?n?1000?V?175V；根？tO.4

?A=0.175AR?r990?10

3.解：根據導線切割磁感線產生感應電動勢的公式

E?Blv得：纜繩中的感應電動勢據閉合電路歐姆定律可得，

通過電熱器的電流為I?

E?4.6?10?5?2.05?104?7.6?103V=7.2?103V

4.答：可以.聲音使紙盒振動，線圈切割磁感線，

產生感應電流.

5.答：因為線圈繞00?軸轉動時，線圈長L2的邊切

割磁感線的速度變化，感應電動勢因而變化.根據公

式E?Blvsin?和v??r有E?BLlL2?sin?.因為

S?L1L2,??90?,所以，E?BS?.

EA22?n?R,6.答：根據法拉第電磁感應定律，線圈

中感應電動勢E?n2??4.1EB

2根據閉合電路歐姆定律，可得通過線圈的電流

I??n?RR?t?nR,所以，？t2?IARA???2.IBRB1

7.答：管中有導電液體流過時，相當于一段長為d

的導體在切割磁感線，產生的感應電動勢E?Bdv.液體的流

量Q?v?,即液體的流量與電動勢E的關系為Q?E.4B

第5節電磁感應定律的應用

??2

1.解：根據導線切割磁感線產生感應電動勢的公式

E?Blv,該機兩翼尖間的電勢差為

E?4.7?10?5?12.7?0.7?340V=0.142V,根據右手定則

可知，從駕駛員角度來說，左側機翼電勢高。說明：該題的

難點之上在于學生的空間想象力往往比較弱，對此，可用簡

單圖形幫助理解；另外，該題可補充一問，即當飛機從西向

東飛行時，哪側機翼電勢高？分析可得仍為左側機翼電勢

高。

2.根據法拉第電磁感應定律，線圈中感應電動勢為

E?no根據？？t圖象可知,?t

?0.5Wb/so電壓表的讀數為E?n?100?0.5V=50V。感應

電場的方向為逆時針方向，？t?t

如圖所示。A端的電勢比B端高，所以A端應該與電

壓表標的接線柱連接。

3.答：等效電路如圖所示。通過R的電流方向從上

到下。根據導線切割磁感線產生感應電動勢

的公式E?公v,MN、PQ的電動勢都為E?1?1?1V。根據

電池的并聯和閉合電路歐姆定律，通過R電流I??A=1AO通

過MN的電流方向為自N到M；過PQ的電流方向為自N到快

過R1

PQ的電流方向為Q到P。

4.線圈以速度v勻速進入磁場，當CD邊在磁場中

時，線圈中感應電動勢El?Bllv,其中11為CDElBllv,其

中R為線圈的總電阻。同理，線圈以速度2v?E2Bllv勻速進

入磁場時，線圈中的感應電流最大值為I2?2?o第二次與第

一次線圈中最大電流之比為2:1。線圈以速度v勻速進入磁

場，當CD邊在磁場中時，CD邊受安培力最大，最大值為

B2112vFl?BIlll?o由于線圈做勻速運動，所以此時

外力也最大，且外力大小等于安培力大小，此時

B2112v4B2112v2

外力的功率為P。同理，線圈以速度2V進入磁場時，

外力的最大功率為P2?。l?Flv?RR

第二次與第一次外力做功的最大功率之比為4:1。線

圈以V勻速進入磁場，線圈中的感應電流為

EBlvl設AD邊長為12,則線圈經過時間t?2完全進

入磁場，此后線圈中不再有感應電流。H?l?l,邊的長度。

此時線圈中的感應電流為H?

B2112V212B2n212R?所以第一次線圈中產生的熱量

為Ql?IRt?。同理，線圈以速度2V勻速進入R221

2B211212磁場時，線圈中產生的熱量為Q2?。第二次

與第一次線圈中產生的熱量之比為2:lo說明：可進一步分

析并說明，在這一過程中，外力克服安培力所做的功與感應

電流所做的功是相等的。

第6節互感和自感

1.當開關S斷開后，使線圈A中的電流減小并消失

時，穿過線圈B的磁通量減小，肉而在線圈B

中將產生感應電流，根據楞次定律，感應電流的磁場

要阻礙原磁場的減小，這樣就使鐵芯中磁場減弱得慢些，即

在開關S斷開后一段時間內，鐵芯中還有逐漸減弱的磁場，

這個磁場對銜鐵D依然有力作用，因此，彈簧K不能立即將

銜鐵拉起.如果線圈B不閉合，不會對延時效果產生影響.在

開關S斷開時，線圈A中電流減小并很快消失，線圈B中只

有感應電動勢而無感應電流，鐵芯中的磁場很快消失，磁場

對銜鐵D的作用力也很快消失，彈簧K將很快將銜鐵拉起.

2.答：當李輝把多用表的表筆與被測線圈斷開時，

線圈中的電流將減小，發生自感現象.會產生較大的

自感電動勢，兩只表筆間有較高電壓，“電”了劉偉

一下，所以劉偉驚叫起來，當李輝再摸多用表的表筆時，由

于時間經歷的較長，自感現象基本“消失”

3.答：當開關S由斷開變為閉合，A燈由亮變得更為

明亮，B燈由亮變暗，直到不亮.當開關S

由閉合變為斷開，A燈不亮，B燈由亮變暗，直到不

亮.

第7節渦流電磁阻尼和電磁驅動

1.答：當銅盤在磁極間運動時，由于發生電磁感應

現象，在銅盤中主生感應電流，使銅盤受到安培力作

用，而安培力的方向阻礙導體的運動，所以銅盤很快

就停了下來.

2.當條形磁鐵的N極靠近線圈時，線圈中向下的磁

通量增加，根據楞次定律可得，線圈中感應電流的磁

場應該向上，再根據右手螺旋定則，判斷出線圈中的

感應電流方向為逆時針方向.感應電流的磁場對條形磁鐵N

極的作用力向上，阻礙條形磁鐵向下運動.當條形磁鐵的N

極遠離線圈時，線圈中向下的磁通量減小，根據楞次定律可

得，線圈中感應電流的磁場應該向下，再根據右手螺旋定則,

判斷出線圈中的感應電流方向為順時針方向.感應電流的磁

場對條形磁鐵N極的作用力向下，阻礙條形磁鐵向上運動.因

此，無論條形磁鐵怎樣運動，都將受到線圈中感應電流磁場

的阻礙作用，所以條形磁鐵較快地停了下來，在此過程中，

彈簧和磁鐵的機械能均轉化為線圈中的電能.

3.答：在磁性很強的小圓片下落的過程中，沒有缺

口的鋁管中的磁通量發生變化，所以鋁管中將產生感應電

流，感應電流的磁場對下落的小圓片產生阻力作用，小圓片

在鋁管中緩慢下落；如果小圓片在有缺口的鋁管中下落，盡

管鋁管中也會產生感應電流，感應電流的磁場將對下落的也

產生阻力作用，但這時的阻力非常小，所以小圓片在鋁管中

下落比較快.

4.答：這些微弱的感應電流，將使衛星受到地磁場

的安培力作用.因為克服安培力作用，衛星的一部分

運動轉化為電能，這樣衛星機械能減小，運動軌道離

地面高度會逐漸降低.

5.答：當條形磁鐵向右移動時，金屬圓環中的磁通

量減小，圓環中將產生感應電流，金屬圓環將受到條

形磁鐵向右的作用力.這個力實際上就是條形磁鐵的

磁場對感應電流的安培力.這個安培力將驅使金屬圓環向右

運動.

第五章交變電流

第1節交變電流

1.答：磁鐵靠近白熾燈，發現燈絲顫動.因為通交

變電流的燈絲處在磁場中要受到力的作用，燈絲受到

的磁場力的大小、方向都隨時間做周期性變化，因而

燈絲顫動.

2.答：這種說法不對.根據法拉第電磁感應定律，

感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，而與磁通量?

沒有必然的聯系.假定線圈的面積為S,所在磁場的磁感應

強度為B,線圈以角速度?繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，線

圈在中性面時開始計時，則磁通量？隨時間變化的關系

為：？?BDcos3t,其圖象如圖所示.線圈平面轉到中性面瞬

間，穿過線圈的磁通量?雖然最大，但是，曲線的斜率為0,

即，磁通量的變化率?0,感應電動勢為0；而線圈平面轉到

跟中性面垂直時，穿過線圈的磁通量?為0,但是曲線的斜率

最大，即磁通量的變化率最大，感應電動勢最大.?t

3.解：單匝線圈轉到線圈平面與磁場平行位置時，

即教科書圖5.1—3中乙和丁圖時，感應電動勢最大.即

Em?2BLABv=2BLAB?LAD?BLADLAB??0.01?0.20?0.10?2??50V=

6.3?10-2V

4.解：假定發電機線圈平面僅次于中性面開始計時,

感應電動勢瞬時值表達式

e?Emsin?t?400sin.不計發電機線圈的內阻，電路中

電流的