山西省長治市王莊礦中學高三物理聯考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.關于同步衛星的下列說法中正確的是它只能定點在赤道上方某一高度

B.它只有定點在赤道上方不同高度C

完成環球通信任務，只需三顆通信衛星

D、它一定靜止在赤道上空參考答案：ACD2.如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質量為m的物體接觸（未連接），彈簧水平且無形變。用水平力F緩慢推動物體，在彈性限度內彈簧長度被壓縮了xo，此時物體靜止。撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4xo。物體與水平面間的動摩擦因數為，重力加速度為g。則

A．撤去F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動

B．撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為

C．物體做勻減速運動的時間為2

D．物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為參考答案：BD3.（單選）圖為蹦極運動的示意圖。彈性繩的一端固定在點，另一端和運動員相連。運動員從點自由下落，至點彈性繩自然伸直，經過合力為零的點到達最低點，然后彈起。整個過程中忽略空氣阻力。分析這一過程，下列表述正確的是

A.經過點時，運動員的速率最大B.經過點時，運動員的速率最大C.從點到點，運動員的加速度增大d從點到點，運動員的加速度不變參考答案：A4.（單選）物理學中的許多規律是通過實驗發現的，下列說法中符合史實的是(

)A.法拉第通過實驗發現了電磁感應現象

B.牛頓通過理想斜面實驗發現了物體的運動不需要力來維持

C.奧斯特通過實驗發現了電流的熱效應

D.卡文迪許通過扭秤實驗測出了靜電力常量參考答案：A解：A、法拉第通過實驗發現了電磁感應現象．故A正確．B、伽利略通過理想斜面實驗發現了物體的運動不需要力來維持．故B錯誤．C、奧斯特通過實驗發現了電流的磁效應．故C錯誤．D、卡文迪許通過實驗測出了引力常量，故D錯誤．故選：A．5.（多選）火星表面特征非常接近地球，適合人類居住。近期，我國宇航員王躍正與俄羅斯宇航員一起進行“模擬登火星”實驗活動。已知火星的半徑是地球半徑的1/2，質量是地球質量的1/9，自轉周期也基本與地球的自轉周期相同。地球表面重力加速度是g，若王躍在地面上能豎直向上跳起的最大高度是h。在忽略自轉影響的條件下，下述分析正確的是A．王躍在火星表面受到的萬有引力是他在地球表面所受萬有引力的4/9倍B．火星表面的重力加速度是2/9gC．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的/3倍D．王躍以相同的初速度在火星上豎直起跳時，能上升的最大高度是9h/4參考答案：ACD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一質點作自由落體運動，落地速度大小為8m/s則它是從

m高處開始下落的，下落時間為---------

s參考答案：7.在“用打點計時器測速度”的實驗中，交流電源頻率為50HZ，打出一段紙帶如圖所示．紙帶經過2號計數點時，測得的瞬時速度υ=

m/s．若實驗時交流電源頻率大于50Hz，則紙帶經過2號點的實際速度

（選填“大于”、“小于”、“等于”）測量速度．參考答案：0.36；大于．【考點】探究小車速度隨時間變化的規律．【分析】根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大小．【解答】解：從0點開始每5個點取一個計數點，所以相鄰計數點間的時間間隔為0.02×5=0.1s根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大小．小車到計數點2時的瞬時速度v2==m/s=0.36m/s，如果在某次實驗中，交流電的頻率偏離50Hz，交流電的頻率偏高而未被發覺，那么實際打點周期變小，據v=可知，測出的速度數值將比真實值偏小．根據運動學公式△x=at2得：真實的加速度值就會偏小，所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏大．故答案為：0.36；大于．8.如圖甲所示，光滑絕緣的水平面上一矩形金屬線圈

abcd的質量為m、電阻為R、面積為S，ad邊長度為L，其右側是有左右邊界的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度大小為B，ab邊長度與有界磁場區域寬度相等，在t=0時刻線圈以初速度v0進入磁場，在t=T時刻線圈剛好全部進入磁場且速度為vl，此時對線圈施加一沿運動方向的變力F，使線圈在t=2T時刻線圈全部離開該磁場區，若上述過程中線圈的v—t圖像如圖乙所示，整個圖像關于t=T軸對稱。則0—T時間內，線圈內產生的焦耳熱為______________________，從T—2T過程中，變力F做的功為______________________。參考答案：；2（）9.（單選）甲乙丙三輛汽車以相同速度同時經某一路標，從此時開始，甲車一直勻速運動，乙車先勻加速后勻減速，丙車先勻減速后勻加速，他們經過第二塊路標時速度又相等，則先通過第二塊路標的是A、甲車

B、乙車

C、丙車

D、無法確定參考答案：B10.將一單擺掛在測力傳感器的探頭上,用測力探頭和計算機組成的實驗裝置來測定單擺擺動過程中擺線受到的拉力(單擺擺角小于5°),計算機屏幕上得到如圖(a)所示的F-t圖象.然后使單擺保持靜止,得到如圖(b)所示的F-t圖象.那么:①(2分)此單擺的周期T為

s.②(5分)設擺球在最低點時重力勢能Ep=0,已測得當地重力加速度為g,試求出此單擺擺動時的機械能E的表達式.(用字母d、l、F1、F2、F3、g中某些量表示)參考答案：.①0.8s

（2分）②擺球在最低點時根據牛頓第二定律有F1-F3=mv2/r,

（2分）

單擺的擺長r=

（1分）

擺球在擺動過程中機械能守恒,其機械能等于擺球在最低點的動能,即E=mv2/2=11.如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，第一次快插，第二次慢插，兩情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1____E2；通過線圈截面電量的大小關系是ql____q2。（填大于，小于，等于）參考答案：12.在研究小車速度隨時間變化規律的實驗中，將木板傾斜，可使小車牽引紙帶沿斜面下滑．小車拖動紙帶，用打點計時器打出的紙帶如下圖所示．已知打點周期為0.02s.(1)根據紙帶提供的數據，按要求計算后填寫表格．實驗數據分段第1段第2段第3段第4段第5段第6段時間t(s)0～0.10.1～0.20.2～0.30.3～0.40.4～0.50.5～0.6各段位移x(×10－2/m)1.452.453.554.555.606.65平均速度(m/s)

(2)作出v－t圖象并求出平均加速度．參考答案：(1)0.145、0.245、0.355、0.455、0.560、0.665

(2)v-t圖象如圖所示,加速度a=1.04m/s2.

13.一定質量的理想氣體由狀態A依次變化到狀態B、C、D、A、E、C，整個變化過程如圖所示。已知在狀態A時氣體溫度為320K，則狀態B時溫度為

K，整個過程中最高溫度為

K。參考答案：

答案：80

500三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.為了測量木塊與長木板間的動摩擦因數，某同學用鐵架臺將長板傾斜支在水平桌面上，組成如圖甲所示的裝置，所提供的器材有：長木板、木塊（其前端固定有用于擋光的窄片K）、光電計時器、米尺、鐵架臺等，在長木板上標出A、B兩點，B點處放置光電門（圖中未畫出），用于記錄窄片通過光電門時的擋光時間，該同學進行了如下實驗：（1）用游標尺測量窄片K的寬度d如圖乙所示，則d=______mm，測量長木板上A、B兩點間的距離L和豎直高度差h。（2）從A點由靜止釋放木塊使其沿斜面下滑，測得木塊經過光電門時的檔光時間為△t=2.50×10-3s，算出木塊經B點時的速度v=_____m/s，由L和v得出滑塊的加速度a。（3）由以上測量和算出的物理量可以得出木塊與長木板間的動摩擦因數的表達式為μ=_______（用題中所給字母h、L、a和重力加速度g表示）參考答案：

(1).(1)2.50；

(2).（2）1.0；

(3).（3）試題分析：(1)游標卡尺的讀數是主尺讀數加上游標讀數；(2)擋光片通過光電門的時間很短，因此可以用其通過的平均速度來代替瞬時速度；(3)根據牛頓運動定律寫出表達式，求動摩擦因數的大小。解：(1)主尺讀數是2mm，游標讀數是，則窄片K的寬度；(2)木塊經B點時的速度(3)對木塊受力分析，根據牛頓運動定律有：據運動學公式有其中、聯立解得：15.動畫片《光頭強》中有一個熊大熊二愛玩的山坡滑草運動，若片中山坡滑草運動中所處山坡可看成傾角θ=30°的斜面，熊大連同滑草裝置總質量m=300kg，它從靜止開始勻加速下滑，在時間t=5s內沿斜面滑下的位移x=50m．（不計空氣阻力，取g=10m/s2）問：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為多大？（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大（結果保留2位有效數字）？參考答案：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為300N；（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大為0.12．考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）根據勻變速直線運動的位移時間公式求出下滑的加速度，對熊大連同滑草裝置進行受力分析，根據牛頓第二定律求出下滑過程中的摩擦力．（2）熊大連同滑草裝置在垂直于斜面方向合力等于零，求出支持力的大小，根據F=μFN求出滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ．解答： 解：（1）由運動學公式S=，解得：a==4m/s沿斜面方向，由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣f=ma

解得：f=300N

（2）在垂直斜面方向上：N﹣mgcosθ=0

又f=μN

聯立解得：μ=答：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為300N；（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大為0.12．點評： 解決本題的關鍵知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過加速度可以根據力求運動，也可以根據運動求力．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖甲所示，滑塊與足夠長的木板疊放在光滑水平面上，開始時均處于靜止狀態．作用于滑塊的水平力F隨時間t變化圖象如圖乙所示，t=2.0s時撤去力F，最終滑塊與木板間無相對運動．已知滑塊質量m=2kg，木板質量M=1kg，滑塊與木板間的動摩擦因數μ=0.2，取g=10m/s2．求：（1）t=0.5s時滑塊的速度大小；（2）0～2.0s內木板的位移大小；（3）整個過程中因摩擦而產生的熱量．參考答案：解：（1）設滑塊恰好相對于木板要滑動時兩者間的靜摩擦力達到最大，以M為研究對象，根據牛頓第二定律得

μmg=Ma0，得a0===4m/s2；對整體，有F0=（M+m）a0=12N由圖知，在0﹣0.5s內，F=6N＜F0，則滑塊與木板相對靜止，兩者共同的加速度等于a==2m/s2，則t=0.5s時滑塊的速度大小v1=at1=1m/s（2）0﹣0.5s內，整體的位移為x1===0.25m在0.5s﹣2.0s內，F=16N＞F0，所以兩者相對滑動．根據牛頓第二定律得對m有：F﹣μmg=mam，得am=6m/s2；對M有：μmg=MaM，得aM=4m/s2；0.5～2.0s內木板的位移大小為x2=v1t2++=1×1.5+×4×1.52=6m故0～2.0s內木板的位移大小x=x1+x2=6.25m（3）0.5～2.0s內滑塊的位移大小為x3=v1t2+=1×1.5+×6×1.52=8.25m故0.5～2.0s內滑塊與木板的相對位移△x1=x3﹣x2=2.25mt=2.0s時，滑塊的速度為vm=v1+amt2=1+6×1.5=10m/s木板的速度為vM=v1+aMt2=1+4×1.5=7m/s撤去F后，m的加速度大小為am′==μg=2m/s2；設從t=2s時起經過時間t，兩者速度相等，共同速度為v，則有

v=vm﹣am′t=vM+aMt，解得t=0.5s，v=9m/s從t=2s到兩者相對靜止的過程中，滑塊的位移為x4==m=4.75m木板的位移為

x5==m=4m此過程兩者的相對位移△x2=x4﹣x5=0.75m故整個過程中因摩擦而產生的熱量為Q=μmg（△x1+△x2）=12J答：（1）t=0.5s時滑塊的速度大小是1m/s；（2）0～2.0s內木板的位移大小是6.25m；（3）整個過程中因摩擦而產生的熱量是12J．【考點】動能定理的應用；牛頓第二定律．【專題】計算題；定量思想；尋找守恒量法；牛頓運動定律綜合專題．【分析】（1）先判斷出在0﹣0.5s內滑塊與木板是相對靜止的．方法是：設滑塊恰好相對于木板要滑動時兩者間的靜摩擦力達到最大，以M為研究對象，求出臨界加速度，再以整體為研究對象，求出此