EBL給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德EBLΔΦ一、利用動量定理和q＝求間和位移R導體棒或金屬框在感應電流所引起的安培力作用下做非勻變速直線運動時，安培力的沖量為：I＝ILt＝，通過導體棒或金屬框的電荷量為：ΔΦΔΦq＝I＝Δ＝Δ＝，RΔ磁通量變化量：Φ＝BΔ＝BLx如果安培力是導體棒或金屬框受到的合外力，＝－。當題目中涉及速度v、電荷量q運動時、運動位移時常用動量定理求解更方便。1、如圖所示，在光滑的水平面，有一垂直向下的勻強磁場分布在寬為L的域內，有一個邊長為<L方形閉合線圈以初速v垂磁場邊界滑過磁場后速度變為v）那么A．完全進入磁場中時線圈的速大于+；B．安全進入磁場中時線圈的速等于+；C．完全進入磁場中時線圈的速小于+；

aD．以上情況A均可能，而不可能的答案：B解析設線圈完全進入場中時的速度為v線圈在穿過磁場的過程中所受合外力為安培力線進入磁場的過程，據動量定理可得：

aLBaFBa

2

0對于線圈穿出磁場的過程，據動量定理可得：F

BaBa

2

mvmv

由上述二式可得

v

v0

，即選正確。2．(2020·蘭州、張掖聯考如所示，間距為、電阻不計的足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，導軌左端用一阻值為R的電阻連接，導軌上橫跨一根質量為m、電阻也為的金屬棒，金屬棒與導軌接觸良好。整個裝置處于豎直向上、磁感應強度為B的強磁場中。現使金屬棒以初速度v沿導軌向右運動，若金屬棒在整個運動過程中通過金屬棒某橫截面的電荷量q。下列說法正確的是)A．金屬棒在導軌上做勻減速運qRB．整個過程中金屬棒在導軌上生的位移為1/16

RQ7給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德RQ71C．整個過程中金屬棒克服安培做的功為21D．整個過程中電阻R上產的焦耳熱為mv2:答案：解本考查導體棒切割磁感線時產生的感應電動勢、閉合電路歐姆定律、電磁感應中的能量轉化等知識點在查考生的邏輯推理能力屬切割磁感線產生感應電動勢，產生感應電流，金屬棒受到向左的安培力，做減速運動，由于速度減小，電動勢減小，則電流減小，安培力減小，根據牛頓第二定律知，加速度減小，金屬棒做加速度逐漸減ΔΦBLs2Rq小的減速運動選A錯誤根＝＝可金屬棒在導軌上發生的位＝，R211選項B錯；根據動能定理得＝0－mv，則金屬棒克服安培力做的功為22

，選項C正確根能量守恒得減少的能全部轉化為整個回路產生的熱量則電阻產生的熱量1Q，選項D錯誤43.如所示，兩根電阻不計的平光滑金屬導軌在同一水平面內放置，左端與定值電阻相，導軌>0一存在著沿方向均勻增大的磁場磁感應強度與x關系是＝0.5＋0.5(T)在外力F作下一阻值為r的金棒從A運到A此過程中電路中的電功率保持不變A的標為x＝1m，A的坐為x＝2m，A的坐為x，下列說法正確的是)A．回路中的電動勢既有感生電勢又有動生電動勢B．在與的速度之比為2∶1C．到A與A到的過程中通過導體橫截面的電荷量之比為3∶4D．到A與A到的過程中產生的焦耳熱之比為5∶7答案：D解析因為磁場不隨時變化，故此過程中，只有動生電動勢，沒有感生電動勢，故錯；處的磁感應強度B＝1，A的磁感應強度＝2，因為電功率不變，Blvv2ΔΦΔ故電流不變，又因為E＝Blv＝，則＝＝故B正；q＝＝及BxR＋1R＋R＋q5圖象可得，兩個過程中的面積之比，就是電荷量之比，故＝＝，C錯誤由-x圖qQ5象可得，兩個過程中的面積之比就是焦耳熱之比，故＝＝，故正．2/16

2給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德24.(多選如圖所示，水平桌面上固定著兩相距L＝1的足長的平行金屬導軌，導軌右端接電阻R＝1Ω在導軌間存在無數寬度相同的有界勻強磁場區域，磁感應強度為＝1，方向豎直向下意個磁場區域之間有寬為＝0.3m的場區屬棒CD量為m＝0.1kg，入導軌間的電阻為＝1Ω水平置于導軌上，用絕緣水平細線通過定滑輪與質量也為的體相連。金屬棒從距最左邊磁場區域左邊界s＝0.4m處靜止釋放，運動過程中金屬棒始終保持與導軌垂直金棒穿過兩磁場區域的過程中過阻R的流變化情況相同金屬棒從進入磁場開始通過每個區域的時間均相同加度為g＝10m/s，不計其他電阻擦力下列說法正確的圖中并未把所有磁場都畫)()A．金屬棒每次進入磁場時的速為2m/s離開磁場時速度均為m/sB．每個磁場區域的寬度均為0.8mC．金屬棒在每個磁場區域運動時候電阻上生的電熱為1.3D．從進入磁場開始，電流的有值為

138

A答案AB解由題意知金屬棒穿過兩磁場區域的過程中過電阻電流變化情況相同即進入每個磁場區域的速度相同出每個磁場區域的末速度也相同金棒1剛進入Ⅰ區的速度為v，由機械能守恒定律可得＝mv，得v＝2m/s，即每次進2入磁場時的速度為2m/s屬在Ⅰ區和Ⅱ區之間的無磁場區域運動屬棒有T＝，g對物體Amg＝，解得a＝＝5m/s，由v－＝2as，解得v＝1m/s，即離開磁場時的速度為1m/s，A正；于金屬棒通過每個區域的時間相同，故通過磁場區域和通v過無磁區域的時間相等，為t＝＝0.2s，金屬棒通過磁場域時，對金屬棒有FtaΔΦBLdI＝mv－，對物體有mgt－，知Ft＝BILt，＝＝，整理R＋r＋BL－得＝＋＝0.2，得＝0.8，B正確導體棒的電阻和R相等，mg＋并且兩者串聯在電路中兩產生的熱量相等據能量守恒定律可得經過每一個磁場區11域時有＝×2－×2＋2Q，解得，C錯誤；導體棒經過一個磁場區域22和一個無磁區域為一個周期，則在這個周期內，通過磁場區域時流生，其余時間無電流產生，根據有效值的定義可知(＋)·2＝2Q，得＝

118

A，D錯誤。5.如，足夠長的U型光滑金屬軌平面與水平面(0<<90°)其中與平行3/16

E給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德E且間距為L，導平面與磁感應強度為的強場垂直，導軌電阻不計．金屬棒由靜止開始沿導軌下滑并兩導軌終保持垂直且良好接觸棒入電路的電阻為當過ab棒某一橫截面的電量為q時，的速度大小為v，則金屬棒ab在一程中()1A．運動的平均速度大小為v．下滑的位移大小為2BLC．產生的焦耳熱為D．受到的最大安培力大小為sinθRB·x答案B解流ab棒某一截的電量q＝＝，RtqRxab棒滑的位x＝，其平均速度＝，而下滑過程中做加速度減小的加速運動，故BL1平均速度不等于v錯B正量守恒sin＝＋的耳熱Q＝mgx221qR1θ－＝mgsinθ－mv22BLsin或，D錯誤．R

L，C錯；當mgsin＝時v大，安培力最大，即F＝Rm6.如圖所示，寬度l＝1m的夠長的形金框架水平放置，框架處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度＝1，架導軌上放一根質量m＝0.2、電阻R＝1.0Ω金屬棒ab，棒與導軌間的動摩擦因μ現功率為6W的引力棒從靜止開始沿導軌運動棒終與導軌接觸良好且垂．當棒的電阻R產熱量Q＝5.8J時得穩定速度，此過程中，通過棒的電荷量＝2.8框電阻不計，g取10)．問：(1)棒到的穩定速度為多大？(2)從止到達穩定速度的時間為多少？Blv解析(1)＝Fv，＝BIlI＝棒達穩定速度時，＝＋，解得＝2(2)設棒由靜止到達穩定速度通的距離為x，由能量守恒定律得1Pt＝＋μmgx＋mv，2ΔΦ因＝I·Δt，＝，E＝，Δ＝RBxl故＝，＝，解得＝1.5s.R答案(1)2m/s(2)1.5s7.如所示，足夠長的金屬導軌定在水平面上，金屬導軌寬度L＝1.0m，導上放有垂直導軌的金屬桿，金屬桿質量為＝0.1，間存在磁感應強度B、直向下的勻強磁場。連接在導軌左端的電阻＝3.0Ω金屬桿的電阻＝1.0，其余部分電阻不計。某時刻給金屬桿一個水平向右的恒力F金屬桿P由止開始運動，圖乙是屬桿P運動過程的v－t圖象導與金屬桿間的動摩擦因＝0.5在金屬桿運的程中第一個2s內通金屬桿的荷量與第二個2s內通過P的荷量之比為3∶5取10m/s。求：4/16

2給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德2(1)水平恒力F的大小；(2)前4s內阻R上產生的熱量。解析(1)由圖乙可知金屬桿P先加速度減小的加速運動2s后做速直線運動當＝2s時，＝4m/s此時感應電動勢E＝BLvE感應電流I＝R＋BLv安培力F′＝BIL＝R＋根據牛頓運動定律有F－′＝0解得F＝0.75N。E(2)通過金屬桿的荷量q＝It＝·＋ΔΦ其中＝＝ttBLx所以q＝∝(為的)R＋設第一個s內金桿的移為，二個2s的移為則Δ＝，ΔΦ＝＝BLvt又由于q∶＝3∶5聯立解得x，＝4.8m前4s內由量守恒定律得1F(＋)＝μmg＋)＋R其中Q∶＝∶＝1∶3解得Q＝1.8J。答案(1)0.75N(2)1.8J8．如圖所示，質量為M的U形金屬架′MNN，靜止在粗糙絕緣水平面(與平面間的動摩擦因數μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力′M、′相互平行，相距為L，電阻不計且足夠長，底邊垂于′，電阻為。質量為的滑導體棒ab長L、電阻為R，垂直M′放在架上，整個裝置處于直框架平面向上，磁感應強度大小為B的5/16

給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德勻強磁場中。在與ab垂直的水平拉力作下ab由靜開始向右做勻加速直運動，經x距離撤去拉力直至最后停下整個過程中框架恰好沒動abM′NN′始終保持良好接觸。求ab動的總路程。解析：由題意可知當框架恰好不動時速度最大，則有F＝＝(＋)而＝BIL且(＋r＝BLv＋mR解得＝L撤去拉力F后ab在安培力作用下做減速運動，動量定理可知F′t＝mvmv而′＝I，且q＝，聯立解得＝ΔΦBLx′又因為q＝，R＋＋r＋m解得′＝L

R＋

μmgM＋所以總路程s＝＋′＋BL

＋

。M＋m答案：＋B

L

＋

9．如圖甲所示，一足夠長阻值計的光滑平行金屬導軌MN、之間的距離L＝0.5m，兩端連接阻值＝2.0Ω的阻，磁感應強度B的強磁場垂直于導軌所在平面向上，導軌平面與水平面間的夾θ＝30°.一量m＝0.40kg，阻值r＝1.0Ω的屬棒垂直于導軌放置并用絕緣細線通過光滑的定滑輪與質量＝0.80kg的重物相連．細線與金屬導軌平行．金屬棒沿導軌向上滑行的速度v與時間t之的關系如圖所示，已知金屬棒在～20.3s內通的電量是0.3～0.6s內過電量的，＝10m/s，求：3(1)0～0.3s內屬棒通過的位移；(2)金屬棒在0～0.6s內生的熱量．6/16

給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德解析：(1)金棒在～0.6s內過的電量是BLvtq＝＋ΔΦBLx金屬棒在0～0.3s內過的電q＝＝R＋＋q3由題中的電量關系＝，代入解得＝0.3m.q2(2)金屬棒在0～0.6s內過的總位移為xxvt＋，入解得xm1根據能量守恒定律－mgxsin＝M＋)v＋2代入解得QJ由于金屬棒與電阻串，電流等，根據焦耳定律Q＝Rt，得到它們產生的熱量與r電阻成正比，所以金屬棒在0～0.6s內產生的熱量＝＝1.05J.rR＋r答案：m(2)1.05J10．如圖所示，質量為M的U形屬架′′，靜止在粗糙絕緣水平面(與水平面間的動摩擦因數μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力′M、′相互平行，相距為L，電阻不計且足夠長，底邊垂于′，電阻為。質量為的滑導體棒ab長L、電阻為R，垂直M′放在架上，整個裝置處于直框架平面向上，磁感應強度大小為B的勻強磁場中。在與ab垂直的水平拉力作下ab由靜開始向右做勻加速直運動，經x距離撤去拉力直至最后停下整個過程中框架恰好沒動abM′NN′始終保持良好接觸。求ab動的總路程。解析：由題意可知當框架恰好不動時速度最大，則有F＝＝(＋)而＝BIL且(＋r＝BLv＋mR解得＝L撤去拉力F后ab在安培力作用下做減速運動，動量定理可知F′t＝mvmv而′＝I，且q＝，聯立解得＝ΔΦBLx′又因為q＝，R＋＋r＋m解得′＝L

R＋

7/16

給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德μmgM＋所以總路程s＝＋′＋B

L

＋

。M＋m答案：＋B

L

＋

11.如圖甲所示，兩條相距的光平行金屬導軌位于同一豎直(紙面內其端接一阻值為R的電，在兩導軌間′方區域內有直導軌平面向里的勻強磁場，磁感應強度為現長為l、電阻為r、質為m的金棒由靜止開始自OO′位置釋放，向下運動距離d后速度不再變化棒ab與軌始終保持良好的接觸且下落過程中始終保持水平電阻不計。(1)求棒ab在向下運動距離d過程回路產生的總焦耳熱；d(2)棒ab從靜止釋放經過時間t下了求此時刻的速度大小；2(3)如圖乙所示，在OO上方區域加一面積為的垂直于紙面向里的勻強磁場′，棒由靜止開始自OO′上方某一高度處釋放，自棒ab運到′位置開始計時B′隨時間t的變化關系′＝，中k為知常量；棒ab以速v進入′下方磁場后立即施加一豎直外力使其保持勻速運動。求在時穿過回路的總磁通量和電阻R的功率。Blv[解析](1)對合回路I＝R＋由平衡條件可知：＝BIl

mgR＋r解得＝l1gR＋由功能關系mgd＋Q解得Q＝－22(2)由動量定理可知：(－BIl)t＝

即－Blqmv

dBlΔΦ2又q＝＝＋r＋Rl解得＝－。2R＋r(3)因為＝＋ΔΦ由法拉第電磁感應定律可得：E＝＋ΔEI＝，＝R＋8/16

＋22給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德＋22＋kS解得＝＋mgR＋rld＋[答案(1)－(2)－(3)Blvt＋2l2＋r

R12.如圖所示，傾角＝45°金屬導軌MON固在水平面內，導軌處在方向豎直、磁感應強度為的強磁場中。一根與ON垂直的導體棒ab在平外力F作用以恒定速度v沿導軌MON向滑動，導體棒的質量為，導軌與導體棒單位長度電阻均為。體棒在滑動過程中始終保持與導軌良好接觸t＝0時，導體棒位于O處，：(1)時流過導體棒的電流I的小和方向；(2)導體棒做勻速直線運動時水外力F的表達式；(3)導體棒在0～時內產生的焦耳熱Q；(4)若在t時刻外力F撤去導棒最終在導軌上靜止時的坐標。解析：(1)0～時內，導體棒的位移s＝t時刻導體棒接入電路的長度＝導體棒的電動勢E＝回路總電阻R＋2srE電流的大小I＝R

Bv2＋2由右手定則知電流方向由b→。(2)由題意知導體棒做勻速運動故水平外力＝＝BIl解得：＝

B。2＋2r(3)時導體棒的電功率P＝

R′，′＝解得：＝

B2＋2

PBv因為∝，所以Q＝t＝2＋2

。r(4)撤去外力F后，設任意時刻t導棒的坐標為x，速度為v取很短時間或短距離Δ，在～＋Δ時內由動量定理得BI′Δ＝Δv∑

B·Δtv∑mΔ2＋2BΔ＝2＋2方法一：撤去外力F后導體棒過的面積9/16

2給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德2Δ＝

x＋

2

x－

－＝，其中＝t解得：＝

2

2＋2B

＋

v

方法二：設撤去外力后導體棒滑行距離為d，則vt＋tΔ＝2即＋2v－2S＝0解得：＝－＋Δ＋t

x＝＋＝2Δ＋t

＝

22＋2B

mv＋t

。答案：

Bv，電流方向由→F＝2＋2r

B2＋2

r(3)2

B2＋2

r

(4)

22＋2

mv＋

v

13渦制動是一種利用電磁感應原理工作的新型制動方式的本原理如圖甲所示水平面上固定一塊鋁板一直向的條形磁鐵在鋁板上方幾毫米高度上水平經過時板內感應出的渦流會對磁鐵的運動產生阻礙作用制動是磁懸浮列車在高速運行時進行制動的一種方式究制成如乙所示的車和軌道模型來定量模擬磁懸浮列車的渦流制動過程。車廂下端安裝有電磁鐵系統，能在長為＝0.6m，寬L＝0.2m的形區域內產生豎直方向的勻強磁場感強可隨車速的減小而自動增(由車內速度傳感器控)但最大不超過＝2，將鋁板簡為長大于L，也為L單匝矩形線圈，間隔鋪設在軌道正中央間也為每個線的電阻為R＝0.1Ω線細略不計某次實驗中，模型車速度為＝20m/s時啟動電磁鐵系統開始制動，車立即以大小為a＝2

的加速度做勻減速直線運動，當磁感應強度增加到就保持不變，直到模型車停止運動。已知模型車的總質量為m＝36kg，氣阻力不計不考慮磁感應強度的變化引起的電磁感應現象以及線圈激發的磁場對電磁鐵產生磁場的影響。(1)電磁鐵的磁感應強度剛達到大時，模型車的速度為多大？(2)模型車的制動距離為多大？(3)為了節約能源，將電磁鐵換若干個并在一起的永磁鐵組，兩個相鄰的磁鐵磁極的10/

＝給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德＝極性相反，且將線圈改為連續鋪放，如圖丙所示，已知模型車質量減為＝20，永磁鐵激發的磁感應強度恒為B＝0.1T，每個線圈匝為＝10電阻為R＝1Ω，相鄰線圈緊密接觸但彼此絕緣車仍以＝20m/s的速度開始減速證制動距離不大于80m，至少安裝幾個永磁鐵？解析：(1)設磁鐵的磁感應強剛達到最大時，模型車的速度為v，EvEI，＝I＝R解得＝5。v－v(2)勻變速過程位移為＝2由第(1)問的方法同理得到磁感強度達到最大以后任意速度v時，培力的大小為FBLR對速度v后模車的減速過程用動量定理可得BLvF＝＝Rvt＝，＝＋，得x＝106.25。(3)設需要n個永鐵，當模型的速度為v時每個線圈中產生的感應電動勢為E＝2NBE每個線圈中的感應電流為I＝每個磁鐵受到的阻力為Fn個磁受到的阻力為＝2IL4由第(2)問可得x＝vR解得≈3.47即至少需要4個磁鐵。答案：m/s(2)106.25m個14所強場區域內與B垂的平面有兩根足夠長的固定金屬平行導軌，在它們上面橫放兩根平行導體棒構成矩形回路，長度為L，質量m，電阻為R回路部分導軌電阻可忽略，棒與導軌無摩擦，不計重力和電磁輻射，且開始時圖中左側導體棒靜止，右側導體棒具有向右的初速v，求兩棒之間距離增長量的限。解析：當ab棒運時，產生感電動勢，v0

ab、棒中有感應電流通過ab棒到安培力作用而減速棒到安培力作用而加速它11/

給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德們的速度相等時，它們之間的距離最大。設它們的共同速度為v，則據動量守恒定律可得：mv＝2，

12

。對于cd棒用動量定理可得：BLq=-0=

12

mv

所以，通過導體棒的電量q

mv02而

I

2

,

所以q=

I

BLxR

由上述各式可得：=

mv02L

。15如所示，、是定在水平桌面上，相距l＝1.0m的光平行金屬導軌兩點間接有R＝0.6Ω的值電阻導軌電阻不計。質量均為m＝0.1kg，阻值均為rΩ的兩導體棒ab直于導軌放置，并與導軌良好接觸。開始時兩棒被約束在導軌上處于靜止，相距x＝2m，棒細絲線通過光滑滑輪與質量為m＝0.2kg重物c相，重物c距地面高度也為x＝2m。個面處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度＝1.0。棒解除約束后，在重物c的動下開始運(運動過程中絲線始終與b棒有作用，a棒即將到達棒置前一瞬間棒約束被解除，此時a棒經勻速運動，試求：(1)a棒勻速運時棒中的電流大小；(2)已知a、b棒相碰后即粘合成一根“更粗的棒設導軌夠長，試求該“粗棒”能運動的距離；(3)a棒解除約后整個過程中裝置產生的總焦耳熱。解析(1)由題意m＝，可得＝2Aa(2)設碰前a棒的度為，Blv0.6×0.3I，＝ΩΩ＝0.5ΩR0.6v＝1m/s碰撞過程mv′v′＝0.5m/s12/

2給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德2碰撞后的整體運動過程，由動量定理得－＝0mv′，＝＝r＋2得＝0.075m(3)發生碰撞前1mgx－＝(＋)得Q＝3.851發生碰撞后＝×2′＝0.025J2所以整個運動過程＝Q＝3.875答案(1)2A(2)0.075m(3)3.875J16．圖所示根屬平行導軌MN和PQ放在平面上，左端向上彎曲且光滑軌距為L，電阻不計．水平段導軌所空間存在兩個有界勻強磁場Ⅰ和Ⅱ，兩磁場相距一段距離不重疊，磁場Ⅰ左邊界在水平段導軌的最左端，磁感應強度大小為，方向豎直向上；磁場Ⅱ的磁感應強度大小為2B方豎直向下質量均為m電均為R的屬棒a和b放在導軌上，金屬棒b置磁場Ⅱ的右邊界CD處設兩金屬棒在導軌上運動過程中始終與導軌垂直且接觸良好．1(1)若水平段導軌粗糙金棒與水平導軌間的最大靜摩擦力均為mg將金屬棒a從距5平面高度處由止釋放．①求金屬棒a剛入磁場Ⅰ時，通過金屬棒的電大小；②若金屬棒a在場Ⅰ內運動過程中屬棒b在導軌上保持靜止通過計算分析金屬棒a釋時的高度h應足的條件；(2)若水平段導軌是光滑的金棒a仍從度h處由止釋放使其進入磁場.設兩磁場區域足夠大，求金屬棒a在磁場Ⅰ內運動的過程中，金屬棒b中可能產生的最大焦耳熱．解析：(1)①屬棒在彎曲光滑軌上運動的過程中，機械能守恒，設其剛進入磁場Ⅰ時速度為v，生的感應電動勢為E電路中的電流為1由機械能守恒有＝mv，得v＝2gh2E感應電動勢E＝BLv，對路I＝2R13/

1給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德1BL2gh解得I＝2R②對金屬棒b，其所受安培力FBL2gh又因I＝2R1金屬棒棒持靜止的條件為Fmg5gmR解得h≤50BL(2)金屬棒a在場Ⅰ中減速運動，感應電動勢逐漸減小，金屬棒在場Ⅱ中加速運動，感應電動勢逐漸增加，當兩者相等時，回路中感應電流為，此后金屬棒a、b都勻速運動．設金屬棒a、b最的速度小分別為v、v，個過程中安培力對金屬棒a、b的量大小分別為I、I.由BLv＝2BLv，得v＝2v設向右為正方向：對金屬棒a，動量定理有－＝mv－mv對金屬棒b，由動量定理有－－mv－0由于金屬棒a、b在運動過程中電流始終相等，則金屬棒b受到安培力始終為金屬棒a受到安培力的2倍因此有兩金屬棒受到的沖量的大小關系＝2I42解得v＝v，v＝55

根據能量守恒，回路中產生的焦耳熱1111Q＝mv－mmv＝2210511Q＝Q＝mgh21017．圖所示，abcd和bd

為水平放置的光滑平行導軌，區域內充滿方向豎直向上的勻強磁場、b間寬度是、cd

間寬度的2倍。導軌足夠長，導體棒ef的量是棒的質量的2倍。給導體棒ef一個初速度，沿導軌向左運動，當兩棒的速度穩定時，兩棒的速度分別是多少？a

bc

gda/

f

b

/

h

d/解析兩的速度穩定時中的感應電流為零體棒的速度減小到v導體棒gh的速度增大到v，則2BLv-BLv=0，即2v。對導體棒ef由動量定理得：

I2mv114/

0

222給我一個支點，可以撬起整個地球。—阿基米德222對導體棒gh由動量定理得：

I由以上各式可得：

12v33

18．如圖所示，兩根質量均為m＝2的屬棒垂直放在光滑的平導軌上，左右兩部分導軌間距之比為12，導軌有大小相等但左、右兩部分方向相反的勻強磁場，兩棒電阻與棒長成正比，不計導軌電阻．現用250水平拉力向右拉CD棒CD棒動x＝0.5m時其產生的焦耳熱為Q，此時兩棒速率之比為：v＝1：2現立即撤去拉力F，設導軌足夠長且兩棒始終不同磁場中運動，求：(1)在CD棒動0.5m的過中AB