2023學年湖北省襄陽市棗陽市白水高中高二（上）開學物理試卷一、選擇題（本大題12小題，每小題4分，共48分）1．加速度的大小和方向都不變的運動稱為勻變速運動．下列運動中，屬于勻變速運動的有（）A．平拋運動 B．自由落體運動 C．豎直上拋運動 D．勻速圓周運動2．豎直向上拋出一只小球，3s落回拋出點，不計空氣阻力（g取10m/s2），小球的初速度是（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s3．小球m用長為L的懸線固定在O點，在O點正下方處有一個光滑釘子C，如圖所示，今把小球拉到懸線成水平后無初速度地釋放，當懸線成豎直狀態且與釘子相碰時，下列說法不正確的是（）A．小球的速度突然增大 B．小球的角速度突然增大C．小球的向心加速度突然增大 D．懸線的拉力突然增大4．如圖為常見的自行車傳動示意圖．A輪與腳蹬子相連，B輪與車軸相連，C為車輪．當人蹬車勻速運動時，以下說法正確的是（）A．A輪角速度比C輪角速度小B．A輪角速度比C輪角速度大C．B輪邊緣與C輪邊緣的線速度大小相等D．A輪邊緣與B輪邊緣的線速度大小相等5．下列哪些現象或做法是為了防止物體產生離心運動（）A．汽車轉彎時要限定速度B．洗衣機轉動給衣服脫水C．轉速較高的砂輪半徑不宜太大D．將砂糖熔化，在有孔的盒子中旋轉制成“棉花糖”6．會使物體做曲線運動的情況是（）A．物體受到的合外力方向與速度方向相同時B．物體受到的合外力方向與速度方向成銳角時C．物體受到的合外力方向與速度方向成鈍角時D．物體受到的合外力方向與速度方向相反時7．一物體從某高度以初速度v0水平拋出，落地時速度大小為vt，則它運動時間為（）A． B．C． D．8．做斜拋運動的物體（）A．豎直分速度不變B．加速度不變C．在相同的高度處有相同的速度D．經過最高點時，瞬時速度為零9．質點沿軌道從A到B做曲線運動，速率逐漸減小，圖中哪一個可能是質點C處的加速度（）A． B． C． D．10．從距地面高為h處水平拋出質量為M的小球，小球落地點與拋出點的水平距離剛好等于h．不計空氣阻力，拋出小球的速度大小為（）A． B． C． D．11．關于向心加速度的物理意義，下列說法正確的是（）A．它是描述線速度方向變化的快慢B．它是描述線速度大小變化的快慢C．它是描述向心力變化的快慢D．它是描述角速度變化的快慢12．做勻速圓周運動的物體，不隨時間改變的物理量是（）A．線速度 B．角速度 C．加速度 D．向心力二、實驗題13．某物理興趣小組在探究平拋運動的規律實驗時，將小球做平拋運動，用頻閃照相機對準方格背景照相，拍攝到了如圖所示的照片，已知每個小方格邊長，當地的重力加速度為g=s2，計算結果保留3位有效數字．（1）若以拍攝的第一點為坐標原點，水平向右和豎直向下為正方向，則沒有被拍攝到的小球位置坐標為（cm，cm）．（2）小球平拋的初速度大小為m/s．14．在用落體法“驗證機械能守恒定律”實驗時，某同學按照正確的步驟操作，并選得一條如圖所示的紙帶．其中O是起始點，A、B、C是打點計時器連續打下的3個點，該同學用毫米刻度尺測量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖2中（單位cm），重錘質量為，重力加速度g=s2．（1）根據圖中的數據，可知重物由O點運動到B點，重力勢能減少量△Ep=J，動能的增加量△Ek=J．（計算結果保留3位有效數字）（2）重力勢能的減少量△Ep往往大于動能的增加量△Ek，這是因為．（3）他進一步分析，發現本實驗存在較大誤差，為此設計出用如圖3所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律．通過電磁鐵控制的小鐵球從A點自由下落，下落過程中經過光電門B時，通過與之相連的毫秒計時器（圖中未畫出）記錄擋光時間t，用毫米刻度尺測出AB之間的距離h，用精密儀器測得小鐵球的直徑D．重力加速度為g．實驗前應調整光電門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束．題中所給的d、t、h、g應滿足關系式，方可驗證機械能守恒定律．（4）比較兩個方案，改進后的方案相比原方案的優點是：．三、計算題15．如圖，在水平軌道右側固定半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設特殊材料，調節其初始長度為l，水平軌道左側有一輕質彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態．可視為質點的小物塊從軌道右側A點以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧，并被彈簧以原速率彈回．已知R=，l=，v0=6m/s，物塊質量m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數μ=，軌道其它部分摩擦不計．取g=10m/s2．求：（1）物塊第一次經過圓軌道最高點B時對軌道的壓力；（2）物塊仍以v0從右側沖上軌道，調節PQ段的長度l，當l長度是多少時，物塊恰能不脫離軌道返回A點繼續向右運動．16．如圖所示，AB是一段粗糙的傾斜軌道，在B點與一段半徑R=的光滑圓弧軌道相切并平滑連接．CD是圓軌道的豎直直徑，OB與OC成θ=53°角．將一質量為m=1kg的小滑塊從傾斜軌道上距B點s處由靜止釋放，小滑塊與斜軌AB間的動摩擦因素μ=．Sin53°=cos53°==10m/s2．（1）若s=2m，求小物塊第一次經過C點時對軌道的壓力；（2）若物塊能沿軌道到達D點，求s的最小值．17．一輕質彈簧，兩端連接兩滑塊A和B，已知mA=，mB=3kg，放在光滑水平桌面上，開始時彈簧處于原長．現滑塊A被水平飛來的質量為mC=10g，速度為400m/s的子彈擊中，且沒有穿出，如圖所示，試求：（1）子彈擊中A的瞬間A和B的速度；（2）以后運動過程中彈簧的最大彈性勢能；（3）B可獲得的最大速率．18．如圖所示，在水平地面上有一輛質量為m=2kg的玩具汽車沿Ox軸運動，已知其電動機的輸出功率恒定，它通過A點時速度為vA=2m/s，再經過t1=2s，它通過B點時電動機損壞失去動力，在阻力作用下又經過t2=10s最終停在C點．已知A、B兩點相距s1=9m，B、C兩點相距s2=25m．整個過程阻力保持恒定．求：（1）玩具汽車在BC段運動時加速度a的大小和在B點時的速度vB的大小；（2）玩具汽車的輸出功率P；（3）玩具汽車通過A點時的加速度aA的大小．

2023學年湖北省襄陽市棗陽市白水高中高二（上）開學物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本大題12小題，每小題4分，共48分）1．加速度的大小和方向都不變的運動稱為勻變速運動．下列運動中，屬于勻變速運動的有（）A．平拋運動 B．自由落體運動 C．豎直上拋運動 D．勻速圓周運動【考點】勻速圓周運動；平拋運動．【分析】勻變速運動的加速度保持不變，有勻變速直線運動和勻變速曲線運動之分．【解答】解：A、平拋運動的加速度大小和方向不變，為g，是勻變速直線運動，故A正確；B、自由落體運動的加速度是重力加速度．所以加速度保持不變，屬于勻變速運動，故B正確；C、豎直上拋運動的加速度大小和方向不變，為g，是勻變速運動，故C正確；D、勻速圓周運動的線速度的大小保持不變，向心加速度的大小保持不變，但方向始終指向圓心，故勻速圓周運動的加速度方向時刻改變，故勻速圓周運動不屬于勻變速運動，故D錯誤；故選：ABC．2．豎直向上拋出一只小球，3s落回拋出點，不計空氣阻力（g取10m/s2），小球的初速度是（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【考點】豎直上拋運動．【分析】豎直上拋運動可分為上升和下落兩個過程，由于兩個過程中物體的加速度相等，位移相等，故用時相等，由時間與初速度的關系求解．【解答】解：設小球的初速度是v0．小球豎直上拋運動的總時間為t，則有：t=可得：v0===15（m/s）故選：B3．小球m用長為L的懸線固定在O點，在O點正下方處有一個光滑釘子C，如圖所示，今把小球拉到懸線成水平后無初速度地釋放，當懸線成豎直狀態且與釘子相碰時，下列說法不正確的是（）A．小球的速度突然增大 B．小球的角速度突然增大C．小球的向心加速度突然增大 D．懸線的拉力突然增大【考點】向心力；牛頓第二定律．【分析】小球碰到釘子后仍做圓周運動，線速度不變，由v=ωr分析角速度如何變化．由向心加速度公式a=分析向心加速度的變化．由向心力公式可得出繩子的拉力與小球轉動半徑的關系，再分析拉力的變化情況；【解答】解：A、在繩與釘子相碰瞬間，繩子的拉力和重力方向都與小球的速度方向垂直，不對小球做功，不改變小球的動能，則小球的線速度大小不變．故A錯誤．B、角速度與線速度的關系為v=ωr，得到ω=，在繩與釘子相碰瞬間，小球圓周運動的半徑r減小，v不變，則角速度ω增大．故B正確．C、由向心加速度公式an=分析得到，向心加速度增大．故C正確．D、根據牛頓第二定律得：T﹣mg=man，T=mg+man，an增大，則繩子拉力T增大．故D正確．本題選錯誤的，故選：A．4．如圖為常見的自行車傳動示意圖．A輪與腳蹬子相連，B輪與車軸相連，C為車輪．當人蹬車勻速運動時，以下說法正確的是（）A．A輪角速度比C輪角速度小B．A輪角速度比C輪角速度大C．B輪邊緣與C輪邊緣的線速度大小相等D．A輪邊緣與B輪邊緣的線速度大小相等【考點】線速度、角速度和周期、轉速．【分析】同緣傳動邊緣點線速度相等；同軸傳遞角速度相等；然后結合v=rω公式分析．【解答】解：A、B、輪AB邊緣上的點與傳動鏈條接觸，其速度大小和傳動鏈條的速度大小一致，所以A輪邊緣與B輪邊緣的線速度大小相等，根據公式v=rω，線速度相等時，半徑小的角速度大，所以A輪角速度比B輪角速度小；而B與C屬于同軸轉動，二者的角速度是相等的，所以A輪角速度比C輪角速度小．故A正確，B錯誤；C、輪B邊緣與C輪邊緣的點在同一個輪子上，所以B輪邊緣與C輪邊緣的角速度相同，而rC＞rB，據公式v=ωr可知，B輪邊緣與C輪邊緣的線速度大小不相等，故C錯誤D、輪AB邊緣上的點與傳動鏈條接觸，其速度大小和傳動鏈條的速度大小一致，所以A輪邊緣與B輪邊緣的線速度大小相等．故D正確；故選：AD5．下列哪些現象或做法是為了防止物體產生離心運動（）A．汽車轉彎時要限定速度B．洗衣機轉動給衣服脫水C．轉速較高的砂輪半徑不宜太大D．將砂糖熔化，在有孔的盒子中旋轉制成“棉花糖”【考點】離心現象．【分析】做圓周運動的物體，在受到指向圓心的合外力突然消失，或者不足以提供圓周運動所需的向心力的情況下，就做逐漸遠離圓心的運動，這種運動叫做離心運動．所有遠離圓心的運動都是離心運動，但不一定沿切線方向飛出．【解答】解：A、因為F向心=m，所以速度越快所需的向心力就越大，汽車轉彎時要限制速度，來減小汽車所需的向心力，防止離心運動，故A正確．B、洗衣機脫水工作就是應用了水的離心運動，故B錯誤．C、因為F向=m，所以轉速很高的砂輪所需的向心力就大，轉速很高的砂輪半徑做得太大，就會出現砂輪承受不了巨大的力而斷裂，出現離心運動．所以砂輪要做的小一些．故C正確．D、將砂糖熔化，在有孔的盒子中旋轉制成“棉花糖”工作的原理就是應用了離心運動．不是為了防止物體產生離心運動．故D錯誤．故選：AC．6．會使物體做曲線運動的情況是（）A．物體受到的合外力方向與速度方向相同時B．物體受到的合外力方向與速度方向成銳角時C．物體受到的合外力方向與速度方向成鈍角時D．物體受到的合外力方向與速度方向相反時【考點】曲線運動．【分析】根據物體做曲線運動的條件即可回答，速度方向是曲線上該點的切線方向．【解答】解：AD、物體受到的合外力方向與速度方向相同時，物體做加速直線運動；物體受到的合外力方向與速度方向相反時，物體做減速直線運動，故AD錯誤BC、物體做曲線運動的條件是合力與速度的方向不在同一條直線上，當物體受到的合外力方向與速度方向成銳角時，加速曲線運動；物體受到的合外力方向與速度方向成鈍角時，物體做減速曲線運動，故BC正確；故選：BC7．一物體從某高度以初速度v0水平拋出，落地時速度大小為vt，則它運動時間為（）A． B．C． D．【考點】平拋運動．【分析】將物體落地的速度進行分解，求出豎直方向的分速度vy，再根據豎直方向是自由落體運動，求解運動時間．【解答】解：將物體落地的速度進行分解，如圖，則有vy=又由小球豎直方向做自由落體運動，vy=gt得到t==．故選D8．做斜拋運動的物體（）A．豎直分速度不變B．加速度不變C．在相同的高度處有相同的速度D．經過最高點時，瞬時速度為零【考點】拋體運動．【分析】根據斜拋運動定義判斷，即：斜拋運動是指物體以一定初速度沿斜上方拋出，僅在重力作用的曲線運動．【解答】解：A、B、做斜拋運動的物體在運動過程中只受重力作用，水平分速度不變，豎直方向是豎直上拋運動，所以豎直分速度先減小后增大，加速度始終為g不變，故A錯誤，B正確；C、在相同高度處速度大小相等，方向不同，所以在相同高度處速度不相同，故C錯誤；D、物體在豎直方向上做豎直上拋運動，到達最高點時，豎直方向速度為零，但是水平方向上的速度不為零，故最高點瞬時速度不為0，故D錯誤；故選：B9．質點沿軌道從A到B做曲線運動，速率逐漸減小，圖中哪一個可能是質點C處的加速度（）A． B． C． D．【考點】物體做曲線運動的條件．【分析】當物體速度方向與加速度方向不在同一直線上時，物體做曲線運動，加速度指向曲線凹的一側；當加速度與速度方向夾角小于90度時物體做加速運動；當加速度的方向與速度方向大于90度時物體做減速運動；分析圖示情景然后答題．【解答】解：A、D、曲線運動的條件是加速度（合力）方向指向曲線的內側，故AD錯誤；B、加速度方向與速度方向的夾角小于90度，是加速運動，故B錯誤；C、加速度方向與速度方向的夾角大于90度，是減速運動，故C正確；故選：C．10．從距地面高為h處水平拋出質量為M的小球，小球落地點與拋出點的水平距離剛好等于h．不計空氣阻力，拋出小球的速度大小為（）A． B． C． D．【考點】平拋運動．【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據高度求出運動的時間，結合水平位移和時間求出拋出小球時的速度．【解答】解：根據h=得：t=．則拋出小球的速度大小為：v==．故選：A．11．關于向心加速度的物理意義，下列說法正確的是（）A．它是描述線速度方向變化的快慢B．它是描述線速度大小變化的快慢C．它是描述向心力變化的快慢D．它是描述角速度變化的快慢【考點】向心加速度．【分析】向心加速度只改變速度的方向，不改變速度大小，向心加速度描述的是線速度方向變化的快慢，因此明確向心加速度的物理意義即可正確解答本題．【解答】解：A、圓周運動的向心加速度只改變速度的方向，不改變速度大小，向心加速度描述的是線速度方向變化的快慢的物理量；做圓周運動物體的切向加速度改變線速度的大小，描述線速度大小變化的快慢．故A正確，BC錯誤，D、角速度的方向垂直圓周所在的平面，始終與向心加速度垂直，向心加速度不改變角速度的大小和方向，故D錯誤．故選：A．12．做勻速圓周運動的物體，不隨時間改變的物理量是（）A．線速度 B．角速度 C．加速度 D．向心力【考點】勻速圓周運動．【分析】對于物理量的理解要明確是如何定義的決定因素有哪些，是標量還是矢量，如本題中明確描述勻速圓周運動的各個物理量特點是解本題的關鍵，尤其是注意標量和矢量的區別．【解答】解：在描述勻速圓周運動的物理量中，線速度、向心加速度、向心力這幾個物理量都是矢量，雖然其大小不變但是方向在變，因此這些物理量是變化的；所以保持不變的量是角速度，所以B正確．故選B．二、實驗題13．某物理興趣小組在探究平拋運動的規律實驗時，將小球做平拋運動，用頻閃照相機對準方格背景照相，拍攝到了如圖所示的照片，已知每個小方格邊長，當地的重力加速度為g=s2，計算結果保留3位有效數字．（1）若以拍攝的第一點為坐標原點，水平向右和豎直向下為正方向，則沒有被拍攝到的小球位置坐標為（cm，cm）．（2）小球平拋的初速度大小為m/s．【考點】研究平拋物體的運動．【分析】（1）平拋運動水平方向為勻速直線運動，故相同時間內水平方向的距離相等，豎直方向位移差為以定值；（2）由△h=gt2，求得閃光周期，由v0=求得初速度；【解答】解：（1）根據平拋運動的特點，水平方向的坐標為：3×2×=；豎直方向：y=（1+2+3）×=；故沒有被拍攝到的小球位置坐標為：（，）；（2）由△h=gt2，得：t==由v0===s；故答案為：（1）（，）（2）．14．在用落體法“驗證機械能守恒定律”實驗時，某同學按照正確的步驟操作，并選得一條如圖所示的紙帶．其中O是起始點，A、B、C是打點計時器連續打下的3個點，該同學用毫米刻度尺測量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖2中（單位cm），重錘質量為，重力加速度g=s2．（1）根據圖中的數據，可知重物由O點運動到B點，重力勢能減少量△Ep=J，動能的增加量△Ek=J．（計算結果保留3位有效數字）（2）重力勢能的減少量△Ep往往大于動能的增加量△Ek，這是因為克服阻力做功．（3）他進一步分析，發現本實驗存在較大誤差，為此設計出用如圖3所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律．通過電磁鐵控制的小鐵球從A點自由下落，下落過程中經過光電門B時，通過與之相連的毫秒計時器（圖中未畫出）記錄擋光時間t，用毫米刻度尺測出AB之間的距離h，用精密儀器測得小鐵球的直徑D．重力加速度為g．實驗前應調整光電門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束．題中所給的d、t、h、g應滿足關系式gh=，方可驗證機械能守恒定律．（4）比較兩個方案，改進后的方案相比原方案的優點是：①阻力減小；②速度測量更精確．【考點】驗證機械能守恒定律．【分析】（1）根據下降的高度求出重力勢能的減小量，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度，從而得出動能的增加量．（2）根據能量守恒定律分析重力勢能的減少量△Ep往往大于動能的增加量△Ek的原因．（3）根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出小鐵球通過光電門的速度，從而得出動能的增加量，根據下降的高度求出重力勢能的減小量，抓住動能的增加量和重力勢能的減小量相等得出滿足的關系式．（4）該實驗產生誤差的主要原因是空氣阻力以及紙帶與限位孔之間的摩擦力影響，結合該原因分析改進后方案的優點．【解答】解：（1）重物由O點運動到B點，重力勢能減少量為：△Ep=mgh=×××10﹣2J=，B點的速度為：m/s=s，則動能的增加量為：≈．（2）重力勢能的減少量△Ep往往大于動能的增加量△Ek，這是因為克服阻力做功，使部分重力勢能轉化為內能．（3）小鐵球通過光電門的瞬時速度為：v=，則動能的增加量為：，重力勢能的減小量為△Ep=mgh，若機械能守恒，需滿足，即：gh=．（4）該實驗產生誤差的主要原因是空氣阻力以及紙帶與限位孔之間的摩擦力影響，因此實驗進行改正之后的主要優點是：①阻力減小；②速度測量更精確；故答案為：（1），，（2）克服阻力做功，（3）gh=，（4）①阻力減小；②速度測量更精確．三、計算題15．如圖，在水平軌道右側固定半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設特殊材料，調節其初始長度為l，水平軌道左側有一輕質彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態．可視為質點的小物塊從軌道右側A點以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧，并被彈簧以原速率彈回．已知R=，l=，v0=6m/s，物塊質量m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數μ=，軌道其它部分摩擦不計．取g=10m/s2．求：（1）物塊第一次經過圓軌道最高點B時對軌道的壓力；（2）物塊仍以v0從右側沖上軌道，調節PQ段的長度l，當l長度是多少時，物塊恰能不脫離軌道返回A點繼續向右運動．【考點】動能定理；向心力．【分析】（1）對從初始位置到圓弧軌道的最高點過程，根據動能定理列式求解最高點的速度；在圓弧軌道的最高點，重力和彈力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律列式求解彈力；（2）先根據牛頓第二定律求解物體恰能經過圓弧最高點的速度，然后對運動的全程根據動能定理列式求解l的距離．【解答】解：（1）對物塊，首次從A到B，由動能定理有：﹣mg?2R=mvB2﹣mv02在B點，根據牛頓第二定律有：N1+mg=m代入數據聯立解得：N1=40N根據牛頓第三定律，小球對軌道的壓力大小為40N，方向豎直向上．（2）對物塊，從A點到第二次到達B點，由動能定理有：﹣f?2L﹣mg?2R=m﹣mv02在B點，根據牛頓第二定律有：mg=m代入數據聯立解得：L=1m答：（1）物塊第一次經過圓軌道最高點B時對軌道的壓力為40N；（2）當長度為1m時，物塊恰能不脫離軌道返回A點繼續向右運動．16．如圖所示，AB是一段粗糙的傾斜軌道，在B點與一段半徑R=的光滑圓弧軌道相切并平滑連接．CD是圓軌道的豎直直徑，OB與OC成θ=53°角．將一質量為m=1kg的小滑塊從傾斜軌道上距B點s處由靜止釋放，小滑塊與斜軌AB間的動摩擦因素μ=．Sin53°=cos53°==10m/s2．（1）若s=2m，求小物塊第一次經過C點時對軌道的壓力；（2）若物塊能沿軌道到達D點，求s的最小值．【考點】動能定理的應用；向心力．【分析】（1）對物塊從A到C過程應用動能定理求出它到C點的速度，在C點物塊做圓周運動，由牛頓第二定律求出軌道的支持力，然后由牛頓第三定律求出對軌道的壓力．（2）物塊恰好到達D點時重力提供向心力，應用牛頓第二定律求出到達D點的速度，然后應用動能定理求出s的最小值．【解答】解：（1）從A到C過程，由動能定理得：mgssinθ﹣μmgcosθ?s+mgR（1﹣cosθ）=mvC2﹣0，在C點，由牛頓第二定律得：F﹣mg=m，代入數據解得：F=58N，由牛頓第三定律可知，物塊第一次到達C時對軌道的壓力：F′=F=58N，方向：豎直向下；（2）物塊恰好到達D點重力提供向心力，由牛頓第二定律得：mg=m，從A到D過程，由動能定理得：mgsminsinθ+mgR（1﹣cosθ）﹣mg?2R﹣μmgcosθ?s=mvD2﹣0，代入數據解得：smin=；答：（1）若s=2m，小物塊第一次經過C點時對軌道的壓力大小為58N，方向豎直向下；（2）若物塊能沿軌道到達D點，s的最小值為．17．一輕質彈簧，兩端連接兩滑塊A和B，已知mA=，mB=3kg，放在光滑水平桌面上，開始時彈簧處于原長．現滑塊A被水平飛來的質量為mC=10g，速度為400m/s的子彈擊中，且沒有穿出，如圖所示，試求：（1）子彈擊中A的瞬間A和B的速度；（2）以后運動過程中彈簧的最大彈性勢能；（3）B可獲得的最大速率．【考點】動量守恒定律；功能關系．【分析】（1）子彈擊中A的瞬間，子彈和A組成的系統水平方向動量守恒，據此可列方程求解A的速度，此過程時間極短，B沒有參與，速度仍為零．（2）以子彈、滑塊A、B和彈簧組成的系統為研究對象，當三者速度相等時，系統損失動能最大則彈性勢能最，根據動量守恒和功能關系可正確解答．（3）當彈簧恢復原長時B的速率最大，整個系統相互作用過程中動量守恒，根據功能關系可求出結果．【解答】解：（1）子彈擊中滑塊A的過程，子彈與滑塊A組成