第二章第1課時基礎鞏固一、選擇題1．已知{an}是等比數列，a3＝2，a6＝eq\f(1,4)，則公比q＝eq\x(導學號54742400)(D)A．－eq\f(1,2) B．－2C．2 D．eq\f(1,2)[解析]由條件得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a1q2＝2,a1q5＝\f(1,4)，))∵a1≠0，q≠0，∴q3＝eq\f(1,8)，∴q＝eq\f(1,2).故選D．2．互不相等的實數a，b，c成等差數列，c，a，b成等比數列，且a＋3b＋c＝10，則a＝eq\x(導學號54742401)(D)A．4 B．2C．－2 D．－4[解析]由題意知eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2b＝a＋c，,a2＝bc，))消去a得4b2－5bc＋c2＝0，∵b≠c，∴c＝4b，∴a＝－2b，代入a＋3b＋c＝10中解得b＝2，∴a＝－4.3．等比數列{an}的首項a1＝1，公比q≠1，如果a1，a2，a3依次是等差數列的第1、2、5項，則q為eq\x(導學號54742402)(B)A．2 B．3C．－3 D．3或－3[解析]設等差數列為{bn}，則b1＝a1＝1，b2＝1＋d，b5＝1＋4d，由題設(1＋d)2＝1×(1＋4d)，∴d＝2或d＝0(與q≠1矛盾舍去)，∴b2＝3，公比q＝eq\f(a2,a1)＝eq\f(b2,b1)＝3.4．在等比數列{an}中，eq\f(a3＋a4,a2＋a3)＝3，a3＝3，則a5＝eq\x(導學號54742403)(D)A．3 B．eq\f(1,3)C．9 D．27[解析]∵q＝eq\f(a3＋a4,a2＋a3)＝3，a3＝a1q2＝9a1＝3，∴a1＝eq\f(1,3)，∴a5＝a1q4＝27.5．各項都是正數的等比數列{an}的公比q≠1，且a2，eq\f(1,2)a3，a1成等差數列，則eq\f(a3＋a4,a4＋a5)的值為eq\x(導學號54742404)(C)A．eq\f(1－\r(5),2) B．eq\f(\r(5)＋1,2)C．eq\f(\r(5)－1,2) D．eq\f(\r(5)＋1,2)或eq\f(\r(5)－1,2)[解析]∵a2，eq\f(1,2)a3，a1成等差數列，∴a3＝a2＋a1，∵{an}是公比為q的等比數列，∴a1q2＝a1q＋a1，∴q2－q－1＝0，∵q>0，∴q＝eq\f(\r(5)＋1,2).∴eq\f(a3＋a4,a4＋a5)＝eq\f(a3＋a4,a3＋a4q)＝eq\f(1,q)＝eq\f(\r(5)－1,2).6．(2023·北京海淀期中)已知a1，a2，a3，…，a8為各項都大于零的等比數列，公比q≠1，則eq\x(導學號54742405)(A)A．a1＋a8>a4＋a5B．a1＋a8<a4＋a5C．a1＋a8＝a4＋a5D．a1＋a8與a4＋a5大小不定[解析]由條件知，(a1＋a8)－(a4＋a5)＝a1(1＋q7－q3－q4)＝a1[(1－q3)＋q4(q3－1)]＝a1(1－q3)(1－q4)＝a1(1－q)(1＋q＋q2)·(1－q2)(1＋q2)＝a1(1－q)2(1＋q)(1＋q2)(1＋q＋q2)．∵q>0且q≠1，a1>0，∴(a1＋a8)－(a4＋a5)>0，∴a1＋a8>a4＋a5.二、填空題7．已知等比數列{an}中，a3＝3，a10＝384，則該數列的通項an＝3·2n－\x(導學號54742406)[解析]∵eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a3＝3,a10＝384))，∴eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a1q2＝3,a1q9＝384))∴q7＝128，∴q＝2，∴a1＝eq\f(3,4)，∴an＝a1qn－1＝3·2n－3.8．已知等比數列前3項為eq\f(1,2)，－eq\f(1,4)，eq\f(1,8)，則其第8項是－eq\f(1,256).eq\x(導學號54742407)[解析]∵a1＝eq\f(1,2)，a2＝a1q＝eq\f(1,2)q＝－eq\f(1,4)，∴q＝－eq\f(1,2)，∴a8＝a1q7＝eq\f(1,2)×(－eq\f(1,2))7＝－eq\f(1,256).三、解答題9．在各項均為負數的數列{an}中，已知2an＝3an＋1，且a2·a5＝eq\f(8,27)，證明{an}是等比數列，并求出通項公式.eq\x(導學號54742408)[證明]∵2an＝3an＋1，∴eq\f(an＋1,an)＝eq\f(2,3)，故數列{an}是公比q＝eq\f(2,3)的等比數列．又a2·a5＝eq\f(8,27)，則a1q·a1q4＝eq\f(8,27)，即aeq\o\al(2,1)·(eq\f(2,3))5＝(eq\f(2,3))3.由于數列各項均為負數，則a1＝－eq\f(3,2).∴an＝－eq\f(3,2)×(eq\f(2,3))n－1＝－(eq\f(2,3))n－2.10．已知：數列{an}的首項a1＝5，前n項和為Sn，且Sn＋1＝2Sn＋n＋5(n∈N*)．求證：數列{an＋1}是等比數列.eq\x(導學號54742409)[證明]由已知Sn＋1＝2Sn＋n＋5(n∈N*)．當n≥2時，Sn＝2Sn－1＋n＋4.兩式相減得Sn＋1－Sn＝2(Sn－Sn－1)＋1，即an＋1＝2an＋1，從而an＋1＋1＝2(an＋1)．當n＝1時，S2＝2S1＋1＋5，∴a2＋a1＝2a1又∵a1＝5，∴a2＝11，從而a2＋1＝2(a1＋1)，故總有an＋1＋1＝2(an＋1)，n∈N*.又∵a1＝5，a1＋1≠0.從而eq\f(an＋1＋1,an＋1)＝2，即數列{an＋1}是首項為6，公比為2的等比數列．能力提升一、選擇題11．已知{an}是公比為q(q≠1)的等比數列，an>0，m＝a5＋a6，k＝a4＋a7，則m與k的大小關系是eq\x(導學號54742410)(C)A．m>kB．m＝kC．m<kD．m與k的大小隨q的值而變化[解析]m－k＝(a5＋a6)－(a4＋a7)＝(a5－a4)－(a7－a6)＝a4(q－1)－a6(q－1)＝(q－1)(a4－a6)＝(q－1)·a4·(1－q2)＝－a4(1＋q)(1－q)2<0(∵an>0，q≠1)．12．數列{an}是公差不為0的等差數列，且a1、a3、a7為等比數列{bn}的連續三項，則數列{bn}的公比為eq\x(導學號54742411)(C)A．eq\r(2) B．4C．2 D．eq\f(1,2)[解析]∵a1、a3、a7為等比數列{bn}中的連續三項，∴aeq\o\al(2,3)＝a1·a7，設{an}的公差為d，則d≠0，∴(a1＋2d)2＝a1(a1＋6d)，∴a1＝2d，∴公比q＝eq\f(a3,a1)＝eq\f(4d,2d)＝2，故選C．13．若正數a，b，c依次成公比大于1的等比數列，則當x>1時，logax，logbx，logcxeq\x(導學號54742412)(C)A．依次成等差數列B．依次成等比數列C．各項的倒數依次成等差數列D．各項的倒數依次成等比數列[解析]eq\f(1,logax)＋eq\f(1,logcx)＝logxa＋logxc＝logx(ac)＝logxb2＝2logxb＝eq\f(2,logbx)∴eq\f(1,logax)，eq\f(1,logbx)，eq\f(1,logcx)成等差數列．二、填空題14．在8和5832之間插入5個數，使它們組成以8為首項的等比數列，則此數列的第5項是\x(導學號54742413)[解析]設公比為q，則8q6＝5832，∴q6＝729，∴q2＝9，∴a5＝8q4＝648.15．已知在△ABC中，sinA與sinB的等差中項為eq\f(7,10)，等比中項為eq\f(2\r(3),5)，則sinC＋sin(A－B)＝eq\f(18,25)或eq\f(32,25).eq\x(導學號54742414)[解析]由題意知eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinA＋sinB＝\f(7,5)，,sinA·sinB＝\f(12,25)，))∴eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinA＝\f(4,5)，,sinB＝\f(3,5)，))或eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinA＝\f(3,5)，,sinB＝\f(4,5).))(1)若eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinA＝\f(4,5)，,sinB＝\f(3,5)，))則A>B，∴cosB＝eq\f(4,5)，∴sinC＋sin(A－B)＝sin(A＋B)＋sin(A－B)＝2sinAcosB＝eq\f(32,25).(2)若eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinA＝\f(3,5),sinB＝\f(4,5)，))則eq\f(π,2)>B>A，∴cosB＝eq\f(3,5)，∴sinC＋sin(A－B)＝2sinAcosB＝eq\f(18,25).三、解答題16．等比數列{an}中，已知a1＝2，a4＝\x(導學號54742415)(1)求數列{an}的通項公式；(2)若a3、a5分別為等差數列{bn}的第3項和第5項，試求數列{bn}的通項公式及前n項和Sn.[解析](1)設{an}的公比為q，由已知得16＝2q3，解得q＝2，∴an＝a1qn－1＝2n.(2)由(1)得a3＝8，a5＝32，則b3＝8，b5＝32，設{bn}的公差為d，則有eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(b1＋2d＝8，,b1＋4d＝32，))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(b1＝－16，,d＝12.))從而bn＝－16＋12(n－1)＝12n－28，∴數列{bn}的前n項和Sn＝eq\f(n－16＋12n－28,2)＝6n2－22n.17．已知數列{an}滿足a1＝eq\f(7,8)，且an＋1＝eq\f(1,2)an＋eq\f(1,3)，n∈N*.eq\x(導學號54742416)(1)求證：{an－eq\f(2,3)}是等比數列；(2)求數列{an}的通項公式．[解析](1)證明：∵an＋1＝eq\f(1,2)an＋eq\f(1,3)，∴an＋1－eq\f(2,3)＝eq\f(