河南省鄭州市鞏義中學2019_2020學年高二化學下學期期中試題含解析河南省鄭州市鞏義中學2019_2020學年高二化學下學期期中試題含解析PAGE25-河南省鄭州市鞏義中學2019_2020學年高二化學下學期期中試題含解析河南省鄭州市鞏義中學2019—2020學年高二化學下學期期中試題（含解析)相對原子質量：C-12H-1O—16第Ⅰ卷（單項選擇，每題3分，共48分）1。用于制造隱形飛機的某種物質具有吸收微波的功能,其主要成分的結構如下：（)A。無機物 B。烴 C.高分子化合物 D。有機物【答案】D【解析】【詳解】根據物質的結構簡式可判斷，該分子結構含中有C和H原子，屬于有機物，分子中含有硫元素，不屬于烴，該有機物分子沒有鏈節和聚合度，不屬于高分子,所以答案選D。2。聯三苯的結構簡式為,其一氯代物同分異構體有（）種。A。2 B。3 C。4 D。5【答案】C【解析】【詳解】由結構的對稱性分析存在4種位置的H:，它的一氯代物有4種，故答案為C。3.質量為ag的銅片在空氣中灼燒變黑，趁熱放入下列物質中銅絲變為紅色，而且質量仍為ag的是（）①硝酸②無水乙醇③鹽酸④CO⑤H2A。①②④ B.②④⑤ C。②⑤ D。①④⑤【答案】B【解析】【詳解】①銅絲灼燒成黑色CuO，立即放入硝酸中，CuO與硝酸反應生成可溶性Cu(NO3）2，銅片質量減少，故①不符合題意；②銅絲灼燒成黑色CuO，立即放入乙醇中，CuO與乙醇反應:CuO+C2H5OHCH3CHO+Cu+H2O，反應前后銅片質量不變，故②符合題意；③銅絲灼燒成黑色CuO，立即放入鹽酸中，CuO與鹽酸反應，生成可溶性CuCl2，銅片質量減少,故③不符合題意;④銅絲灼燒成黑色CuO，立即放入CO中,CuO與CO反應:CuO+COCu+CO2，反應前后銅片質量不變，故④符合題意；⑤銅絲灼燒成黑色CuO,立即放入H2中，CuO與H2反應:CuO+H2Cu+H2O，反應前后銅片質量不變，故⑤符合題意；符合題意的是②④⑤，故答案為B。4.下列各組物質中，互為同分異構體的是（）A。O2和O3B。H和HC.和CH3-CH2—CH2-CH2—CH3D.CH3—CH2—CH3和CH3—CH2—CH2—CH3【答案】C【解析】【詳解】A．O2和O3為氧元素形成的不同單質，互為同素異形體,故A不符合題意；B．H和H為氫元素的兩種不同核素，互為同位素，故B不符合題意;C．和CH3—CH2—CH2—CH2-CH3分子式相同，結構不同，互為同分異構體,故C符合題意;D．CH3—CH2—CH3和CH3-CH2—CH2—CH3結構相似，分子組成相差1個CH2原子團，兩者互為同系物，故D不符合題意；故答案為C。5.可用于區別苯酚、乙醇、氫氧化鈉、硝酸銀、硫氰化鉀五種溶液的一種試劑是(）A.濃溴水 B。石蕊試液 C.FeCl3溶液 D。FeCl2溶液【答案】C【解析】【詳解】A．苯酚中滴加濃溴水生成白色沉淀；乙醇中滴加濃溴水，不分層不褪色；氫氧化鈉溶液中滴加濃溴水，不分層但褪色；硝酸銀溶液中滴加濃溴水有淺黃色沉淀生成，而硫氰化鉀溶液中滴加濃溴水，不分層不褪色，則無法鑒別酒精與KSCN溶液，故A不選；B．氫氧化鈉溶液中滴加石蕊試液變藍色，而苯酚、乙醇、硝酸銀、硫氰化鉀四種溶液無法用石蕊試液鑒別，故B不選;C．苯酚、乙醇、氫氧化鈉、硝酸銀、硫氰化鉀五種溶液分別與氯化鐵反應的現象為溶液呈紫色、無明顯現象、產生紅褐色沉淀、產生白色沉淀、溶液呈血紅色,現象不同，可鑒別，故C選；D．氫氧化鈉溶液中滴加FeCl2溶液先有白色沉淀生成，迅速變為灰綠色，最終變為紅褐色，而硝酸銀溶液中滴加FeCl2溶液有白色沉淀生成，但苯酚、乙醇和硫氰化鉀三種溶液無法用FeCl2溶液鑒別，故D不選;故答案為C.【點睛】考查物質的鑒別,把握物質的性質與反應現象為解答本題的關鍵，加入氯化鐵時，苯酚呈紫色，乙醇無明顯現象，NaOH與氯化鐵反應生成紅褐色沉淀，硝酸銀溶液生成白色沉淀，硫氰化鉀溶液呈血紅色，現象各不相同。6.在常溫常壓下，取下列四種氣態烴各1g，分別在氧氣中完全燃燒，消耗氧氣最多的是（)A.甲烷 B。乙烷 C.乙烯 D.丙烷【答案】A【解析】【詳解】質量相同時，氫的質量分數越大，烴完全燃燒耗氧越多；A．CH4中H原子與C原子個數比為4：1；B．C2H6中H原子與C原子個數比為6:2=3:1；C．C2H4中H原子與C原子個數比為4：2=2：1；D．C3H8中H原子與C原子個數比為8：3；則烴中H元素質量分數最大的是CH4，則質量為1g的各烴完全燃燒，甲烷耗氧量最大，故答案為A.7.以下實驗能獲成功的是（）A。用酒精和稀硫酸混合加熱到170℃制乙烯B.將鐵屑、溴水、苯混合制溴苯C.在苯酚溶液中滴入濃溴水出現白色沉淀D.將淀粉溶液與稀硫酸共熱一段時間,取其溶液直接加入銀氨溶液檢驗其是否發生水解【答案】C【解析】【詳解】A．乙醇發生消去反應生成乙烯,反應條件為濃硫酸并加熱至170℃，故A錯誤；B．苯與溴水不反應，應利用苯、液溴、鐵粉混合制備溴苯,故B錯誤;C．苯酚與濃溴水發生取代反應，生成三溴苯酚白色沉淀,故C正確；D．將淀粉溶液與稀硫酸共熱一段時間,取溶液先加入過量NaOH溶液中和催化劑硫酸，再加入銀氨溶液并水浴加熱，可檢驗淀粉是否發生水解，故D錯誤;故答案為C。8。下列事實不能說明有機物分子中原子或原子團直接相連時而產生相互影響的是A.苯酚能與NaOH溶液反應而乙醇不能B。等物質的量的乙醇和甘油與足量的金屬鈉反應，后者產生的氫氣比前者多C.苯與液溴在鐵作催化劑下發生反應，而苯酚與濃溴水混合就能發生反應D.甲苯能使酸性高錳酸鉀溶液褪色而甲烷不能【答案】B【解析】【詳解】A.苯酚能夠與氫氧化鈉反應而乙醇不能是因為在苯酚中羥基受到苯環的影響具有了酸性，選項A正確；B。等物質的量的乙醇和甘油與足量的金屬鈉反應,后者產生的氫氣比前者多是因為甘油屬于三元醇，一個甘油分子中含有三個羥基,所以等物質的量的乙醇和甘油所含的羥基的數目不同,選項B錯誤；C。苯酚與濃溴水反應是因為羥基對苯環的影響是羥基的鄰對位活化，選項C正確,D.甲苯能夠使溴水褪色是因為苯環對甲基的影響使甲基活性增強，選項D正確。答案選B。9.下列化學基本用語表述正確的是A.羥基的電子式B。醛基的結構簡式—COHC.1—丁烯的鍵線式D.丙烷分子的比例模型為:【答案】C【解析】【詳解】A．羥基的電子式為，A錯誤;B．醛基的結構簡式為－CHO，B錯誤；C．1—丁烯的鍵線式為，C正確；D．丙烷分子的球棍模型為，D錯誤；答案選C.10.某烴與氫氣發生反應后能生成(CH3）2CHCH2CH3,則該烴不可能是()A。2－甲基－2－丁烯 B。2－甲基－1－丁烯C.3－甲基－1－丁炔 D。2，3－二甲基－1－丁炔【答案】D【解析】【詳解】(CH3）2CHCH2CH3的結構為，5號碳原子與1號碳原子化學環境相同；A．若2、3號碳原子各去掉1個H原子，形成的烯烴為2—甲基—2-丁烯,故A可能；B．若1、2號碳原子各去掉1個H原子，形成的烯烴為2-甲基—1--丁烯,故B可能；C．若3、4號碳原子各去掉2個H原子，形成的炔烴為3—甲基－1－丁炔,故C可能;D．2號碳原子上只有一個氫原子，則1，2號碳之間不可能形成碳碳三鍵，即2，3－二甲基－1－丁炔不存在，故D不可能；故答案為D。【點睛】考查加成反應與有機物的命名，有機物分子中的不飽和鍵斷裂,不飽和原子與其他原子或原子團相結合，生成新的化合物的反應是加成反應，采用逆推法,減去相鄰碳原子上的氫原子，重新形成不飽和鍵，即可得原來的不飽和烴，再根據有機物的命名原則進行命名。11.下列物質中最簡式相同，但既不是同系物,也不是同分異構體的是（)A。CH3CH=CH2和 B.乙炔和苯C。和 D.葡萄糖與果糖【答案】B【解析】【詳解】A．CH3CH=CH2和的分子式相同，結構不同，互為同分異構體，故A不符合題意;B．乙炔和苯最簡式相同都為CH，分子式不同，結構不相似,分子組成也不是相差n個CH2原子團，即兩者既不是同系物,也不是同分異構體,故B符合題意；C．和的分子式相同，結構不同，互為同分異構體，故C不符合題意；D．葡萄糖與果糖的分子式相同，結構不同，互為同分異構體,故D不符合題意；故答案為B。12.丙烯酸(CH2=CH—COOH)的性質可能有（）①加成反應②取代反應③酯化反應④中和反應⑤氧化反應A。①③ B.①③④ C。①③④⑤ D。①②③④⑤【答案】D【解析】【詳解】丙烯酸（CH2=CH-COOH）中含有碳碳雙鍵和羧基兩種官能團，碳碳雙鍵能發生加成反應和氧化反應，羧基能發生中和反應,也能發生酯化反應（酯化反應也是一種取代反應)，①②③④⑤均正確，故答案為D。【點睛】以丙烯酸的結構為載體,考查官能團的性質;熟悉常見官能團的性質，進行知識遷移運用,根據有機物結構特點，有碳碳雙鍵決定具有烯的性質，有羧基決定具有羧酸的性質.13.芥子醇是合成工程纖維的單體，結構簡式如圖.下列有關芥子醇的說法不正確的是（）A。能發生水解反應B.存在順反異構現象C。分子式為C11H14O4D。能與溴水反應【答案】A【解析】【詳解】A．分子中含有碳碳雙鍵，可發生氧化、加成和加聚反應，含有—OH，可發生取代反應，但不含能水解的官能團，不能發生水解反應,故A錯誤；B．碳碳雙鍵C上連不同的原子或原子團,則存在順反異構，故B正確；C．由結構簡式可知分子中含有11個C、14個H和4個O，分子式為C11H14O4，故C正確；D．分子中含碳碳雙鍵，與溴水發生加成反應，故D正確；故答案為A。【點睛】考查有機物的結構與性質，把握官能團與性質的關系為解答的關鍵，根據芥子醇的結構簡式可確定各元素的原子個數，進而確定分子式，芥子醇中含有酚羥基，具有酸性等，含有碳碳雙鍵，可發生加成、加聚、氧化反應，并含有醇羥基，可發生酯化反應和氧化反應等.14.某有機物的結構簡式如圖所示，下列有關該物質的敘述錯誤的是A.分子式為C11H12O4B.苯環上的一氯代物有2種C。分子中所有的碳原子可能共平面D能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】B【解析】【詳解】A。根據該有機物的結構簡式可判斷其分子式是C11H12O4，A正確；B。該有機物中不存在對稱結構，所以苯環上的H原子不是等效H原子，則苯環上的一氯代物有3種,B錯誤;C。苯環是平面結構，與苯環直接相連的原子與苯環共面,因為單鍵可以旋轉，所以兩個與苯環不直接相連的甲基的C原子有可能與苯環共面,C正確;D.與苯環直接相連的甲基可被酸性高錳酸鉀溶液氧化，使酸性KMnO4溶液褪色，D正確；答案選B。15。在有機物分子中，若某個碳原子連接著四個不同的原子或原子團,這種碳原子稱為“手性碳原子”(結構式中用“*”加以標注）.凡有一個手性碳原子的物質一定具有光學活性。物質：有光學活性，當它發生下列反應后生成的有機物中仍有光學活性的是（）A。與乙酸發生酯化反應B。與NaOH水溶液共熱C。在催化劑存在下與H2反應D。與新制的Cu（OH）2懸濁液共熱【答案】D【解析】【詳解】A．與乙酸發生酯化反應，產物中次甲基連接兩個2個-CH2OOCCH3，則產物中不含手性碳原子,沒有光學活性，故A不符合題意；B．該物質和NaOH溶液共熱后的產物中次甲基連接兩個-CH2OH,所以產物中不含手性碳原子，沒有光學活性，故B不符合題意；C．在催化劑存在下與H2作用，醛基被還原生成-CH2OH，則次甲基上連接兩個—CH2OH，產物中不含手性碳原子，沒有光學活性,，故C不符合題意；D．與新制的Cu(OH)2懸濁液共熱后，醛基氧化為—COOH,原手性碳原子仍為手性碳原子，產物仍有光學活性,故D符合題意；故答案為D。【點睛】考查有機物結構和性質，明確“手性碳原子"概念及物質結構和性質是解本題關鍵，在有機物分子中，若某個碳原子連接4個不同的原子或原子團，則將這種碳原子稱為“手性碳原子”，該分子中次甲基上C原子為手性碳原子，要使該物質發生反應后仍然具有活性，反應后的次甲基不能連接相同的取代基。16.有關物質的性質描述不正確的是(）A。（CH3)3COH在Cu催化條件下被氧化成醛B。2—氯-2-甲基丁烷和NaOH、CH3CH2OH混合共熱可生成不同產物C。等物質的量的乙醇、乙二醇、丙三醇分別與足量的鈉反應生成H2的物質的量之比為1:2：3D.苯酚中加Fe3+顯紫色【答案】A【解析】【詳解】A．(CH3）3COH中與羥基直接相連的碳原子上未連接H原子，在Cu催化條件下不能發生氧化反應，故A錯誤；B．2—氯—2—甲基丁烷和NaOH、CH3CH2OH混合共熱發生消去反應，產物可能是2-甲基—1—丁烯，也可能是2-甲基-2—丁烯，故B正確；C．等物質的量的乙醇、乙二醇、丙三醇含有的羥基數目比值為1：2：3，則等物質的量的乙醇、乙二醇、丙三醇中分別加入足量的金屬鈉產生氫氣的體積之比是1:2:3，故C正確;D．苯酚溶液中滴加含Fe3+的溶液,溶液顯紫色，故D正確；故答案為A。第Ⅱ卷(共52分）17。烴A是化學實驗室中最常見的有機物，其產量可以用來衡量一個國家的石油化工發展水平，還是一種植物生長調節劑。A和HCl反應生成B，B與燒堿溶液生成C,C氧化D，D能發生銀鏡反應，D氧化成E，C和E生成具有果香味的化合物F，請寫出有關反應方程式，并在（）中寫明反應類型（1）A→B：___，（)；(2）C→D：___，（）；（3)D與新制Cu（OH)2反應：___，（)；（4）C+E→F：___,（)。【答案】（1).CH2=CH2+HClCH3CH2Cl（2）.加成反應(3）.2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O(4).氧化反應(5).CH3CHO+2Cu（OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O（6）.氧化反應（7).CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O(8)。取代反應或酯化反應【解析】【分析】烴A的產量可以用來衡量一個國家的石油化工發展水平，還是一種植物生長調節劑,則A為乙烯；乙烯和HCl發生加成反應生成的B為CH3CH2Cl，CH3CH2Cl與燒堿溶液水解生成的C為CH3CH2OH，CH3CH2OH氧化生成的D能發生銀鏡反應，則D為CH3CHO；CH3CHO氧化生成的E為CH3COOH，CH3CH2OH和CH3COOH生成具有果香味的化合物F為乙酸乙酯；【詳解】烴A的產量可以用來衡量一個國家的石油化工發展水平,還是一種植物生長調節劑，則A為乙烯;乙烯和HCl發生加成反應生成的B為CH3CH2Cl，CH3CH2Cl與燒堿溶液水解生成的C為CH3CH2OH，CH3CH2OH氧化生成的D能發生銀鏡反應，則D為CH3CHO；CH3CHO氧化生成的E為CH3COOH，CH3CH2OH和CH3COOH生成具有果香味的化合物F為乙酸乙酯;（1）A→B為乙烯與HCl的加成反應,反應方程式為CH2=CH2+HClCH3CH2Cl,反應類型為加成反應;（2）C→D為乙醇的催化氧化，反應方程式為2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，反應類型為氧化反應;（3）CH3CHO與新制Cu(OH)2反應的化學方程式為CH3CHO+2Cu(OH）2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O,反應類型為氧化反應；（4)CH3CH2OH和CH3COOH生成具有果香味的化合物乙酸乙酯的化學方程式為CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，反應類型為取代反應或酯化反應。【點睛】能準確根據反應條件推斷反應原理是解題關鍵,常見反應條件與發生的反應原理類型：①在NaOH的水溶液中發生水解反應，可能是酯的水解反應或鹵代烴的水解反應；②在NaOH的乙醇溶液中加熱，發生鹵代烴的消去反應；③在濃H2SO4存在的條件下加熱，可能發生醇的消去反應、酯化反應、成醚反應或硝化反應等；④能與溴水或溴的CCl4溶液反應,可能為烯烴、炔烴的加成反應；⑤能與H2在Ni作用下發生反應，則為烯烴、炔烴、芳香烴、醛的加成反應或還原反應；⑥在O2、Cu(或Ag）、加熱（或CuO、加熱)條件下，發生醇的氧化反應；⑦與新制的Cu（OH）2懸濁液共熱產生紅色沉淀或與銀氨溶液發生銀鏡反應，則發生的是—CHO的氧化反應。(如果連續兩次出現O2，則為醇→醛→羧酸的過程）。18。某課外小組設計的實驗室制取乙酸乙酯的裝置（如圖所示）,A中放有濃硫酸,B中放有乙醇、無水醋酸，D中放有飽和碳酸鈉溶液。按圖連接裝置,用酒精燈對燒瓶B加熱,當觀察到D中有明顯現象時停止實驗。試完成下列問題:（1）在燒瓶中除了加入乙醇、濃硫酸和乙酸外，還應放入幾塊碎瓷片，其目的是：___.（2）球形干燥管除起冷凝作用外，另一重要作用是___。（3）在該實驗中，若用1mol乙醇和1mol乙酸在濃硫酸作用下加熱，充分反應，能否生成1mol乙酸乙酯？___，原因是：___。【答案】(1).防止暴沸(2)。防止倒吸（3）。否（4）.該反應是可逆反應,進行不完全【解析】【分析】(1)對于液體加熱時，應加入碎瓷片，防止暴沸；(2）蒸出的乙酸乙酯中混有的乙酸和乙醇極易被飽和碳酸鈉溶液吸收,故要有防倒吸措施；（3)依據酯化反應為可逆反應，可逆反應不能進行到底解答。【詳解】（1）在燒瓶中除了加入乙醇、濃硫酸和乙酸外，還應放入幾塊碎瓷片，目的防止燒瓶中液體暴沸;（2)蒸出的乙酸乙酯中混有的乙酸和乙醇極易被飽和碳酸鈉溶液吸收，故球形干燥管除起冷凝作用外，另一重要作用是防止倒吸;（3）酯化反應為可逆反應，可逆反應不能進行到底，所以若用1mol乙醇和1mol乙酸在濃硫酸作用下加熱，充分反應，不能生成1mol乙酸乙酯.19.圖中,甲由C、H、O三種元素組成，元素質量比為12：3:8,甲的沸點為78。5℃,其蒸氣與H2的相對密度是23.將溫度控制在400℃以下，按要求完成實驗.（1）在通入空氣的條件下進行實驗,加入藥品后的操作依次是___。（填序號）a.打開活塞b。用鼓氣氣球不斷鼓入空氣c.點燃酒精燈給銅絲加熱（2）實驗結束，取試管中的溶液與新制的Cu（OH）2混合，加熱至沸騰，實驗現象為___。（3）現用10％的NaOH溶液和2%的CuSO4溶液，制取本實驗所用試劑Cu(OH）2，請簡述實驗操作___.。【答案】(1）.cab（或acb）(2)。有紅色沉淀產生（3）.取一定量(約2-3mL）10％的NaOH溶液放入試管中，用膠頭滴管滴入幾滴（約4滴~6滴)2％的CuSO4溶液，振蕩（或向NaOH溶液中滴加少量CuSO4溶液”也可)【解析】【分析】甲由C、H、O三種元素組成,元素的質量比為12：3:8，則N（C）：N(H）：N(O)=::=2:6：1,則最簡式為C2H6O，其蒸氣與H2的相對密度是23，可知甲的相對分子質量為46，則甲的分子式為C2H6O，甲可在銅絲作用下與氧氣反應，甲為乙醇,在銅為催化劑條件下加熱，與氧氣發生氧化還原反應生成乙醛，方程式為2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，乙醛可與新制氫氧化銅懸濁液在加熱條件下發生氧化還原反應,反應的方程式為CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O。【詳解】甲由C、H、O三種元素組成,元素的質量比為12：3：8，則N（C)：N(H)：N(O）=:：=2：6：1，則最簡式為C2H6O，其蒸氣與H2的相對密度是23，可知甲的相對分子質量為46,則甲的分子式為C2H6O，甲可在銅絲作用下與氧氣反應，甲為乙醇；（1)加入藥品后，可先打開活塞，然后點燃酒精燈給銅絲加熱，最后用鼓氣氣球不斷鼓入空氣，或先打開活塞，再點燃酒精燈給銅絲加熱,最后用鼓氣氣球不斷鼓入空氣，則操作順序為cab(或acb)；(2)實驗結束,取試管中的溶液與新制的Cu(OH)2混合，加熱至沸騰,乙醛可與新制氫氧化銅懸濁液在加熱條件下發生氧化還原反應，反應的方程式為CH3CHO+2Cu(OH）2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O，實驗現象為:有紅色沉淀產生；(3)配制試劑Cu(OH）2時需要保證NaOH過量，則具體操作為取一定量(約2—3mL)10％的NaOH溶液放入試管中，用膠頭滴管滴入幾滴（約4滴~6滴）2％的CuSO4溶液并振蕩。20.15克有機物A完全燃燒只生成22克CO2和9克H2O。試求：（1）該有機物的最簡式___。（2）符合該最簡式的A物質有多種，則它們之間的關系___(填序號)A.一定互為同系物B.一定互為同分異構體C。等質量的它們完全燃燒耗氧量相同D.等物質的量的它們完全燃燒耗氧量相同（3）若A的相對質量為90，且兩分子A能反應形成六元環狀酯，則A的結構簡式為___。【答案】(1）。CH2O（2）.C(3）。CH3CH(OH)COOH【解析】【分析】(1)根據質量守恒可知，生成的22g二氧化碳中C元素質量即為化合物中所含C元素質量、生成的9g水中H元素質量即為化合物中所含H元素質量，A的質量與C、H兩種元素質量和的差為氧元素的質量，然后求出各自的物質的量,由碳、氫、氧元素的物質的量之比可推測實驗式(最簡式）；（2）A．結構相似,分子組成上相差1個或者若干個原子團的化合物互稱為同系物；B．有相同分子式而結構不同的化合物互為同分異構體；C．最簡式相同，質量相等，所含C、H、O質量相同，完全燃燒耗氧量相同；D．最簡式相同，分子式不一定相同,等物質的量，完全燃燒耗氧量不一定相同；(3)若A的相對質量為90，結合最簡式寫出其分子式，再結合兩分子A能反應形成六元環狀酯，滿足條件的A的結構簡式。【詳解】(1）根據質量守恒定律得：15gA化合物中所含C元素質量為：22g×=6g，所含H元素質量為：9g×=1g，所含O元素質量為：15g—6g-1g=8g,n(C）:n(H）：n（O）=：：=1：2：1，所以化合物的實驗式(最簡式)是CH2O；(2）A．最簡式相同,不一定是同系物，如甲醛與乙酸，故A錯誤;B．最簡式相同，不一定是同分異構體，如甲醛與乙酸，故B錯誤;C．最簡式相同，質量相等,所含C、H、O質量相同，則完全燃燒耗氧量相同,故C正確;D．最簡式相同，分子式不一定相同，則等物質的量,完全燃燒耗氧量不一定相同，如1mol的甲醛與1mol的乙酸，完全燃燒消耗氧氣不等，故D錯誤;故答案為C；（3）若A的相對質量為90，最簡式CH2O的式量為30，則A的分子式為C3H6O3,兩分子A能反應形成六元環狀酯,說明A中含有羧基和醇羥基，則滿足條件的A的結構簡式為CH3CH(OH）COOH。21。PTT是一種高分子材料，能作為紡織纖維和地毯等材料而得到廣泛應用。其合成路線可設計為:其中A、B、C均為鏈狀化合物，A能發生銀鏡反應，C不含甲基,1molC可與足量鈉反應生成22。4LH2（標準狀況）。請回答下列問題：（1）A的結構簡式為___，C的名稱___(系統命名)。（2）1molD與足量的燒堿溶液反應最多消耗NaOH___mol。（3）指出反應類型A→B___；C和D生成PTT___.(4)由物質B生成C的化學方程式為___。【答案】（1）。CH2=CHCHO（2).1，3—丙二醇（3).2mol(4).加成反應（5)。縮聚反應(或縮合反應或聚合反應）（6).HOCH2CH2CHO+H2HOCH2CH2CH2OH【解析】【分析】A、B、C均為鏈狀化合物，A能發生銀鏡反應，則A中含醛基,甲被氧氣氧化生成A,結合甲的分子式與A的分子式可知,A為CH2=CHCHO,甲為CH2=CHCH3；A和水發生加成反應生成B，B和氫氣發生加成反應生成C，C中不含甲基,1molC可與足量鈉反應生成22。4LH2(標準狀況）,結合其分子式知，C中含有兩個醇羥基，且C中兩個羥基位于鏈端,則C為HOCH2CH2CH2OH，B為HOCH2CH2CHO，對二甲苯被酸性高錳酸鉀溶液氧化生成的D為,C和D發生縮聚反應生成PTT為。【詳解】(1）由分析知，A的結構簡式為CH2=CHCHO,C的結構簡式為HOCH2CH2CH2OH，名稱1，3-丙二醇；(2）D為，D中含