2023學年高二下學期物理期末模擬測試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將一小物體以初速度v0豎直向上拋出，若物體所受的空氣阻力的大小不變，則小物體到達最高點的最后一秒和離開最高點的第一秒時間內通過的路程s1和s2，速度的變化量△v1和△v2的大小關系（）A．s1=s2B．s1＜s2C．△v1＞△v2D．△v1＜△v22、殲－10戰斗機在空中加油的情景如圖所示，以下列的哪個物體為參考系，可以認為加油機是運動的A．殲－10戰斗機B．地面上的房屋C．加油機中的飛行員D．殲－10戰斗機里的飛行員3、小明和小華操控各自的玩具賽車甲、乙在小區平直的路面上做直線運動，t=0時刻兩賽車恰好并排，此后兩賽車運動的位移x與時間t的比值隨時間t的關系如圖所示，對于甲乙兩賽車前2s的運動，下列說法正確的是A．甲做勻速運動，且B．乙做勻加速運動，加速度C．t=1s時，甲、乙兩賽車相遇D．t=2s時，甲、乙兩賽車相遇4、一小球從空中由靜止釋放，不計空氣阻力(g取10m/s2).下列說法正確的是A．第2

s末小球的速度為10

m/sB．前2

s內小球的平均速度為20

m/sC．第2

s內小球的位移為10

mD．前2

s內小球的位移為20

m5、某自行車輪胎的容積為V．里面已有壓強為P0的空氣，現在要使輪胎內的氣壓增大到P，設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，輪胎容積保持不變，則還要向輪胎充入溫度相同，壓強也是P0，體積為（）的空氣．A． B． C．（-1）V D．（+1）V6、如圖所示，用紫外光照射金屬板，發現驗電器的指針偏轉，以下說法正確的是A．金屬板帶正電，指針帶負電B．金屬板帶負電，指針帶正電C．金屬板帶正電，指針帶正電D．金屬板帶負電，指針帶負電二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、2017年，人類第一次直接探測到來自雙中子星合并的引力波．根據科學家們復原的過程，在兩顆中子星合并前約100s時，它們相距約400km，繞二者連線上的某點每秒轉動12圈，將兩顆中子星都看作是質量均勻分布的球體，由這些數據、萬有引力常量并利用牛頓力學知識，可以估算出這一時刻兩顆中子星（）A．質量之積B．質量之和C．速率之和D．各自的自轉角速度8、物體以某一速度沖上一光滑斜面(足夠長)，加速度恒定．前4s內位移是1.6m，隨后4s內位移是零，則下列說法中正確的是()A．物體的初速度大小為0.6m/sB．物體的加速度大小為6m/s2C．物體向上運動的最大距離為1.8mD．物體回到斜面底端，總共需時12s9、如圖所示，空氣中有一折射率為2的玻璃柱體，其橫截面是圓心角為90°、半徑為R的扇形OAB，一束光平行于橫截面，以入射角θ照射到OA上，OB不透光。只考慮首次入射到圓弧AB上的光A．若θ=45°，則AB面上最大的入射角為45°B．若θ=45°，則AB面上最大的入射角大于45°C．若增大θ，則AB上有光透出部分的弧長不變D．若增大θ，則AB上有光透出部分的弧長變長10、把皮球從地面以某一初速度豎直上拋，經過一段時間后皮球又落回拋出點，上升最大高度的一半處記為A點．以地面為零勢能面．設運動過程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，則（）A．皮球下降過程中重力勢能與動能相等的位置在A點下方B．皮球上升過程中重力的沖量大于下降過程中重力的沖量C．皮球上升過程與下降過程空氣阻力的沖量大小相等D．皮球上升過程中的克服重力做功大于下降過程中重力做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用氣墊導軌做“探究碰撞中的不變量”實驗中，滑塊A質量為0.21kg，滑塊B質量為0.10kg，遮光片寬度均為3.00cm，兩滑塊之間有一壓縮的彈簧片，并用細線連在一起，如圖所示．開始時兩滑塊靜止，燒斷細線后，在彈簧片的作用下兩滑塊分別向左、右方向運動，兩滑塊上的遮光片通過光電門的時間分別為0.20s和0.10s．現已求得滑塊A的速度為0.15m/s（取滑塊A運動的方向為正方向），則滑塊B的速度為_______m/s，燒斷細線后兩滑塊總動量為_______kg·m/s，本實驗得到的結論是_____________________．(以上計算結果保留2位有效數字)12．（12分）兩位同學用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．（1）實驗中必須滿足的條件是_____．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止滾下D．兩球的質量必須相等（2）測量所得入射球A的質量為mA，被碰撞小球B的質量為mB，圖甲中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON．當所測物理量滿足表達式___________時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式______________時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）記錄紙上的O點是重垂線所指的位置，若測得各落點痕跡到O的距離：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知兩球的質量分別為mB=10g與mA=20g，系統碰撞前總動量p與碰撞后總動量p′的百分誤差=______%（結果保留一位有效數字）．（4）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖乙所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點．實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M′和N′．測得B′與N′、P′、M′各點的高度差分別為h1、h2、h1．若所測物理量滿足表達式__________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量m1=1kg的小木塊A和高h=1m、質量m3=3kg的光滑斜面C靜止在光滑水平地面上，C與地面平滑連接，質量m2=2kg的小木塊B以水平速度v1=8m/s向右運動，與豎直墻壁碰撞，碰撞時間為△t=0.2s，碰后速度大小變為v2=6m/s，B與A碰撞后粘在一起。g取10m/s2。求：（1）B與墻壁碰撞過程中，墻壁對小球平均作用力的大小；（2）A和B一起第一次滑上斜面達到的最大高度hm。14．（16分）如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質量mA＝4kg，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計，可視為質點的物塊B置于A的上表面，B的質量mB＝2kg，現對A施加一個水平向右的恒力F＝10N，A運動一段時間后，小車左端固定的擋板B發生碰撞，碰撞時間極短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下繼續運動，碰撞后經時間t＝0.6s，二者的速度達到v＝2m/s，求：（1）A、B碰撞后瞬間的共同速度v的大小；（2）A、B碰撞前瞬間，A的速度vA的大小。15．（12分）冬奧會短道速滑接力比賽中，在光滑的冰面上甲運動員靜止，以10m/s運動的乙運動員從后去推甲運動員，甲運動員以6m/s向前滑行，已知甲、乙運動員相互作用時間為1s，甲運動員質量m1=70kg、乙運動員質量m2=60kg，求：⑴乙運動員的速度大小；⑵甲、乙運動員間平均作用力的大小。

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【答案解析】試題分析：根據牛頓第二定律，得到上升階段和下降階段的加速度的大小關系，然后根據速度時間關系公式和平均速度公式分析．解：C、D、上升階段，合力為：F合1=mg+f，故加速度為：a1==g+；下降階段，合力為：F合2=mg﹣f，故加速度為：a2==g﹣；故a1＞a2；根據速度時間關系公式，有：△v1=a1T△v2=a2T故△v1＞△v2故C正確，D錯誤；A、B、根據速度時間關系公式和平均速度公式，有s1=T=T=a1T2s2=a2T2故s1＞s2故A錯誤，B錯誤；故選C．【點評】本題關鍵是先根據牛頓第二定律判斷上升階段和下降階段的加速度大小，然后靈活地選擇運動學公式列式判斷．2、B【答案解析】加油機相對于“殲-10”戰斗機、加油機中的飛行員、殲－10戰斗機里的飛行員的位置都不變，以“殲-10”戰斗機或加油機中的飛行員或殲－10戰斗機里的飛行員為參照物，加油機是靜止的，故ACD錯誤．加油機相對于地面上的房屋位置不斷變化，以地面上的房屋為參照物，加油機是運動的，故B正確．故選B．【答案點睛】相對于參照物位置變化的物體是運動的，位置不變的物體是靜止的；本題研究的是加油機的運動情況，關鍵看它與所選參照物的位置是否變化，據此對各個選項逐一進行分析即可做出選擇．3、C【答案解析】根據x=v0t+at2可得可知，甲做勻速運動，且v甲=1m/s，選項A錯誤；乙做初速度為零的勻加速運動，加速度a=，則a=2m/s2，選項B錯誤；t=1s時，甲的位移為，乙的位移，此時甲乙兩賽車相遇，選項C正確，D錯誤；故選C.4、D【答案解析】

小球做自由落體運動，第2s末小球的速度：v=gt=10×2=20m/s，故A錯誤；前2s內小球的位移：h2=12gt22＝12×10×4＝20m；前2s內小球的平均速度為：v＝h2t2＝20m2s＝10m/s，故B錯誤，D正確；第一秒小球的位移為：h1=12gt12＝12×10×15、C【答案解析】氣體做等溫變化，設充入的氣體，，所以，C正確．6、C【答案解析】

紫外光照射金屬板,電子逸出，所以鋅版帶正電，有因為驗電器與鋅版鏈接，驗電器和指針都帶正電。所以C正確，ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【答案解析】本題考查天體運動、萬有引力定律、牛頓運動定律及其相關的知識點．雙中子星做勻速圓周運動的頻率f=12Hz（周期T=1/12s），由萬有引力等于向心力，可得，G=m1r1（2πf）2，G=m2r2（2πf）2，r1+r2=r=40km，聯立解得：（m1+m2）=（2πf）2Gr3，選項B正確A錯誤；由v1=ωr1=2πfr1，v2=ωr2=2πfr2，聯立解得：v1+v2=2πfr，選項C正確；不能得出各自自轉的角速度，選項D錯誤．【答案點睛】此題以最新科學發現為情景，考查天體運動、萬有引力定律等．8、ACD【答案解析】試題分析：由，所以：，B錯誤；在前4s內根據位移公式：，得：，A正確；根據公式可得上升最大距離為，C正確；因為沒有摩擦力，上滑和下滑所用時間相同，根據公式可得上滑所用時間為6s，所以總時間為12s，D正確．考點：考查了勻變速直線運動規律的應用9、BC【答案解析】AB、根據折射定律有：sin45°sinr=2，可得光進入玻璃后光線與豎直方向的夾角為30°，過O的光線垂直入射到AB界面上點C射出，越接近A的光線入射到根據臨界角公式：sinC=12，得臨界角為45°，如果AB界面上的臨界點為D，此光線在AO界面上點E入射，在三角形ODE中可求得OD與水平方向的夾角為180°-(120°+45°)=15°，所以A到D之間入射角大于45°，故A錯誤，BCD、θ=45°時，B到C之間、A到D之間沒有光線射出，由此可得沒有光線射出的圓弧對應圓心角為90°-(30°+15°)=45°，增大θ，則折射角也增大，根據幾何關系，設折射角為α，則有光線射出的部分對應的圓心角為90°-α-(180°-135°-α)=45°，知對應的弧長不變，故C正確，D錯誤；故選BC。【答案點睛】注意兩條特殊光線，一是從O點沿半徑方向進入玻璃柱體的光線，在AO面上折射后傳播入方向不變，二是在AB面上發生全反射的光線，有光透出的部分在這兩條光線之間，然后根據幾何關系求解。10、AC【答案解析】A：設下降后離地面的高度為，下降的過程中要克服空氣阻力做功，則，而，所以，即皮球下降過程中重力勢能與動能相等的位置在A點下方，故A正確B：設物體上升和下降經過任一相同位置的速度分別是和，對從此位置上升后再下降回到原位置的過程就用動能定理可得：，此過程重力不做功、阻力做負功，則，因此上升過程的平均速度大于下降過程的平均速度，上升時間小于下降時間，皮球上升過程中重力的沖量小于下降過程中重力的沖量，故B錯誤C：對物體受力分析，上升時受的阻力向下，下降時受的阻力向上，以向上為正畫出物體的速度時間圖象如圖（速度時間圖象的切線斜率表示物體的速度），因運動過程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，此圖象也可看成物體受的阻力隨時間變化的圖象；速度時間圖象與坐標軸圍成面積表示對應位移，則圖象橫軸上方與橫軸下方對應部分面積相等；又阻力隨時間變化的圖象與坐標軸圍成面積表示對應的沖量，則皮球上升過程與下降過程空氣阻力的沖量大小相等，方向相反，故C正確D：皮球上升和下降過程運動的高度相同，則皮球上升過程中的克服重力做功等于下降過程中重力做功，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、-0.301.5×10－3在實驗誤差允許范圍內，系統的總動量保持不變【答案解析】物塊B的速度為：；燒斷細線后兩滑塊總動量為：；實驗得到的結論是在實驗誤差允許范圍內，系統的總動量保持不變．12、BCmAOP=mAOM+mBONmAOP2=mAOM2+mBON22【答案解析】（1）“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤．（2）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON；若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0