PAGE18PAGE模擬檢測卷(八)(時間:60分鐘滿分:100分)一、選擇題(本題共18小題,每小題3分,共54分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分)1.下列不是國際單位制單位中的基本單位的是()A.庫侖 B.秒 C.千克 D.米2.下列說法正確的是()A.根據公式I=qt可知,I與q成正比,I與tB.公式W=UIt適用任何電路,Q=I2Rt適用純電阻電路C.電動勢越大,電源把其他形式的能轉化為電能越多D.把小量程的電流表改裝成電壓表要串聯一個阻值較大的電阻3.下列關于運動會的田徑項目敘述中正確的是()A.研究短跑運動員終點撞線時可將運動員看成質點B.在田徑比賽中跑步運動員的比賽成績是一個時間間隔C.短跑運動員跑100m和200m都是指位移D.高水平運動員鉛球比賽的成績為21m,“21m”是指路程4.如圖為某一質點的v-t圖像,下列說法不正確的是()A.第3s內速度方向與加速度方向相反B.整個過程的平均速度為0.8m/sC.第4s末質點的運動方向發生改變D.第1s內和第5s內加速度方向相同5.拉力器是一種很好的健身器材,由腳環、兩根相同的彈性繩、把手等組成。如圖所示,女子用100N的力拉開拉力器,使其比原長伸長了40cm,假設彈性繩的彈力與伸長量遵循胡克定律,且未超過彈性限度。則()A.每根彈性繩的勁度系數為125N/m B.每根彈性繩的勁度系數為250N/mC.若對拉力器的拉力增大,則彈性繩的勁度系數也增大 D.若對拉力器的拉力減為50N,則彈性繩長度變為20cm6.如圖所示,物塊A放在木板上,當緩慢抬起木板的一端使木板與水平面夾角α分別為30°、45°時,物塊受到的摩擦力大小相等,則物塊和木板間的動摩擦因數為()A.22 B.32 C.2 7.如圖為質點做勻變速曲線運動軌跡的示意圖,且質點運動到D點時的速度方向與加速度方向恰好互相垂直,則質點從A點運動到E點的過程中,下列說法中正確的是()A.質點經過D點時的加速度比B點的大 B.質點從B到E的過程中速度一直在減小C.質點經過C點的速率比D點的大 D.質點經過A點時的加速度方向與速度方向的夾角小于90°8.長征十一號海射型固體運載火箭在我國黃海海域實施發射,將7顆衛星送入低于同步衛星軌道高度的圓軌道,下列說法中正確的是()A.衛星的運行周期大于24小時B.七顆衛星中,處于高軌道的衛星具有較大的速度C.七顆衛星中,處于高軌道的衛星具有較大的能量D.如果在赤道附近的海上發射衛星,可利用地球自轉,從而節省能源9.如圖所示,放在水平地面上的光滑絕緣圓筒內有兩個帶正電小球A、B,A位于筒底靠在左側壁處,B在右側筒壁上受到A的斥力作用處于靜止。若筒壁豎直,A的電荷量保持不變,B由于漏電而下降少許后重新平衡,下列說法中正確的是()A.小球A對筒底的壓力變小 B.小球A,B間的庫侖力不變C.小球A,B間的庫侖力變小 D.小球B對筒壁的壓力變大10.如圖所示,物體P以一定的初速度沿光滑水平面向右運動,與一個右端固定的輕質彈簧相撞,并被彈簧反向彈回。若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克定律,那么在P與彈簧發生相互作用的整個過程中()A.P做勻變速直線運動 B.P的加速度方向發生變化C.當加速度數值最大時,速度也最大 D.有一段過程,P的加速度逐漸減小,速度逐漸增大(第5題圖)(第6題圖)(第7題圖)(第9題圖)(第10題圖)11.如圖所示,虛線表示某電場中的三個等勢面,相鄰等勢面間的電勢差相等。一重力不計、帶負電的粒子從右側射入電場,運動軌跡與三個等勢面分別交于a、b、c三點,則()A.a點的電勢比b點的電勢高B.粒子在c點時的加速度為零C.粒子從a到c電勢能不斷減小D.粒子從a到b電場力所做的功小于從b到c電場力所做的功12.如圖所示為一款磁性玩具巴克球,借助巴克球的磁場特性,可以組合出多種造型,下列關于巴克球的磁場特性說法正確的是()A.巴克球是一種磁單極子,其磁場從球心向四周輻射B.巴克球的球心是磁體的N極,球面是磁體的S極C.巴克球的球心是磁體的S極,球面是磁體的N極D.巴克球周圍的磁場類似于地磁場,磁體的N、S極在球體的兩端13.如圖甲所示,輕繩一端固定在O點,另一端固定一小球(可看成質點),讓小球在豎直平面內做圓周運動。改變小球通過最高點時的速度大小v,測得相應的輕繩彈力大小F,得到F-v2圖像如圖乙所示,已知圖線的延長線與縱軸交點坐標為(0,-b),斜率為k。不計空氣阻力,重力加速度為g,則下列說法正確的是()A.該小球的質量為bg B.小球運動的軌道半徑為bC.圖線與橫軸的交點表示小球所受的合外力為零 D.當v2=a時,小球的向心加速度為g14.如圖所示電路,電壓保持不變,當開關S斷開時,電流表A的示數為0.5A,當開關S閉合時,電流表的示數為0.7A,則兩電阻阻值之比R1∶R2為()A.5∶7 B.7∶5 C.2∶5 D.5∶2(第11題圖)(第12題圖)(第13題圖)(第14題圖)15.如圖為某靜電除塵裝置的示意圖。A、B為電極和集塵板上某點連線上的兩點。不計煙塵微粒與空氣的作用力及重力,下列說法正確的是()A.A、B兩點的電場強度大小不同,方向相同B.集塵板邊緣的電場方向一定與集塵板表面垂直C.向集塵板加速靠近的煙塵微粒帶負電,且加速度逐漸增大D.若帶電煙塵微粒由靜止開始僅受電場力作用,則一定沿電場線到達集塵板16.在如圖(a)所示的電路中,L1、L2為規格相同的小燈泡,這種小燈泡的伏安特性曲線如圖(b)所示,C是電容為100μF的電容器,R是阻值為8Ω的定值電阻,電源E的內阻為1Ω。電路穩定后,通過L1的電流為0.15A,下列結果正確的是()A.L1的電功率為0.32W B.L2的電阻約為5ΩC.電源的效率約為60% D.電容器的帶電荷量為1.2×104C17.泵浦消防車又稱“泵車”,指搭載水泵的消防車,其上裝備消防水泵、消防炮和其他消防器材,抵達現場后可利用現場消防栓或水源直接吸水滅火,某輛消防車的額定功率為120kW,消防炮的流量為48L/s。某次一高層建筑離地面高為75m處發生火情,為能有效滅火,消防員將消防炮升高到離地80m后將炮口水平擺放,使水柱恰能噴到著火點,已知消防炮口到著火點的水平距離為40m,水的密度為1×103kg/m3,不計空氣阻力,則()A.消防炮出水速度大小為10m/sB.消防炮出水速度大小為40m/sC.消防炮出水速度大小為80m/sD.若火情向上蔓延,則必須升高消防炮的高度才能有效滅火(第15題圖)(第16題圖)(第17題圖)18.如圖所示,傾角為θ的粗糙斜面體固定在水平地面上,距地面H0高度處有一物體,在平行斜面向上的力F作用下由靜止開始運動。選地面為零勢能面,物體的機械能E隨位移x的變化關系如圖所示,其中O~x1是曲線,x1~x2是平行于x軸的直線,O~x2過程中物體一直沿斜面向上運動,則下列說法正確的是()A.O~x1過程中力F做的功等于(E1-E0) B.O~x1過程中物體做加速度增大的加速運動C.x1~x2過程中物體的動能不變 D.x1~x2過程中力F逐漸變大二、非選擇題(本題共5小題,共46分)圖119.(6分)(1)圖1中,“探究求合力的方法”“研究平拋運動”兩實驗均需使用的器材是(填寫器材名稱)。

(2)在“探究求合力的方法”實驗中,通過對拉的方法來選擇兩個彈簧測力計,方案一:兩彈簧測力計豎直懸掛在鐵架臺上對拉(圖2),方案二:兩彈簧測力計置于水平桌面對拉(如圖3),下列說法正確的是(多選)。

A.彈簧測力計使用前必須進行調零B.實驗時,兩個彈簧測力計的量程需一致C.若方案一的兩彈簧測力計讀數相等,則可正常使用D.若方案二的兩彈簧測力計讀數相等,則可正常使用圖4(3)在“探究求合力的方法”的實驗中,某實驗小組使用的彈簧測力計量程為5.00N,將橡皮條一端固定,先用兩只彈簧測力計將橡皮條另一端拉到某一位置,標記為O點,緊靠細繩標記A、B兩點,并記錄彈簧測力計讀數;然后用一只彈簧測力計將其拉至O點,標記緊靠細繩的C點,并記錄彈簧測力計讀數,該小組完成的部分實驗數據記錄在圖4中。①按實驗要求完成作圖;②結合圖4,分析實驗過程與結果,下列措施對減小實驗誤差有益的是(多選)。

A.適當增加橡皮筋的原長 B.適當增大兩細繩的夾角C.增大A、B兩點到O點的距離 D.增大彈簧測力計的拉力20.(6分)某學習小組想做“測量一節干電池的電動勢及內阻”的實驗。(1)該小組分配到的器材中,有兩個由相同電阻絲繞制而成的滑動變阻器,阻值分別為5Ω、20Ω,但變阻器阻值標簽模糊,無法識別。則根據已有知識并結合圖(a),本實驗應選擇的變阻器是。

A.甲為5Ω,選擇甲 B.甲為20Ω,選擇甲C.乙為5Ω,選擇乙 D.乙為20Ω,選擇乙(2)該小組選擇了合適的滑動變阻器后進行電路連接,如圖(b)所示為在接最后一根導線之前電路中部分元件的放大情形,此時錯誤的為(多選)。

(3)小組成員糾正錯誤后重新開始進行實驗,測得數據后,在坐標紙中描點,如圖(c)。請在坐標紙中描出圖像,并計算出該小組的舊電池的內阻r=Ω。(結果保留兩位有效數字)

21.(6分)如圖所示,在傾角為θ=30°的斜面上,固定兩間距L=0.5m的平行金屬導軌,在導軌上端接入電源和滑動變阻器R,電源電動勢E=10V,內阻r=2Ω,一質量m=100g的金屬棒ab與兩導軌垂直并接觸良好。整個裝置處于磁感應強度B=1T、垂直于斜面向上的勻強磁場中(導軌與金屬棒的電阻不計)。金屬棒受到平行斜面斜向上的安培力,已知金屬導軌是光滑的,g取10m/s2,要保持金屬棒在導軌上靜止,求:(1)金屬棒所受到的安培力大小;(2)滑動變阻器R接入電路中的阻值。22.(12分)如圖為某接送運動員的公交車,正以36km/h的速度勻速行駛在一條筆直的公路上,接到通知需要臨時停車,接上幾名運動員。公交車開始以5m/s2的加速度剎車,停車1min供運動員上車,隨后以1m/s2的加速度啟動,再次達到36km/h的速度勻速行駛。重力加速度g取10m/s2,求:(1)公交車剎車過程中的平均速度大小;(2)公交車因臨時停車而耽誤的時間;(3)公交車上一名質量為80kg的運動員在剎車減速階段中對公交車的作用力大小。23.(16分)如圖所示,半圓形光滑軌道豎直固定且與水平地面相切于A點,半徑R=0.1m,其右側一定水平距離處固定一個斜面體。斜面C端離地高度h=0.15m,E端固定一輕彈簧,原長為DE,斜面CD段粗糙而DE段光滑。現給一質量為0.1kg的小物塊(可看作質點)一個水平初速度,從A處進入圓軌道,離開最高點B后恰能落到斜面頂端C處,且速度方向恰平行于斜面,物塊沿斜面下滑壓縮彈簧后又沿斜面向上返回,第一次恰能返回到最高點C。物塊與斜面CD段的動摩擦因數μ=63,斜面傾角θ=30°,重力加速度g取10m/s2(1)物塊運動到B點時對軌道的壓力大小;(2)CD間的距離L;(3)小物塊在粗糙斜面CD段上滑行的總路程s。參考答案模擬檢測卷(八)1.A解析庫侖,是電荷量的單位,不是國際單位制單位中的基本單位;秒,是國際單位制單位中的基本單位;千克,是國際單位制單位中的基本單位;米,是國際單位制單位中的基本單位;因此選A。2.D解析公式I=qt是電流的定義式,I與q、t無關,故A錯誤;公式W=UIt適用任何電路,Q=I2Rt用于求解焦耳熱,適用于任何電路,故B錯誤;電動勢越大,電源把其他形式的能轉化為電能的本領越大,但不能說明電源把其他形式的能轉化為電能越多,故C錯誤;把小量程的電流表改裝成電壓表要串聯一個阻值較大的電阻,用來分更大的電壓,達到改裝成電壓表的目的,故D3.B解析研究短跑運動員終點撞線時,其自身大小不能忽略,所以不可以看作質點,故A錯誤;在田徑比賽中跑步運動員的比賽成績是個時間段,故是一個時間間隔,故B正確;短跑運動員跑200m時,不是一條直線,故200m是路程而不是位移,故C錯誤;鉛球運動的軌跡是拋物線,高水平運動員鉛球比賽成績為21m,是拋出點的豎直投影點到落地點的距離,不是路程,故D錯誤。故選B。4.C解析第3s內質點做減速運動,速度方向與加速度方向相反,A正確;在v-t圖像中,圖像與時間軸圍成的面積表示物體的位移,因此總位移x=12(3×4)m-12×2×2m=4m,整個過程的平均速度v=xt=45m/s=0.8m/s,B正確;3~5s內,速度始終為負值,第4s末質點的運動方向沒有發生改變,C錯誤;在v-t圖像中,斜率表示加速度,第1s內和第5.A解析由胡克定律可得F=2kΔx,則k=1002×0.4N/m=125N/m,故A正確彈性繩的勁度系數與彈性繩自身因數有關,與外力無關,故C錯誤;若對拉力器的拉力減為50N,則有F'=2kΔx',得Δx'=F'2k=502×125m=6.A解析木板的傾角α分別為30°、45°時,物體受到的摩擦力大小相同,分析可知,當傾角為30°時物塊受到的是靜摩擦力,當傾角為45°時物塊受到的是滑動摩擦力。當傾角為30°時,靜摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力,即Ff=mgsin30°,當傾角為45°時物塊受到的是滑動摩擦力,根據滑動摩擦力公式得Ff=μFN=μmgcos45°;得到mgsin30°=μmgcos45°,解得μ=22,故A7.C解析質點做勻變速曲線運動,加速度大小和方向均不變,故A錯誤;質點從B到E的過程中加速度方向與速度方向的夾角一直減小,合外力與速度夾角先是鈍角,當運動到D點以后變為銳角,因此先減速后加速,故B錯誤;從C到D過程合外力做負功,質點的動能減小,速率減小,故質點經過C點的速率比D點的大,故C正確;質點做勻變速曲線運動,加速度大小和方向均不變,加速度指向軌跡彎曲的方向,即斜向上,而速度為軌跡的切線方向,故質點經過A點時的加速度方向與速度方向的夾角大于90°,故D錯誤。故選C。8.D解析根據GMmr2=m2πT2r可知衛星的運行周期小于24小時,故A錯誤;根據GMmr2=mv2r可知半徑越大則運行的速度越小,所以七顆衛星中,處于高軌道的衛星具有較小的速度,故B錯誤;由于七顆衛星的質量大小關系不知,所以七顆衛星的能量大小無法比較,故C錯誤;地球自轉的線速度根據v=ωr可知,半徑越大,則線速度越大,而自轉半徑最大處在赤道,所以在赤道附近的海上發射衛星9.D解析以整體為研究對象可知,筒底對A球的支持力大小等于A、B兩球的重力,由牛頓第三定律可知A對筒底的壓力也等于A、B兩球的重力,小球A對筒底的壓力不變,故選項A錯誤;小球A、B間的庫侖力F=mgcosθ,θ角變大,cosθ變小,庫侖力F變大,故選項B、C隔離B球受力分析如圖所示,根據受力平衡有F1=mgtanθ,由于漏電而下降少許重新平衡,θ角變大,因此筒壁給球B的支持力增大,根據作用力與反作用力可知B球對筒壁的壓力變大,故選項D正確。10.D解析在壓縮彈簧的過程中,P水平方向只受到彈簧的彈力,方向與速度方向相反,而且彈力逐漸增大,加速度逐漸增大,P做加速度增大的變減速直線運動,故A錯誤;彈簧壓縮過程中對P施加的彈力方向始終向左,根據牛頓第二定律知P的加速度方向保持不變,故B錯誤;壓縮彈簧的過程中,當速度為零時彈簧壓縮到最短,此時彈力最大,加速度數值最大,速度為零,故C錯誤;在彈簧壓縮到最短后將物體P向左彈出的過程中,彈簧彈力方向向左,物體P向左加速運動,隨著彈簧彈力的減小,物體P加速度逐漸減小,而速度逐漸增大,故D正確。11.C解析粒子所受電場力指向軌跡凹側,由于粒子帶負電,所以有下圖由圖知電場線大致指向右,沿電場線電勢降低,故a的電勢低,A錯誤;由圖可知c點的電場線最密集,則粒子在c點的加速度最大,B錯誤;粒子從a到c,電場力做正功,電勢能減小,C正確;電場力做功W=qU,因相鄰等勢面間的電勢差相等,故粒子從a到b電場力做的功等于從b到c電場力做的功,D錯誤。故選C。12.D解析巴克球不是磁單極子,A錯誤;巴克球之間有相互作用的引力和斥力,巴克球周圍的磁場類似于地磁場,磁體的N、S極在球體的兩端,B、C錯誤,D正確。13.B解析小球在最高點時受到拉力為F,根據牛頓第二定律可知:F+mg=mv2l,解得:F=mv2l-mg,結合圖像可知:mg=b,即m=bg,斜率ml=k,解得:l=mk=bkg,故A錯,B對;圖線與橫軸的交點表示小球所受的拉力為零,即合外力等于重力時的情況,故C錯;根據向心加速度公式可知a'=v214.C解析因S通斷中電壓保持不變,故R1中的電流保持不變,則流過R2的電流I2=0.7A-0.5A=0.2A;而在并聯電路中電流與電阻成反比,故R1∶R2=0.2∶0.5=2∶5;選項C正確。15.B解析電極與集塵板之間的電場線是曲線,并非直線,并且越靠近電極處電場線越密集,所以A、B兩點的電場強度大小不同,方向也不同,故A錯誤;集塵板表面為一等勢面,所以集塵板邊緣的電場方向一定與集塵板表面垂直,故B正確;向集塵板加速靠近的煙塵微粒帶負電,但所受電場力逐漸減小,加速度逐漸減小,故C錯誤;電極與集塵板之間的電場線并非直線,帶電煙塵微粒由靜止開始僅受電場力作用,其速度方向不可能始終沿電場線的切線方向,故D錯誤。故選B。16.B解析電路穩定后,通過L1的電流為I1=0.15A,由圖讀出其電壓U1=0.6V,則燈泡L1的電功率P1=U1I1=0.15×0.6W=0.09W,故A錯誤;并聯部分的電壓U2=U1+I1R=0.6V+0.15×8V=1.8V,由圖讀出其電流為I2=0.36A,根據歐姆定律得R2=U2I2=1.8V0.36A=5Ω,故B正確;電源電動勢E=U2+(I1+I2)r=1.8V+0.51×1V=2.31V,電源的效率為η=U2E×100%=1.82.31×100%=78%,故C錯誤;電容器的電壓U=I1R=1.2V,則電容器的帶電荷量為Q=UC=1.2×10017.B解析由平拋運動規律得消防炮出水速度大小為40m/s;改變消防炮傾角能提高滅火點的高度。18.B解析O~x1過程中,根據功能關系得:WF-Wf=E1-E0,則有:WF>E1-E0,故A錯誤。根據功能關系得:FΔx-fΔx=ΔE,圖像的斜率為:k=ΔEΔx=F-f,由圖知,O~x1過程中圖像切線斜率不斷增大,則F-f不斷增大,合力不斷增大,根據牛頓第二定律知加速度增大,所以,O~x1過程中物體做加速度增大的加速運動,故B正確。x1~x2過程中物體的機械能不變,有:F-f=0,即為:F=f,保持不變,而重力勢能增大,則動能減小,故C錯誤,D19.答案(1)刻度尺(2)AD(3)①見解析②BC解析(1)“探究求合力的方法”中,需要使用刻度尺做力的圖示,“研究平拋運動”的實驗中,需要使用刻度尺測量物體的位移,即兩個實驗中都要使用刻度尺;(2)彈簧測力計在使用前必須進行調零;實驗中使用的兩個彈簧測力計,其量程可以不同;方案一中由于重力的作用,若兩彈簧測力計讀數相等,則水平測量拉力時讀數必然不同,所以不能使用;若方案二的兩彈簧測力計讀數相等,則可正常使用;故選AD。(3)作圖如下:增加橡皮筋的原長對實驗沒有影響;圖中兩分力的夾角較小,根據平行四邊形的特點,適當增大兩細繩的夾角,可以使作圖更精確,從而減小實驗誤差;繩子的作用是顯示出力的方向,增大A、B兩點到O點的距離,可以提高分力方向的精確度,從而減小實驗誤差;彈簧測力計的量程為5.00N,圖中合力已經達到了4.80N,所以不能再增大彈簧測力計的拉力;故選BC。20.答案(1)C(2)CD(3)1.64解析(