1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、下列物理量為矢量的是A.時間B.質量C.路程D.位移2、如圖所示，質量分別為m和2m的兩個小球置于光滑水平面上，且固定在一輕質彈簧的兩端，已知彈

2、簧的原長為L，勁度系數為k.現沿彈簧軸線方向在質量為2m的小球上有一水平拉力F，使兩球一起做勻加速運動，則此時兩球間的距離為（ ） A.B.C.L + D.L + 3、如圖所示，光滑小球被夾在豎直墻壁與A點之間，保持平衡現稍微增大兩豎直墻壁的距離，關于小球對墻面的壓力F1和對A點的壓力F2的變化情況，正確的是：（）A.F1變大，F2變大B.F1變大，F2變小C.F1變小，F2變大D.F1變小，F2變小4、如圖為某物體在10 s內運動的vt圖象關于物體在10s內的位移，下列數據正確的是（ ）A.60mB.40mC.48mD.54m5、如圖所示為甲、乙兩物體同時從同一地點做直線運動的v-t圖像，則

3、下列說法中正確的是（）A.4s末甲在乙前面B.乙物體先向前運動2s，隨后向后運動C.在06s內，兩物體相距最遠的時刻是1s末D.兩物體兩次相遇的時刻是2s末和6s末6、放在水平桌面上的書靜止不動，下列說法正確的是（）A.桌面受到書的壓力和桌面對書的支持力是一對作用力和反作用力B.桌面受到書壓力和書受到的重力是一對作用力和反作用力C.桌面對書的支持力和書受到的重力是一對平衡力D.桌面受到書的壓力和桌面對書的支持力是一對平衡力7、在下面的圖象中表示勻速直線運動的有()A.B.C.D.8、下列敘述中不正確的是（ ）A.我們所學過的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B.物體從靜止開始的下落運動叫

4、做自由落體運動C.通常所說的壓力、支持力和繩的拉力都是彈力D.任何有規則形狀的物體，它的重心一定與它的幾何中心重合，且也一定在物體內9、某物體做勻速圓周運動,下列描述其運動物理量中,恒定不變的是()A.角速度B.向心加速度C.線速度D.周期10、做直線運動的甲、乙兩物體的位移時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是 A.甲、乙兩物體均做勻加速直線運動B.當乙開始運動時，兩物體相距C.兩物體在時相距最遠，在時相遇D.在這段時間內，物體間的距離逐漸變小二、實驗題11、（4分）小明同學利用如圖1裝置“探究加速度與力、質量的關系”。(1)本實驗采用的物理思想方法是_。A類比法 B控制變量法 C等效替代法

5、D理想實驗法(2)實驗中小車質量應_沙和沙桶的總質量（選填“遠大于”、“遠小于”或“等于”）。(3)該同學實驗中打出如圖2的一條紙帶，計時器打點的時間間隔為0.02s，從比較清晰的點起，每5個點取1個計數點，量出相鄰兩個計數點之間的距離分別為：，則小車的加速度大小為_（保留兩位有效數字）。(4)在實驗中保持小車質量不變，改變沙和沙桶的總質量，測得沙和沙桶的總重力F和加速度a的數據如下表：0.150.300.480.620.740.050.160.300.400.49根據測得的數據，在下圖中作出a-F圖像_。根據上圖3可知a-F圖像未過坐標原點的原因可能是_（填序號）。A未平衡摩擦力 B平衡摩擦

6、力過度 C小車質量太小12、（10分）在探究求合力的方法時，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩。實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧秤通過細繩拉橡皮條。(1)實驗對兩次拉伸橡皮條的要求中，下列說法正確的是_。（填選項前的字母）A.橡皮條拉伸長度相同即可B.橡皮條拉伸方向相同即可C.彈簧秤每次都應拉伸到相同刻度D.將橡皮條和細繩的結點拉到相同位置(2)在正確操作的情況下，某同學得到的結果如圖所示，在圖上標出的、F和四個力中，不是由彈簧測力計直接測得的力是_。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演

7、算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，傳送帶與地面的夾角，兩軸心間距離AB的長L=12m,傳送帶以v=6m/s的速率順時針轉動當t=0時在A點無初速度輕放一煤塊(可視為質點)，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為，取(1) 求煤塊剛開始運動時的加速度大??； (2) 求煤塊在傳送帶上留下痕跡長度； (3) 若煤塊與傳送帶同速后，煤塊運動一段距離傳送帶被卡住突然停止運動，要使煤塊能到達B點，求煤塊與傳送帶同速后到傳送帶被卡住，煤塊運動的最短距離14、（14分）可愛的企鵝喜歡在冰面上玩游戲。如圖所示，有一只企鵝在傾角為=37的傾斜冰面上先以a=1.

8、0m/s2的加速度從冰面底部由靜止開始沿直線向上“奔跑”，t=4s時突然臥倒以肚皮貼著冰面向上滑行，最后退滑到出發點，完成一次游戲（企鵝在滑動過程中姿勢保持不變）。若企鵝肚皮與冰面間的動摩擦因數為=0.25，已知sin37=0.60，cos37=0.80不計空氣阻力，g取10m/s2，試分析回答下列問題：(1)企鵝向上“奔跑”的位移大??；(2)企鵝在冰面向上滑行的加速度大小；(3)企鵝退滑到出發點時的速度大小。15、（13分）一個質量是60kg的人站在升降機的地板上，升降機的頂部懸掛了一個彈簧測力計，彈簧測力計下面掛著一個質量為m5kg的物體A，當升降機向上運動時，他看到彈簧測力計的示數為40

9、N，g取10m/s2，求：（1）此時升降機的加速度的大??；（2）此時人對地板的壓力參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】時間、質量和路程是只有大小沒有方向的物理量，是標量；而位移既有大小又有方向的物理量，是矢量，故選項D正確，A、B、C錯誤2、C【解析】對整體根據牛頓第二定律得對根據牛頓第二定律得彈聯立解得，彈簧的彈力大小為彈則此時兩球間的距離為故A、B、D錯誤，C正確；故選C。3、A【解析】將重力按作用效果進行分解，作出力的分解

10、圖，由幾何關系求出小球對墻面的壓力F1和對A點壓力F2，根據角度的變化進行分析【詳解】小球受重力mg、墻壁向左的力F1與A點的支持力F2三個力的作用，受力分析如圖所示：根據平衡條件得小球對墻面的壓力為：F1 =mgtan，小球對A點壓力為：，現稍微增大兩豎直墻壁的距離，增大，則F1和F2都增大，故A正確，BCD錯誤【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程即可4、B【解析】分析：要求物體在10s內發生的位移，可以用運動學公式，但需求物體的加速度，也可以用“

11、速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移”進行求解本題用第二種方法比較簡單解答：解：速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移，故在10s內物體的位移x= (2+6)/210=40m故B正確故選B點評：用“速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體通過的位移”求位移是一種比較簡潔的方法，要注意掌握5、D【解析】A.速度圖線與坐標軸圍成圖形的面積表示位移，4s末乙的位移大于甲，因此乙在甲前面，選項A錯誤；B.乙物體速度在2s前后都大于零，方向沒有發生變化，選項B錯誤；C4s末兩物體相距的距離等于24之間上面三角形的面積，可知4s末二者的距離最大，相距最遠，選項C錯誤；D根據速度圖線與坐標軸圍成圖形

12、的面積表示位移，可知，0-2s內兩個物體通過的位移相等，兩者又是從同一地點出發的，故2s末時二者相遇，同理可知6s末二者又相遇，選項D正確。故選D。6、AC【解析】作用力和反作用力是同一性質的力，一對平衡力必須作用在一物體上，AC正確。故選AC。7、ABD【解析】根據s-t圖象的斜率表示速度，知ABD圖均表示物體的速度不變，做勻速直線運動；C圖表示物體處于靜止狀態，故ABD正確，C錯誤；故選ABD8、ABD【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量速度、加速度、位移、力都是矢量，故A錯誤；物體從靜止開始只受重力的下落運動才叫自由落體運動，故B錯誤；從本質上看，壓力、支持力和繩的拉力都是彈力，故C正

13、確；有規則形狀的物體，它的重心不一定與它的幾何中心重合，也不一定在物體內，還與物體的質量分布有關，故D錯誤【點睛】矢量是既有大小又有方向的物理量物體從靜止開始只受重力的運動叫自由落體運動壓力、支持力和繩的拉力都是彈力重心與物體的形狀和質量分布有關；解決本題的關鍵要掌握力學的基本知識，特別是明確物體重心與物體的形狀和質量分布兩個因素有關9、AD【解析】考查勻速圓周運動的物理量?！驹斀狻緼勻速圓周運動角速度不變，A正確；B勻速圓周運動向心加速度方向指向圓心，時刻在變，B錯誤；C勻速圓周運動線速度沿切線方向，與半徑垂直，方向時刻在變，C錯誤；D勻速圓周運動周期不變，D正確。故選AD。10、CD【解析

14、】A甲、乙兩物體均做勻速直線運動，故A錯誤；B根據圖象可知當乙開始運動時，兩物體相距大于，故B錯誤；C分析兩縱坐標差值，可知兩物體在時差值最大，說明相距最遠，在時相距為零，即二者相遇，故C正確；D在這段時間內，兩縱坐標差值越來越小，說明物體間的距離逐漸變小，故D正確。故選擇CD選項。二、實驗題11、 .B .遠大于 . . .A【解析】(1)1“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，需要控制“力”或“質量”其中一個物理量不變，研究加速度和另外一個物理量的關系，所以采用了控制變量法，ACD錯誤，B正確。故選B。(2)2若平衡摩擦力后，沙和沙桶總質量，應用牛頓第二定律對小車解得繩子的拉力為使繩子的

15、拉力作為小車所受合外力近似等于沙和沙桶的總重力，所以實驗中小車質量應遠大于沙和沙桶的總質量。(3)3根據逐差法求解加速度(4)4根據表格中數據描點作圖：5開始較小時，小車因為受到摩擦力的作用而靜止不動，說明實驗過程中可能平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力，A正確，BC錯誤。故選A12、 .D .【解析】(1)1該實驗的原理是合力與分力具有等效性，所以橡皮條兩次拉伸的長度和方向都需要相同才能完成實驗，所以需要將橡皮條和細繩的結點拉到相同位置，ABC錯誤，D正確。故選D(2)2根據圖中求解合力的特點可知，是由平行四邊形法則得到的合力，不是用彈簧測力計測出的。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和

16、重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）2.5m/s2（2）7.2m（3）3.36m【解析】（1）煤塊剛滑上傳送帶時，受到重力、傳送帶的支持力和沿傳送帶向上的滑動摩擦力，根據牛頓第二定律求解加速度（2）煤塊向上做勻加速運動，根據運動學公式求出貨物的速度和傳送帶的速度相同經歷的時間，根據運動公式求解煤塊和傳送帶的位移，兩者之差為劃痕長度（3）若煤塊的速度和傳送帶的速度相同后傳送帶停止運動，繼續向上做勻減速運動，滑動摩擦力方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律求出加速度，由運動學公式求出速度減至零的時間和位移，再求出煤塊勻速運動的最短距離【詳解】（1

17、）設煤塊剛滑上傳送帶時加速度為a1，貨物受力如圖，根據牛頓第二定律，沿傳送帶方向有：f-mgsin=ma1 垂直傳送帶方向：mgcos=N 又f=N 由以上三式得：a1=2.5m/s2（2）煤塊速度從0增加至與傳送帶速度同速所用時間設為t1，有：a1t1=v 則：t1=2.4s 煤塊的位移：傳送帶的位移：痕跡的長度：共速后因，則煤塊與傳送帶相對靜止，隨傳送帶一起勻速上行，則煤塊在傳送帶上留下痕跡的長度為7.2m；（3）煤塊與傳送帶同速后傳送帶停止運動，有：mgcos+mgsin=ma2傳送帶卡住后煤塊減速的距離：煤塊與傳送帶同速后至傳送帶被卡住運動最短距離：【點睛】傳動帶問題，關鍵是分析物體的受力情況以及運動情況，尤其是共速后的運動情況要看與的大小關系來判斷.14、 (1)；(2)； (3)【解析】(1)企鵝向上“奔跑”的位移大小為(2) 企鵝在冰面向上滑行的加速度大小(3) 企鵝在冰面上滑時的初速度為向上滑行的位移為企鵝退滑到出發點時的位移大小