1、2022-2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一

2、項是符合題目要求的。1、如圖所示甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是()A甲表是電壓表，乙表是電流表BR增大時甲表量程增大CR增大時乙表量程增大D上述說法都不對2、如圖所示，將兩不帶電的絕緣導體AB、CD放在帶負電的導體Q的附近，達到靜電平衡狀態后，下列說法正確的是()A用導線連接A、B兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由A到BB用導線連接A、C兩端，連通瞬間沒有電流通過導線C用導線連接A、D兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由A到DD用導線連接B、C兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由C到B3、

3、下列物理量中屬于矢量的是（ ）A電勢能B電勢C電流D電場強度4、如圖所示，一個帶負電的金屬圓環繞軸OO 以角速度勻速旋轉，在環左側軸線上的小磁針最后平衡時，AN極豎直向上BN極水平向左CN極水平向右DN極垂直紙面向里5、下列關于靜電現象的說法中不正確的是( )A避雷針是利用尖端放電避免雷擊的一種設施B為了防止外電場的影響，電學儀器應該放在封閉的絕緣體殼中C超高壓帶電作業的工人穿戴的工作服，要用包含金屬絲的織物制成D做地毯時，在地毯中夾進一些不銹鋼絲導電纖維，可以防止靜電積累6、閱讀下列材料，完成下面小題，解答時不計空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2, 第一次下落階段，彈簧繩被拉伸的過程中，

4、小明下落速度大小的變化情況是A一直在增大B先增大后減小C先減小后增大D一直在減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A板發出的電子經加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板間，金屬板間所加的電壓為U，電子最終打在熒光屏P上，關于電子的運動，下列說法中正確的是A滑動觸頭向右移動時，電子打在熒光屏上的位置上升B滑動觸頭向左移動時，電子打在熒光屏上的位置上升C電壓U增大時，電子打在熒光屏上的速度大小不變D電壓U增大時，電子從發出到打在熒光屏上的時間不變8、如圖8所示

5、的電路，電源內阻不可忽略，電表為理想電表當滑動變阻器的滑片向下滑動時（ ）A電流表A的示數減小B電流表A的示數增大C電壓表V的示數減小D電壓表V的示數增大9、如圖所示，帶電荷量之比為的帶電粒子 A、B 以相等的速度從同一點出發， 沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在 C、D 點，若 OC=CD，忽略粒子 重力的影響，則AA 和 B 在電場中運動的時間之比為 12BA 和 B 運動的加速度大小之比為 41CA 和 B 的質量之比為 112DA 和 B 的比荷之比為 1410、關于電源的電動勢，下列說法正確的是( )A電動勢在數值上等于外電路斷開時電源兩極間的電壓B電動勢是表征電源

6、把其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量C電動勢是表征電場力做功多少的物理量D外電路發生變化時，電源兩端的電壓隨之變化，電動勢也隨之變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲為某同學描繪額定電壓為3.8V的小燈泡伏安特性曲線的實驗電路圖.（1）根據電路圖甲，用筆畫線代替導線，將圖乙中的實驗電路連接完整；（2）開關閉合之前，圖乙中滑動變阻器的滑片應該置于 端（選填“A”、“B”或“AB中間”）；（3）實驗中測出8組對應的數據（見下表）：次數12345678U/V00.200.501.001.502.003.003.80I/A0

7、0.080.130.180.210.240.290.33則測得小燈泡的額定功率為 W. 請在給出的坐標中，描點作出IU圖線由圖象可知，隨著電流的增大，小燈泡的電阻 （選填“增大”、“減小”或“不變”）.12（12分）小芳所在小組的同學們準備測量一個量程為3V、內阻約為3k的電壓表V1的內阻值R1，在實驗室找到了下列器材:A電源E：電動勢約為9V；B電流表A：量程為0.6A，內阻約0.6；C電壓表V2：量程為6V，內阻R2=6k；D滑動變阻器R，最大阻值為100；E單刀單擲開關及導線若干. 同學們先設計了甲乙兩個實驗電路圖，兩個電路滑動變阻器均選擇了分壓連接方式，理由是: ；經過討論后最終選擇了

8、乙電路，不選擇甲電路的理由是 ；同學們連好了電路如圖丙，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片滑到 （選填a或b）端；閉合開關，調節滑動變阻器，發現電壓表的讀數幾乎不變化，可能是 （選填導線編號）斷了；排除故障后，讀得電壓表V1、V2讀數分別為U1、U2，電壓表V1的內阻為： .四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，矩形abcd區域有磁感應強度為B的勻強磁場，ab邊長為3L，bc邊足夠長厚度不計的擋板MN長為5L，平行bc邊放置在磁場中，與bc邊相距L，左端與ab邊也相距L質量為m、電荷量為e的電子，由靜止開

9、始經電場加速后沿ab邊進入磁場區域，電子與擋板碰撞后完全被吸收并導走（1）如果加速電壓控制在一定范圍內，能保證在這個電壓范圍內加速的電子進入磁場后在磁場中運動時間都相同求這個加速電壓U的范圍（2）調節加速電壓，使電子能落在擋板上表面，求電子落在擋板上表面的最大寬度14（16分）如圖所示，物體在離斜面底端5m處由靜止開始下滑，然后滑到由小圓弧與斜面連接的水平面上，若物體與斜面及水平面間的動摩擦因數均為0.4，斜面傾角為37求物體在斜面底端的速度及在水平面上還能滑行的距離15（12分）如圖所示，用細繩的一端系著質量為M=0.6kg的物體A（靜止在水平轉盤上），細繩另一端通過轉盤中心的光滑小孔O吊著

10、質量為m=0.3kg的小球B，A的重心到O點的距離為0.2m若A與轉盤問的最大靜摩擦力為Ff=2N，為使小球B保持靜止，求轉盤繞中心O旋轉的角速度的取值范圍（取g=10m/s2）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：甲表是電流表，乙表是電壓表，故A錯誤R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故B錯誤R增大時，變阻器分擔的電壓增大，乙表量程增大，故C正確由上可知，D錯誤考點：本題考查電表的改裝2、D【解析】根據靜電感應可以判斷金屬導體的感應的電荷的情況，從而可以判斷導體帶電的情況【詳解】根據靜電感

11、應規律可以判斷枕形導體A端帶正電荷，B端帶負電荷。處于靜電平衡的導體是等勢體，用導線連接A、B兩端，連通瞬間沒有電流通過導線，故A錯誤；根據沿著電場線的方向，電勢降低可知，導體AB的電勢低于CD的電勢，當用導線連接A、C兩端，連通瞬間有電子從AB流向CD，有電流通過導線，故B錯誤；處于靜電平衡的導體整個導體是等勢體，AB的電勢低于CD的電勢，當用導線連接A、D兩端時，電子從A流向D，導線中電流方向由D到A；當用導線連接B、C兩端時，導線中電子從B流向C，連通瞬間有電流通過導線，方向由C到B，故C錯誤，D正確；故選D。【點睛】感應帶電，這是使物體帶電的一種方法，根據異種電荷互相吸引的原理可知，靠

12、近的一端會帶異種電荷同時處于靜電平衡的導體，電荷只分布在外表面，自身是等勢體，內部電場強度為零3、D【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，電場強度是矢量，而標量是只有大小沒有方向的物理量，電勢、電流和電勢能都標量，故D正確，ABC錯誤。【點睛】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量，物理量的矢標性是其基本內涵，要掌握矢量的方向特點進行記憶。4、B【解析】帶負電金屬環，如圖所示的旋轉則金屬環的電流方向與旋轉方向相反再由右手螺旋定則可知金屬環磁極的方向：左端N極，右端S極因此小磁針N極沿軸線向左故B正確，ACD錯誤；故選B點睛：本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求

13、能熟練準確的應用右手螺旋定則注意電流的方向與負電荷的運動方向相反5、B【解析】避雷針是利用尖端放電避免雷擊的一種設施，選項A正確；只有金屬體殼才能產生靜電屏蔽作用，故為了防止外電場的影響，電學儀器應該放在封閉的金屬體殼中；故B錯誤；超高壓帶電作業的工人穿戴的工作服，要用包含金屬絲的織物制成，從而保護工人；故C正確；做地毯時，在地毯中夾進一些不銹鋼絲導電纖維，可以防止靜電積累，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選B.6、B【解析】第一次下落階段，彈簧繩被拉伸的過程中，根據牛頓第二定律得：彈簧繩被拉伸的過程中，彈力變大，則加速度變小，方向向下，小明做加速度減小的加速運動，當彈力等于重力時，加速度為

14、零，速度最大，此后彈力繼續增大，加速度方向向上，小明做加速度增大的減速運動，所以小明下落速度大小的變化情況是先增大后減小，故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】設加速電壓為U，由題意知，電子在加速電場中加速運動，根據動能定理得：eU=mv2電子獲得的速度為：電子進入偏轉電場后做類平拋運動，也就是平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，加速度為：電子在電場方向偏轉的位移為：垂直電場方向做勻速直線運動，粒子在電場中運動時間為：聯立解得：又因為偏轉電場方向

15、向下，所以電子在偏轉電場里向上偏轉。A. 滑動觸頭向右移動時，加速電壓變大，故電子偏轉位移y變小，因為電子向上偏轉，故在屏上的位置下降，故A錯誤；B. 滑動觸頭向左移動時，加速電壓變小，故電子偏轉位移y變大，因為電子向上偏轉，故在屏上的位置上升，故B正確；D. 偏轉電壓U增大時，電子在電場中受到電場力增大，即電子偏轉的加速度a增大；因為加速電壓不變，電子進入電場的速度沒有變化，電子在電場中運動的時間t沒有發生變化，故D正確；C. 偏轉電壓U增大時，電子在電場中受到的電場力增大，即電子偏轉的加速度a增大；因為電子水平方向的速度v不變，電子在電場中運動的時間不變，電子打在屏上的速度為則電子打在屏上

16、的速度增大，故C錯誤。8、BC【解析】先判斷滑動變阻器的阻值如何變化，再用“串反并同”去分析。【詳解】AB.滑動變阻器的滑片向下滑動，電阻變小，電流表與滑動變阻器串聯，所以示數變大，A錯誤，B正確；CD.滑動變阻器的阻值變小，電壓表與滑動變阻器并聯，所以示數變小，C正確，D錯誤。【點睛】和滑動變阻器串聯的電阻上的電壓、電流、電功率變化趨勢和滑動變阻器電阻值變化趨勢相反，和滑動變阻器并聯的電阻上的電壓、電流、電功率和滑動變阻器電阻值變化趨勢相同，即串反并同。9、ABC【解析】試題分析：粒子在電場中做類平拋運動，水平方向：，則粒子的運動時間之比：，故A正確；粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運

17、動，豎直方向位移相等，則加速度之比：，故B正確；由牛頓第二定律得：qE=ma，則粒子質量之比：，故C正確；比荷之比：，故D錯誤考點：帶電粒子在電場中的運動10、AB【解析】A項：根據電動勢的定義：電動勢等于電源沒有接入電路中時電源兩端的電壓可知A正確；B項：電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故B正確；C項：根據電動勢的定義：，可知電動勢是表征非靜電力做功多少的物理量，故C錯誤；D項：電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關，同一電源接入不同的電路電動勢不會發生改變，故D錯誤點晴：本題考查電源電動勢的決定因素，注意電動勢

18、的定義：三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）如圖（2）A（3）1.3，增大【解析】試題分析：（1）根據實驗原理圖連接即可，注意電壓表、電流表的量程不要選錯，正負極不能連反，滑動變阻器采用分壓接法（2）采用分壓接法時，開始實驗時為了安全和保護儀器，要使輸出電壓為零，即將測量電路短路（3）根據所畫出的UI圖象，得出小燈泡在3.8V電壓下的電流，根據P=UI可以求出其額定功率圖象斜率的倒數表示電阻解：（1）根據實驗原理圖連接實物圖，如圖所示：（2）采用分壓接法時，開始實驗時為了安全和保護儀器，要使輸出電壓為零，故打到A端；（3）根據描點

19、法作出UI圖象如圖所示，當電壓為3.8V時，電流為0.33A，所以P=UI=3.80.33=1.3W圖象斜率的倒數表示電阻，由圖象可知，斜率隨著電流的增大而減小，所以電阻隨著電流的增大而增大故答案為（1）如圖（2）A（3）1.3，增大【點評】本題比較簡單，考查了有關電學實驗的基礎操作，對于電學實驗一定要熟練掌握滑動變阻器的兩種接法和電流表的內外接法等基礎知識12、電壓表內阻遠大于滑動變阻器電阻，限流接法電壓范圍小；電流表量程太大;a ; 1; 【解析】試題分析：電壓表內阻遠大于滑動變阻器電阻，若用限流接法電壓范圍小，測量數據少，讀數不方便.流過電壓表V1的最大電流，而電流表A的量程為0.6A，

20、量程太大，示數幾乎為零閉合開關前，應使電路的阻值最大以保護電表和用電器，滑片滑到a端時電壓表V1短路，滑動變阻器的阻值全部接入電路閉合開關，調節滑動變阻器，發現電壓表的讀數幾乎不變化，說明電路電阻變化小，但電壓表所在支路還是通路，則是滑動變阻器分壓式變成了限流式，導線1斷了.電壓表V2流過的電流，兩電壓表串聯電流相同，則.考點：本題考查了伏安法測電阻、電路的選擇和連接、電路故障判斷、歐姆定律.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】試題分析：（1）只要電子從ad邊離開磁場，其運動的軌跡為半圓，運動時間相同，都為，當墊子與擋板下表面相切時，軌跡的半徑，圓心為，如圖所示，要使墊子在磁場中的運動時間相等，必須滿足：根據牛頓第二定律根據動能定理：聯立解得（取等號也可）若墊子恰好能繞過擋板最后段從ad邊離開磁場，設其軌跡的半