1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，傳送帶以恒定速率逆時針運行，將一小物體從頂端A無初速釋放，物體與傳送帶之間的動摩擦因數，已知物體到達底端B前已與傳送帶共速，下列法中正確的是（）A物體與傳送帶共速前

2、摩擦力對物體做正功，共速后摩擦力對物體不做功B物體與傳送帶共速前摩擦力對物體做的功等于物體動能的增加量C物體與傳送帶共速前物體和傳送帶間的摩擦生熱等于物體機械能的增加量D物體從A到B過程中物體與傳送帶間的摩擦生熱等于物體機械能的增加量2、關于分子動理論，下列說法正確的是（）A氣體擴散的快慢與溫度無關B分子間同時存在著引力和斥力C布朗運動是液體分子的無規則運動D分子間的引力總是隨分子間距增大而增大3、如圖所示，圖甲為質點a和b做直線運動的位移一時間圖象，圖乙為質點c和d做直線運的速度一時間圖象，由圖可知( )A若t1時刻a、b兩質點第一次相遇，則t2時刻兩質點第二次相遇B若t1時刻c、d兩質點第

3、一次相遇，則t2時刻兩質點第二次相遇Ct1到t2時間內，b和d兩個質點的運動方向發生了改變Dt1到t2時間內，a和d兩個質點的速率先減小后增大4、如圖所示為單擺的振動圖像，根據此振動圖像不能確定的物理量是（）A擺長B回復力C頻率D振幅5、一輛汽車在水平公路上拐彎，其運動可看成勻速圓周運動。沿圓周運動半徑方向的汽車輪胎與路面的最大靜摩擦力為。圓周運動的半徑為，汽車的質量為。在汽車做圓周運動過程中（）A受重力、支持力、半徑方向的靜摩擦力、向心力B為避免側滑，向心加速度不能超過C為避免側滑，最大速度為D速度為時，在半徑方向輪胎與地面間的摩擦力為6、如圖所示，質量不計的細直硬棒長為2L，其一端O點用鉸

4、鏈與固定轉軸連接，在細棒的中點固定質量為2m的小球甲，在細棒的另一端固定質量為m小球乙。將棒置于水平位置由靜止開始釋放，棒與球組成的系統將在豎直平面內做無阻力的轉動。則該系統在由水平位置轉到豎直位置的過程中（）A系統的機械能不守恒B系統中細棒對乙球做正功C甲、乙兩球所受的向心力不相等D乙球轉到豎直位置時的速度比甲球小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是_。A物體放出熱量，溫度一定降低B溫度是物體分子平均動能大小的標志C布朗運動反映的是液體分子的無規則運

5、動D根據熱力學第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體E.氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的頻繁碰撞作用產生的8、如圖所示，加有恒定電壓以U1U的、中間帶有小孔的平行板電容器AB豎直放置，右側水平放置平行板電容器CD，CD板長和板間距均為L，板間加有恒定電壓U2。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從A板小孔無初速飄入，經加速后沿中線水平進入CD，恰從D板邊緣飛出。不計粒子重力，下列說法正確的是( )A若只將B板向左移動少許，粒子到達B板時的速度比未移動時小B若只將B板向左移動少許，粒子到達B板的時間比未移動時短C若飄入質量為2m電量為2q的帶正電粒子，將打在D板上D粒子剛到達D

6、板邊緣時的動能Ek2qU9、如圖所示分別是a光、b光各自通過同一單縫衍射儀器形成的圖樣(灰黑色部分表示亮紋，保持縫到屏距離不變)，則下列說法正確的是_。A在真空中，單色光a的波長大于單色光b的波長B在真空中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度C雙縫干涉實驗時a光產生的條紋間距比b光的大Da光和b光由玻璃棱鏡進入空氣后頻率都變大E.光由同一介質射入空氣，發生全反射時，a光的臨界角比b光大10、如圖，電源電動勢為E，內阻為r，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減小）。當開關S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好靜止，下列說法中正確的是（ ）A斷開開關S瞬間，電阻中有向上的電流B只減小的光照強度

7、，電源輸出的功率變小C只將電容器上板向下移動時，帶電微粒向上運動D只將向上端移動時，下板電勢升高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）學習了“測量電源的電動勢和內阻”后，物理課外活動小組設計了如圖甲所示的實驗電路，電路中電源電動勢用E，內阻用r表示。 (1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數U，處理數據得到圖像如圖乙所示，寫出關系式 _。（不考慮電表內阻的影響） (2)若斷開S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向b，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電流表的讀數I，處理數據得到圖像如圖丙所示，寫出

8、關系式 _。（不考慮電表內阻的影響） (3)課外小組的同學們對圖像進行了誤差分析，發現將兩個圖像綜合起來利用，完全可以避免由于電壓表分流和電流表分壓帶來的系統誤差。 已知圖像乙和丙縱軸截距分別為b1、b2，斜率分別為k1、k2。 則電源的電動勢E=_，內阻r=_。(4)不同小組的同學用不同的電池組（均由同一規格的兩節干電池串聯而成），按照(1)中操作完成了上述的實驗后，發現不同組的電池組的電動勢基本相同，只是內電阻差異較大。 同學們選擇了內電阻差異較大的甲、乙兩個電池組繼續進一步探究，對電池組的輸出功率P隨外電阻R變化的關系，以及電池組的輸出功率P隨路端電壓U變化的關系進行了猜想，并分別畫出了

9、如圖丁所示的PR和PU圖像。若已知甲電池組的內電阻較大，則下列各圖中可能正確的是_（選填選項的字母）。ABCD12（12分）某實驗小組利用如圖所示的裝置驗證“碰撞過程中的動量守恒”和探究“碰撞過程中的動能是否守恒”。水平的氣墊導軌上有兩滑塊A、B，滑塊A上有寬度為d的遮光板；滑塊B上固定一支架，支架上水平固定一內壁光滑左側開口的細薄金屬直管，金屬管右側用金屬板封閉，管內靠近金屬板處靜置一金屬小球。氣墊導軌通氣后利用右側擋板上的彈射裝置將滑塊A向左彈出，測得滑塊A第一次經過光電門的時間為t1，后與靜止的滑塊B相碰，碰后滑塊B和小球一起向左滑動滑塊A向右運動。滑塊A第二次通過光電門的時間為t2，滑

10、塊B與左側擋板剛接觸時，立即被安裝的鎖止裝置鎖止，同時金屬管中的小球沿管壁飛出落在水平地面上的O點(圖中未畫出)。用天平稱量出滑塊A(包括遮光板的總質量M1、滑塊B(包括支架、金屬管)的總質量M2、小球的質量m，重力加速度為g。請回答以下問題： （1）除了題中已給出的物理量還需用刻度尺測出的物理量及符號是_。 （2）小球離開金屬管口時的速度大小為 _(用題中已知和(1)問中物理量符號表示)。 （3）要驗證碰撞過程中的動量守恒，本實驗需要驗證的表達式為 _。 （4）要進一步探究碰撞過程中的動能是否守恒，需要比較表達式_與表達式_在誤差允許范圍內是否相等。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

11、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑水平面上有一輕質彈簧，彈簧左端固定在墻壁上，滑塊A以v012 m/s的水平速度撞上靜止的滑塊B并粘在一起向左運動，與彈簧作用后原速率彈回，已知A、B的質量分別為m10.5 kg、m21.5 kg。求：A與B撞擊結束時的速度大小v；在整個過程中，彈簧對A、B系統的沖量大小I。14（16分）如圖所示，為常德市某小區在防治新冠疫情過程中用于噴灑消毒液的噴霧器，由三部分構成，左側為手持式噴霧管，管底部有閥門K；中間為儲藥桶，桶的橫截面積處處相等為S=400cm2，桶高為H=50cm，桶的上方有可以關閉的蓋子

12、；右側是通過體積可忽略的細管連通的打氣裝置，每次打進V0=700cm3的空氣。某次消毒需將噴嘴舉高到比桶底高處，工作人員關閉閥門K，向桶中裝入了h=30cm深的藥液，封閉蓋子，為了能使儲藥桶中消毒液全部一次性噴出，通過打氣裝置向桶內打氣。求需要打氣多少次才能達到目的？（已知大氣壓強，消毒液的密度為水銀密度的0.1倍，不考慮在整個消毒過程中氣體溫度的變化。桶內藥液噴灑完時噴管內仍然充滿藥液，設噴管內部體積遠小于儲藥桶的體積）15（12分）道路交通安全法規定汽車通過紅綠燈路口時，需按信號燈指示行駛若某路口有等待通行的多輛汽車，第一輛汽車前端剛好與路口停止線對齊，汽車質量均為m=1 500 kg，車

13、長均為L=4.8 m，前后相鄰兩車之間的距離均為x=1.2 m每輛汽車勻加速起動t1=4 s后保持v=10 m/s的速度勻速行駛，運動過程中阻力恒為f=1 800 N，求：（1）汽車勻加速階段的牽引力F大小；（2）由于人的反應時間，綠燈亮起時，第一個司機滯后t=0.8 s起動，且后面司機都比前一輛汽車滯后0.8 s起動汽車，綠燈時長20 s綠燈亮起后經多長時間第五輛汽車最后端恰好通過停止線參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.物體與傳送帶共速前，物體受到的滑動摩擦力沿傳送帶向下，與速度方向相同，則摩擦力

14、對物體做正功。共速后，物體受到的靜摩擦力方向沿傳送帶向上，與速度方向相反，對物體做負功，選項A錯誤；B.物體與傳送帶共速前，重力和摩擦力對物體做功之和等于物體動能的增加量，選項B錯誤；C.設傳送帶的速度為v，物體與傳送帶共速前，物體機械能的增加量為：物體與傳送帶間的相對位移為：物體與傳送帶間的摩擦生熱為：所以有Q=E，選項C正確；D.物體從A到B過程中，只有物體與傳送帶共速前摩擦產生熱量，共速后不產生熱量，但共速后物體的機械能在減少，所以物體從A到B過程中物體與傳送帶間的摩擦生熱大于物體機械能的增加量，選項D錯誤。故選C。2、B【解析】A擴散的快慢與溫度有關，溫度越高，擴散越快，故A錯誤；BD

15、分子間同時存在引力和斥力，引力和斥力均隨著分子間距離的增大而減小，故B正確，D錯誤；C布朗運動是懸浮在液體中固體小顆粒的無規則運動，它是液體分子的無規則運動的反映，故C錯誤。故選B。3、A【解析】在位移-時間圖象中，兩圖線的交點表示兩質點位置相同而相遇，由甲圖可知，t1時刻a、b兩質點第一次相遇，則t2時刻兩質點第二次相遇，故A正確；t1到t2時間內，根據v-t圖像的面積表示位移知c的位移大于d的位移，若t1時刻c、d兩質點第一次相遇，則t2時刻兩質點沒有相遇。故B錯誤；兩質點中只有b運動方向改變，a、c、d質點的方向未發生改變，故C錯誤；根據x-t圖象的斜率表示速度，知t1到t2時間內，a質

16、點的速度不變。由v-t圖象知：d的速率先減小后增大，故D錯誤。4、B【解析】由圖可直接看出的物理量有：周期T=2s，振幅A=3cm；由單擺的周期公式：則頻率：可求出擺長為：由于不知道擺球的質量，所以無法知道回復力。B正確，ACD錯誤。故選B。5、B【解析】A汽車在水平面做圓周運動時，沿圓周半徑方向的靜摩擦力提供向心力，這不是獨立的兩個力，A錯誤；B汽車向心力的最大值為，對應有最大向心加速度B正確；C汽車達最大速度時有則C錯誤；D速度為時，對應的向心力則半徑方向輪胎與地面間的靜摩擦力為，D錯誤。故選B。6、B【解析】A以系統為研究對象，由于只有重力做功，只發生重力勢能和動能相互轉化，故系統的機械

17、能守恒，A錯誤；B在轉動過程中，甲、乙兩球的角速度相同，設轉到豎直位置時，甲球的速度為v1，乙球的速度為v2，由同軸轉動相等，可得由系統的機械能守恒知系統減少的重力勢能等于增加的動能，可得解得，設細棒對乙球做的功為W，根據動能定理得解得可見，系統中細棒對乙球做正功，B正確；C甲、乙兩球所受的向心力分別為F2mm2m則C錯誤；D由上分析知，乙球轉到豎直位置時的速度比甲球大，D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A物體放出熱量，但是如果外界對物

18、體做功，則物體的內能不一定減小，溫度不一定降低，選項A錯誤；B溫度是物體分子平均動能大小的標志，選項B正確；C布朗運動反映的是液體分子的無規則運動，選項C正確；D根據熱力學第二定律可知，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是要引起其他的變化，選項D錯誤；E氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的頻繁碰撞作用產生的，選項E正確；故選BCE.8、BD【解析】A若只將B板向左移動少許，電場力做功不變，由得，到達B板時的速度故粒子到達B板時的速度不變，故A錯誤；B由于粒子在AB間做勻加速直線運動，只將B板向左移動少許時，粒子到達B板時的速度不變，所以平均速度不變，AB距離減小，運動時間變短，故B正確

19、；C進入CD后，由牛頓第二定律和運動學公式可知，偏轉位移代入可得即粒子的偏轉位移與粒子的質量、電量無關，故飄入質量為2m、電量為2q的帶正電粒子時，偏轉位移不變，將依然恰好從D板邊緣飛出，故C錯誤；D由粒子恰從D板邊緣飛出可知，偏轉位移又因，所以所以對全過程，由動能定理可知故故D正確。故選BD。9、ACE【解析】A單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗，由于光的中央亮條紋較粗，則光的波長較大，故A正確；B根據知，光的波長較大，光的頻率較小，光的折射率較小，根據得，光的傳播速度較大，故B錯誤；C根據得雙縫干涉實驗時光產生的條紋間距比光的大，故C正確；D發生

20、折射時光線的傳播方向可能發生改變，不改變光的頻率，故D錯誤；E由臨界角公式可知，光發生全反射的臨界角大于光發生全反射的臨界角，故E正確；故選ACE。10、AC【解析】A若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態，電荷量變小，因下極板帶正電，故電阻中有向上的電流，故A正確；B若只減小的光照強度，電阻變大，但由于不知道外電阻和內阻的大小關系，因此無法判斷電源輸出的功率的變化情況，故B錯誤；C電壓不變，只將電容器上板向下移動時距離d減小，根據可知電場強度增加，則電場力增大，所以帶電粒子向上運動，故C正確；D由于下極板接地，只將P1向上端移動時，下板電勢不變，依然為零，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小

21、題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 BC 【解析】（1）1若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓 表的讀數U， 根據閉合電路歐姆定律可知則（2）2 根據閉合電路歐姆定律變形得到與R的關系式，（3）34 由題圖所示電路圖可知，利用伏阻法時，由于電壓表的分流作用，通過電源的電流大于，這是造成系統誤差的原因。若考慮通過電壓表的電流，則表達式為則則利用安阻法時，考慮電流表內阻，可得則圖丙中圖像的斜率的倒數等于電源的電動勢E。那么根據，可得，（4）5AB根據電源的輸出規律可知，當內外電阻相等時輸出功率最大，當外電阻大于內電阻時，隨著外電阻的增大，輸出功率將越來越小，又由可知，電動勢相同，內阻越小，最大輸出功率越大，甲的電阻大于乙的電阻，所以乙的最大功率大于甲的最大功率，故A錯誤，B正確。CD當內、外電阻相等時，輸出功率最大，此時輸出電壓為電動勢的一半，且電池組乙的輸出功率比甲的大，而當外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時輸出功率為零，故C正確，D錯誤。故選BC。12、小球從離開金屬管口到落地的過程中，運動的水平位移s和豎直高度h 【解析】(1)1滑塊A與靜止的滑塊B相碰后，A反向，