1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個勁度系數為k的輕質彈簧豎直放置，彈簧上端固定一質量為2m的物塊A，彈簧下端固定在水平地面上。一質量為m的物塊B，從距離彈簧最上端高為h的正上方處由靜止

2、開始下落，與物塊A接觸后粘在一起向下壓縮彈簧。從物塊B剛與A接觸到彈簧壓縮到最短的整個過程中（彈簧保持豎直，且在彈性限度內形變），下列說法正確的是（）A物塊B的動能先減少后增加又減小B物塊A和物塊B組成的系統動量守恒C物塊A和物塊B組成的系統機械能守恒D物塊A物塊B和彈簧組成的系統機械能守恒2、 “雙星系統”由相距較近的星球組成，每個星球的半徑均遠小于兩者之間的距離，而且雙星系統一般遠離其他天體，它們在彼此的萬有引力作用下，繞某一點做勻速圓周運動。如圖所示，某一雙星系統中A星球的質量為m1，B星球的質量為m2，它們球心之間的距離為L，引力常量為G，則下列說法正確的是（）AB星球的軌道半徑為BA

3、星球運行的周期為CA星球和B星球的線速度大小之比為m1：m2D若在O點放一個質點，則它受到兩星球的引力之和一定為零3、一杯水含有大量的水分子，若杯中水的溫度升高，則（ ）A水分子的平均動能增大B只有個別水分子動能增大C所有水分子的動能都增大D每個水分子的動能改變量均相同4、如圖所示為某種電流表的原理示意圖，質量為m的均質細金屬棒MN的中點處通過一掛鉤與一豎直懸掛的輕彈簧相連，絕緣彈簧勁度系數為k。在矩形區域abcd內有勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向外，與MN的右端N連接的一絕緣輕指針可指示標尺上的讀數，MN的長度大于ab的長度。當MN中沒有電流通過且處于平衡狀態時，MN與矩形區域

4、的cd邊重合，當MN中有電流通過時，指針示數可表示電流強度。已知k2.0 N/m，ab的長度為0.20 m，bc的長度為0.05 m，B0.20 T，重力加速度為g。下列說法不正確的是（ ）A當電流表示數為零時，彈簧的伸長量為B若要電流表正常工作，應將MN的M端與電源正極相接C該電流表的量程是2.5 AD若將量程擴大到2倍，磁感應強度應變為0.20 T5、物體在做以下各種運動的過程中，運動狀態保持不變的是（）A勻速直線運動B自由落體運動C平拋運動D勻速圓周運動6、一輛汽車以20m/s的速度在平直的公路上行駛，當駕駛員發現前方有險情時，立即進行急剎車，剎車后的速度v隨剎車位移x的變化關系如圖所示

5、，設汽車剎車后做勻減速直線運動，則當汽車剎車后的速度減小為12m/s時，剎車的距離x1為A12mB12.8mC14mD14.8m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、殲15飛機是我國研制的多用途艦載戰斗機。某飛行訓練中，第一次艦保持靜止，飛機從靜止開始沿甲板運動，當飛機的速度為v時通過的距離為x1，經歷的時間為t1；第二次艦以速度v0勻速運動，飛機相對甲板由靜止開始沿艦運動的同方向加速，當飛機相對海面的速度為v時沿甲板通過的距離為x2，經歷的時間為t2。設兩次飛機均做勻

6、加速運動且加速度大小相等。則（ ）ABCD8、a、b兩束單色光從水中射向空氣發生全反射時，a光的臨界角大于b光的臨界角，下列說法正確的是（）A以相同的入射角從空氣斜射入水中，a光的折射角小B分別通過同一雙縫干涉裝置，a光形成的相鄰亮條紋間距大C若a光照射某金屬表面能發生光電效應，b光也一定能D通過同一玻璃三棱鏡，a光的偏折程度大E.分別通過同一單縫衍射裝置，b光形成的中央亮條紋窄9、如圖所示為某汽車上的加速度電容傳感器的俯視圖。金屬塊左、右側分別連接電介質、輕質彈簧，彈簧與電容器固定在外框上，金屬塊可帶動電介質相對于外框無摩擦左右移動。電容器與供電電源連接，并串聯計算機的信號采集器。下列關于該

7、傳感器的說法正確的是（）A在汽車向右勻速直線運動過程中電路中沒有電流B在汽車向右勻加速直線運動過程中電路中有電流C在汽車向右做加速度增大的減速運動過程中電介質所處的位置電勢升高D在汽車向右做加速度增大的加速運動過程中，電路中有順時針方向的電流10、如圖所示，水平傳送帶以恒定的速度v運動，一質量為m的小物塊輕放在傳送帶的左端，經過一段時間后，物塊和傳送帶以相同的速度一起運動。已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為，重力加速度為g，則()A物塊加速運動時的加速度為gB物塊加速運動的時間為C整個過程中，傳送帶對物塊做的功為mv2D整個過程中，摩擦產生的熱量為mv2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案

8、寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。(1)下列操作正確且必要的有_。A使用天平測出重物的質量B應先接通打點計時器的電源，再松開紙帶，讓重物自由下落C用刻度尺測出物體下落的高度h，通過v=gt算出瞬時速度vD選擇體積小、質量大的重物，紙帶、限位孔在同一豎直線上，可以減小系統誤差(2)圖乙是實驗中得到的一條紙帶，將起始點記為O，依次選取6個連續的點，分別記為A、B、C、D、E、F，量出各點與O點的距離分別為h1、h2、h3、h4、h5、h6，使用交流電的周期為T，在打B點和E點這段時間內，如果重物的機械能守恒，在誤差允許的范圍內應滿足

9、的關系式為_（已知重力加速度為g）。12（12分）某同學設計以下的實驗測量某一小電動機的轉速，實驗主要步驟如下，完成下列填空。 (1)用游標卡尺測量電動機轉軸的直徑如圖甲所示，測量值為_。(2)取一根柔軟的無彈性的細線，把細線的一端用少許強力膠水固定在電動機的轉軸上。(3)如圖乙所示，把細線的另一端用小夾與紙帶的左端相連，讓紙帶水平穿過打點計時器的限位孔。打點計時器所用的交流電頻率為。(4)打開打點計時器，再開動電動機，細線順次排列繞在電動機的轉軸上，同時拉動紙帶向左運動，打出的紙帶如圖丙所示。由以上數據計算電動機的轉速為_。（計算結果保留整數）(5)實驗中存在系統誤差使測量結果偏大。寫出造成

10、該系統誤差的一個原因：_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌相距1m，導軌平面與水平面成37角，下端連接阻值為R的電阻。勻強磁場方向與導軌平面垂直。質量為0.2kg、電阻不計的金屬棒放在兩導軌上，棒與導軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數為0.25。（1）求金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小；（2）當金屬棒下滑速度達到穩定時，電阻R消耗的功率為8W，求該速度的大??；（3）在上問中，若R2，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應強度的大小

11、與方向；（4）若ab棒從靜止到速度穩定下滑的距離為20m，求此過程R產生的熱量。（sin370.6，cos370.8）14（16分）微棱鏡增亮膜能有效提升LCD(液晶顯示屏)亮度。如圖甲所示為其工作原理截面圖，從面光源發出的光線通過棱鏡膜后，部分會定向出射到LCD上，部分會經過全反射返回到光源進行再利用。如圖乙所示，等腰直角為一微棱鏡的橫截面，A=90，AB=AC=4a，緊貼BC邊上的P點放一點光源，BP=BC。已知微棱鏡材料的折射率n = ，sin37=06，只研究從P點發出照射到AB邊上的光線。(1)某一光線從AB邊出射時，方向恰好垂直于BC邊，求該光線在微棱鏡內的入射角的正弦值；(2)某

12、一部分光線可以依次在AB、AC兩界面均發生全反射，再返回到BC邊，求該部分光線在AB邊上的照射區域長度。15（12分）如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板豎直放置（M板帶正電，N板帶負電），板間距為d=80cm，板長為L，板間電壓為U=100V。兩極板上邊緣連線的中點處有一用水平輕質絕緣細線拴接的完全相同的小球A和B組成的裝置Q，在外力作用下Q處于靜止狀態，該裝置中兩球之間有一處于壓縮狀態的絕緣輕質小彈簧（球與彈簧不拴接），左邊A球帶正電，電荷量為q=410-5C，右邊B球不帶電，兩球質量均為m=1.010-3kg，某時刻裝置Q中細線突然斷裂，A、B兩球立即同時獲得大小相等、方向相反的速度（

13、彈簧恢復原長）。若A、B之間彈簧被壓縮時所具有的彈性能為1.010-3J，小球A、B均可視為質點，Q裝置中彈簧的長度不計，小球帶電不影響板間勻強電場，不計空氣阻力，取g=10m/s2。求：(1)為使小球不與金屬板相碰，金屬板長度L應滿足什么條件？(2)當小球B飛離電場恰好不與金屬板相碰時，小球A飛離電場時的動能是多大？(3)從兩小球彈開進入電場開始，到兩小球間水平距離為30cm時，小球A的電勢能增加了多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB物塊開始自由下落速度逐漸增大，與A物塊碰撞瞬間，動量守恒，選

14、取豎直向下為正方向，則可知A、B碰后瞬間作為整體速度小于碰前B物塊速度，隨后AB整體向下運動，開始重力大于彈力，且彈力逐漸增大，所以整體做加速度減小的加速運動，當重力等于彈力時，速度達到最大，之后彈力大于重力，整體做加速度增大的減速運動，直至速度減為0，所以從物塊B剛與A接觸到彈簧壓縮到最短的整個過程中，物塊B的動能先減少后增加又減小，A正確；B物塊A和物塊B組成的系統只在碰撞瞬間內力遠大于外力，動量守恒，之后系統所受合外力一直變化，系統動量不守恒，B錯誤；CD兩物塊碰撞瞬間損失機械能，所以物塊A和物塊B組成的系統機械能不守恒，物塊A物塊B和彈簧組成的系統機械能不守恒，CD錯誤。故選A。2、B

15、【解析】由于兩星球的周期相同，則它們的角速度也相同，設兩星球運行的角速度為，根據牛頓第二定律，對A星球有：對B星球有得又得故A錯誤；B根據解得周期，故B正確；CA星球和B星球的線速度大小之比故C錯誤；DO點處的質點受到B星球的萬有引力受到A星球的萬有引力故質點受到兩星球的引力之和不為零，故D錯誤。故選B。3、A【解析】水的溫度升高，即其內部的水分子運動越劇烈，即水分子的平均動能變大，即其內能增加，這是統計規律，個別分子不適用故A正確，BCD錯誤；故選A4、D【解析】A設彈簧的伸長量為x，則有mgkx得故當電流表示數為零時，彈簧伸長量為，故A正確，不符合題意；B為使電流表正常工作，作用于通有電流

16、的金屬棒MN的安培力必須向下，由左手定則可知金屬棒中電流從M端流向N端，因此M端應接正極，故B正確，不符合題意；C設滿量程時通過MN的電流為Im，則有BImlabmgk（lbcx）解得Im2.5 A故該電流表的量程是2.5 A，故C正確，不符合題意；D設量程擴大后，磁感應強度變為B，則有2BImlabmgk（lbcx）解得B0.10 T故D錯誤，符合題意。故選D。5、A【解析】運動狀態保持不變是指物體速度的大小和方向都不變，即物體保持靜止或做勻速直線運動，故A項正確，BCD三項錯誤。6、B【解析】由題意可知，汽車做勻減速直線運動，設加速度大小a，由公式，其中，代入解得：，當時，汽車剎車的位移為

17、，故B正確。故選：B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】當艦靜止時，根據運動學公式有：v=at1v2=2ax1當艦運動時，有v-v0=at2整理得：故BC正確，AD錯誤。故選BC。8、BCE【解析】A由題知a光的臨界角大于b光的臨界角，根據可知a光的折射率較小，波長較大，光以相同的入射角從空氣斜射入水中，根據可知a光的折射角較大，故A錯誤；B根據雙縫干涉條紋間距公式因a光的波長較大，所以a光形成的相鄰亮條紋間距大，故B正確；Ca光的頻率小，照射某金屬表面

18、能發生光電效應，所以b光頻率大，也一定能發生光電效應，故C正確；Da光的折射率較小，通過玻璃三棱鏡后，偏折程度小，故D錯誤；Ea光的頻率小，波長長，通過單縫發生衍射，中央亮條紋寬，故E正確。故選BCE。9、AD【解析】A當汽車向右勻速直線運動時，電介質位置不變，根據電容的決定式可知電容器的電容不變，因兩板電壓不變，根據電容的定義式可知電容器的電荷量不變，因此電路中沒有電流，A正確；B當汽車以恒定加速度運動時，根據牛頓第二定律可知，彈力大小不變，根據電容器的決定式可知電容器的電容不變，因兩極的電壓不變，根據電容器的定義式可知電容器的電荷量不變，因此電路中沒有電流，B錯誤；C電容器兩端與電源連接，

19、電壓等于電源電壓不變，兩板間距不變，電容器兩板之間形成的勻強電場不變，根據勻強電場中電勢差與場強的關系可以推斷電介質所處位置電勢不變， C錯誤；D當電路中有順時針方向的電流時，說明電容器處于充電狀態，因電容器兩端電壓等于電源電壓不變，根據可知電容器的電容增大導致電容器所帶電荷量增加，根據電容器的決定式可知插入極板間電介質加深，彈簧越拉越長，合力向右增大，汽車向右做加速度增大的加速運動符合上述結果，D正確。故選AD。10、AC【解析】A物塊加速運動時，由牛頓第二定律得mg=ma可得a=g故A正確；B物塊加速運動的時間為t=故B錯誤；C整個過程中，根據動能定理得傳送帶對物塊做的功為W=mv2-0=

20、mv2故C正確；D物塊加速運的動時間內傳送帶的位移為x帶=vt物塊的位移為x物=物塊與傳送帶間相對位移大小為x=x帶-x物=整個過程中摩擦產生的熱量為Q=mgx=mv2故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD 【解析】(1)1A機械能守恒等式左右兩邊都有質量，所以不用天平測出重物的質量，故A錯誤；B 操作上，應先接通打點計時器的電源，再松開紙帶，讓重物自由下落，故B正確；C在驗證機械能守恒時，計算速度應利用紙帶處理，不能直接應用自由落體公式，故C錯誤；D 選擇體積小、質量大的重物，紙帶、限位孔在同一豎直線上，可以減小

21、系統誤差，故D正確。故選：BD。(2)2根據機械能守恒有：得12、0.50 48 細線有直徑 【解析】(1)1游標卡尺的主尺示數為。游標尺的0刻線與主尺的某刻線對齊，示數為0，則測量值為(4)2取紙帶上的段計算紙帶運動的速度，有該速度即為電動機轉動時轉軸邊緣的線速度。轉軸邊緣做圓周運動，則轉速(5)3細線有直徑，在軸上繞行的過程相當于增大了轉軸的直徑，而上式仍按電動機原有直徑進行計算，得到的計算值偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）4m/s2（2）10m/s（3）0.4T，方向垂直導軌平面向上（4）6J【解析】考查導體切割磁感線運動。【詳解】（1）因為金屬棒剛開始下滑的速度為零，所以不受到安培力作用，由牛頓第二定律得：代入數據解得a4m/s2（2）金屬棒下滑速度穩定時，棒受力平衡，根據平衡條件有又因為金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻R消耗的電功率代