1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，在光滑絕緣水平桌面上，三個帶電小球a、b和c分別固定于正三角形頂點上已知a、b帶電量均為+q，c帶電量為-q，則Aab連線中點場強為零B三角形中心處場強為零Ca所受庫侖力方向

2、垂直于ab連線Da、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:2、在如圖所示的電路中，閉合開關S，在將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，以下說法正確的是：（ ） A電壓表和電流表的示數都增大B電源的總功率變大C燈L1變亮，電壓表的示數增大D燈L2變亮，電容器的帶電量增加3、如圖所示的四種電場中，分別標記有a、b兩點。其中a、b兩點的電勢相等，電場強度大小相等、方向也相同的是( )A甲圖：點電荷的電場中，與點電荷等距的a、b兩點B乙圖：等量異種電荷電場中，兩電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點C丙圖：點電荷的電場中，與點電荷成一直線的a、b兩點D丁圖：勻強電場中的a、b兩點4、如圖所示，以10m/

3、s的水平初速度v0拋出的物體，飛行一段時間后，垂直地撞在傾角為30的斜面上，可知物體完成這段飛行的時間是（取g=10m/s2）（ ）AsBsC2sDs5、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢線，且相鄰兩條等勢線間的電勢差相等一正電荷（只在電場力的作用下）在3上時，具有的動能是21eV，它運動到等勢線1上時，速度為零令2的電勢為1那么該電荷的電勢能為4eV時，其動能大小為（ ）A16eVB6eVC11eVD4eV6、甲醛對人體的危害非常嚴重，因此裝修房屋時檢測甲醛污染指數非常重要“創新”小組的同學們設計了甲醛監測設備，原理如圖甲所示電源電壓恒為3V，R0為10的定值電阻，R為可以感知甲醛污染指數的

4、可變電阻，污染指數在50以下為輕度污染，50100間為中度污染，100以上為重度污染，以下分析正確的是（ ）A電壓表示數為1V時，屬于重度污染B污染指數越小，電壓表示數越大C污染指數越大，電路中消耗的總功率越小D污染指數為50時，電壓表示數為2.5V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在一平面坐標系xy內有四個電量相等的點電荷a、b、c、d位于正方形四個頂點，A、B在x軸上且為ab、cd連線的中點，O為其中心一質子（不計重力）沿x軸在變力F作用下從A點勻速運

5、動到B點則下列說法正確的是AA、O、B三點電勢相等BA、O、B三點中O點電勢最低C質子所受電場力方向先沿y軸正向，后沿y軸負向D質子所受電場力方向先沿y軸負向，后沿y軸正向8、如圖所示，粗糙程度處處相同的半圓形豎直軌道固定放置，其半徑為R，直徑POQ水平。一質量為m的小物塊（可視為質點）自P點由靜止開始沿軌道下滑，滑到軌道最低點N時，小物塊對軌道的壓力為2mg，g為重力加速度的大小。則下列說法正確的是A小物塊到達最低點N時的速度大小為B小物塊從P點運動到N點的過程中重力做功為mgRC小物塊從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功為D小物塊從P點開始運動經過N點后恰好可以到達Q點9、圖1為一列

6、簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，P、Q為介質中的兩個質點，圖2為質點P的振動圖象，則At=0.2s時，質點Q沿y軸負方向運動B00.3s內，質點Q運動的路程為0.3mCt=0.5s時，質點Q的加速度小于質點P的加速度Dt=0.7s時，質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離10、如圖所示為甲、乙兩個物體在同一條直線上運動的v-t圖像，兩者同時出發，甲一直做勻加速直線運動，乙先勻加速再勻速。t=0時乙在甲前1.5m處，下列說法正確的是（ ）A甲、乙兩物體一定相遇兩次Bt=3s時兩物體相遇Ct=4s時兩物體相遇Dt=5s時兩物體相遇三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

7、答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）同學們想用物理上學到的知識來測定某種型號電池的電動勢和內阻，已知這個電池的電動勢約為89V，內阻約為3左右。由于直流電壓表量程只有3V，需要將這只電壓表通過連接一電阻箱，改裝為量程為9V的電壓表，然后再用伏安法測該電池的電動勢和內阻。實驗可供該同學選擇的器材主要有：A.電壓表(量程為3V，內阻為3k)B.電流表(量程為3A，內阻約0.1)C.電阻箱(阻值范圍09999)D.電阻箱(阻值范圍0999)E.滑動變阻器(阻值為020，額定電流2A)F.滑動變阻器(阻值為020k，額定電流0.2A)(1)該實驗中滑動變阻器應選_（填寫“E”或“F”）；要使將3V

8、直流電壓表改裝成9V的電壓表，該同學需將該電壓表與電阻箱_(填寫“C”或“D”)串聯,且接入的電阻箱阻值應為_.(2)用該擴大了量程的電壓表(電壓表的表盤沒變)，測電池電動勢E和內阻r，實驗電路如圖甲所示，得到多組電壓U（原電壓表的示數）和電流I的值，并作出U-I圖線如圖乙所示，可知電池的電動勢為_V，內阻為_（最后結果要求保留兩位有效數字）.12（12分）用頻率為50Hz的電磁式打點計時器，測量做勻變速直線運動物體的加速度如圖是采用正確的實驗手段，用打點計時器在紙帶上打出的點跡圖0，1，2，3，4是所取的五個計數點，圖中數值是各計數點對應的以厘米為單位的尺的讀數（1）打點計時器的周期是_s，

9、相鄰兩個計數點之間的時間間隔是_ s.（2）利用圖中的刻度尺，量出由計數點2到計數點3的位移=_cm，由計數點3到計數點4的位移=_cm.（3）由以上數據，計算出小車的加速度為_m/s2，打下計數點3時小車的速度_ m/s.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一根長20 cm的通電導線放在磁感應強度為0.4 T的勻強磁場中，導線與磁場方向垂直，若它受到的磁場力為4103N，則導線中的電流是多大？若將導線中的電流減小為零，則該處的磁感應強度為多少？14（16分）如圖所示，光滑絕緣細桿豎直放置，它與以正電荷Q為

10、圓心的某圓交于B、C兩點，質量為m、帶電荷量為q的有孔小球從桿上A點無初速度下滑，已知qQ，ABh，小球滑到B點時的速度大小為求：（1）小球由A到B的過程中靜電力做的功；（2）A、C兩點間的電勢差15（12分）如圖甲所示，在和之間有沿著軸方向的勻強電場，為電場區域的上邊界，在軸方向范圍足夠大，電場強度的變化如圖乙所示，取軸正方向為電場正方向現有一個帶負電的粒子，粒子的比荷，在時刻以速度從點沿軸正方向進入電場區域，不計粒子重力作用求： 甲 乙（1）粒子通過電場區域的時間；（2）粒子離開電場的位置坐標；（3）粒子通過電場區域后沿軸方向的速度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共2

11、4分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A在ab連線的中點處，ab兩電荷在該點的合場強為零，則該點的場強等于c在該點形成的場強，大小不為零，選項A錯誤；B在三角形的中心處，ab兩電荷在該點的場強大小相等，方向夾120角，則合場強豎直向下，電荷c在該點的場強也是豎直向下，則三角形中心處場強不為零，選項B錯誤；Ca受到b的排斥力沿ba方向，受到c的吸引力沿ac方向，則其合力方向斜向左下方與ab連線成60角，選項C錯誤；Dab受庫侖力大小相等，均為；c受庫侖力：，則 a、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:，選項D正確.2、B【解析】A、C、滑動變阻器和燈L2的并聯，則

12、有1R并=1R2+1R，將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，R減小，則R并也減小，根據閉合電路歐姆定律I=RR1+R2+r，電路中的總電流I增大，即電流表的示數增大，燈L1變亮；電壓表的示數U=E-Ir，因此，電壓表的示數減小；故A錯誤，C錯誤；B、根據部分電路歐姆定律I2=UR2 ，流過燈L2的電流減小，燈L2變暗；總電阻減小，總電流增大，故電源總功率增大，B正確；D、根據電容的定義式C=QU，可知電容器的帶電量減小，D錯誤；故選B.【點睛】本題考查了閉合電路歐姆定律和串并聯電路的動態分析要注意本類題目的解題思路為：局部-整體-局部從滑動變阻器的滑片P向下移動，R減小入手，分析整個電路電壓

13、、電流的變化情況，再到局部，分析燈亮度，電流表示數，電容器的電容的變化3、B【解析】A、甲圖中兩點電場線方向不同，故電場強度的方向不同；故A錯誤.B、ab兩點方向均向水平向左，且兩電荷中垂線為等勢面，故電勢相等，因兩點關于連線對稱，故電場強度相等；故B正確.C、a、b兩點電場方向相同，a點電勢大于b點電勢，兩點的場強大小不等；故C錯誤.D、a、b兩點不在同一等勢面上，故電勢不相等；故D錯誤.故選B.【點睛】本題考查對電場線的認識，由電場線我們應能找出電場的方向、場強的大小及電勢的高低.4、D【解析】物體撞在斜面上的速度與斜面垂直，將該速度分解，如圖則，解得：，故ABC錯誤，D正確.5、B【解析

14、】試題分析：因為只有電場力做功，所以動能和電勢能之和不變，又因為正電荷從等勢線3運動到等勢線1時，動能減小，所以電場線方向向右，正電荷在等勢線1的電勢能為，動能；又因為是勻強電場，且相鄰的等勢線間的電勢差相等，電場力做功相同，動能變化相同，所以電荷位于等勢線2上時，動能；同理可得：，當令2=1時，所以，即當該電荷的電勢能為4eV時，其動能大小為6eV，故選項B正確考點：本題考查電場力做功和動能及電勢能之間的關系，只有電場力做功時動能和電勢能之和不變，但電勢能的大小與選取的零勢面有關6、A【解析】A電壓表示數為1V時，電路中電流：可變電阻兩端電壓根據歐姆定律可得：可變電阻連入電路中的阻值：由圖象

15、可知，電阻為20時，污染指數為150，屬于重度污染，故A正確；B由圖象可知，污染指數越小，可變電阻的阻值越大，根據串聯電路的分壓特點可知，可變電阻分擔的電壓越大，則定值電阻分擔的電壓越小，即電壓表示數越小，故B錯誤；C由圖象可知，污染指數越大，可變電阻的阻值越小，電路總電阻越小，根據可知，電源電壓不變，總電阻越小，總功率越大，故C錯誤；D由圖象可知，污染指數為50時，可變電阻連入電路中的阻值為50，根據串聯電路的分壓特點：即解得：R0兩端電壓U0=0.5V，即電壓表示數為0.5V，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

16、全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】如圖所示在x軸任意一點上做出a、b、c、d四個電荷所產生的電場的方向，根據 可知電荷a和電荷b在該點產生的場強Ea和Eb大小相同，且與水平方向的夾角相同，故Ea和Eb的合場強豎直向下；同理電荷c、d在該點的場強Ec、Ed大小相等，但合場強方向豎直向上，故在x軸上任意一點的場強方向只能是沿y軸正方向或沿y軸負方向，即x軸與電場線垂直，故x軸在一條等勢線上，故AOB三點電勢相等，故A正確，B錯誤根據 可知在x軸負半軸上電荷a和電荷b產生的場強Ea和Eb大于電荷c和電荷d產生的場強Ec、Ed，故在x軸負半軸上場強的方向沿y軸負方向

17、，而O點合場強為0，在x軸正半軸上，合場強沿y軸正方向，而質子所受電場力的方向與場強的方向相同，故質子所受電場力F方向先沿y軸負向，后沿y軸正向，故C錯誤而D正確故選AD點睛：本題考查了真空中的點電荷的電場強度的表達式、電場的合成遵循平行四邊形定則、電場線和等勢面相互垂直此類題目處理起來比較繁瑣容易出錯8、BC【解析】設小物塊到達最低點N時的速度大小為v。在N點，根據牛頓第二定律得：FN-mg=m；據題有 FN=2mg；聯立得，故A錯誤。小物塊從P點運動到N點的過程中重力做功為mgR，故B正確。小物塊從P點運動到N點的過程，由動能定理得：mgR-Wf=mv2，可得克服摩擦力所做的功為 Wf=m

18、gR，故C正確。由于小物塊要克服摩擦力做功，機械能不斷減少，所以小物塊不可能到達Q點，故D錯誤。故選BC。【點睛】本題主要考查了動能定理和牛頓第二定律的綜合運用，要知道在最低點，靠重力和支持力的合力提供向心力9、CD【解析】A由振動圖像可知T=0.4s，t=0時刻質點P向上振動，可知波沿x軸負向傳播，則t=0.2s=0.5T時，質點Q沿y軸正方向運動，選項A錯誤；B0.3s=T，因質點Q在開始時不是從平衡位置或者最高點（或最低點）開始振動，可知00.3s內，質點Q運動的路程不等于，選項B錯誤；Ct=0.5s=1T時，質點P到達最高點，而質點Q經過平衡位置向下運動還沒有最低點，則質點Q的加速度小

19、于質點P的加速度，選項C正確；Dt=0.7s=1T時，質點P到達波谷位置而質點而質點Q還沒到達波峰位置，則質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離，選項D正確10、BD【解析】t=0時乙在甲前1.5m處，在t=2s時，甲比乙多走的距離為，可知此時甲已經超過乙0.5m，第一次相遇在0-2s之間；在2-3s時，乙比甲多走了，即t=3s時乙追上甲相遇第二次；由面積關系可知從3-5s內，甲乙位移相等，可知t=5s時刻甲乙第三次相遇；以后甲的速度大于乙，不再相遇。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、E C 6000 9.0 V

20、3.0 【解析】(1)根據串聯電路的特點，可確定出電阻箱的電阻與電壓表內阻的關系，選擇電阻箱的規格。在分壓電路中，為方便調節，滑動變阻器選用阻值較小的；根據電壓表改裝原理求出串聯電阻阻值.(2)由于電壓表的表盤沒變，改裝后的電壓表的讀數應為電壓表讀數的3倍.U-I圖線縱軸截距的3倍表示電動勢，斜率的3倍大小等于電池的內阻.【詳解】(1)電源電動勢約為9V，應把電壓表改裝成9V的電壓表，把3V的直流電壓表接一電阻箱，串聯電阻分壓是電壓表的兩倍，串聯電阻阻值應為電壓表內阻的兩倍，電阻箱接入電路的阻值應為6000；電阻箱應選擇C；在分壓電路中，為方便調節，滑動變阻器選用阻值較小的，即選E.(2)由丙讀出，外電路斷路時，電壓表的電壓為U=3.0V，則電源的電動勢為E=3.03=9.0V，電源內阻.【點睛】本題涉及電表的改裝和測量電動勢和內電阻的實驗；改裝原理是串聯電路的特點。而伏安法測量電源的電動勢和內阻的原理是閉合電路歐姆定律，要注意路端電壓應為改裝后電壓表的讀數.12、0.02s 0.1s 3.6cm 4.8