1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、水平傳送帶被廣泛地應用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查。如圖所示為一水平

2、傳送帶裝置示意圖，緊繃的傳送帶始終保持恒定速率運行。旅客把行李無初速度地放在處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數，間的距離為，取10m/.若旅客把行李放到傳送帶的同時以的恒定速度平行于傳送帶運動到處取行李，則A乘客與行李同時到達處B乘客提前到達處C行李提前到達處D若傳送帶速度再增大，行李能更快到達處2、如圖是、兩個質點做直線運動的位移-時間圖線，則A在運動過程中，質點總比質點慢B當時，兩質點的位移相同C當時，兩質點的速度相等D當時，質點的加速度大于質點的加速度3、下列說法中正確的是A貝克勒爾通過粒子轟擊鈹核的實驗，發現了中子的存在B盧瑟福發現了電子并提出了原子結構的“棗糕”模型C利用玻爾理論可以

3、準確計算出氦原子發光時放出的可見光的頻率D衰變的本質是原子核內的一個中子釋放一個電子變為質子4、用細線將籃球拴在升降機光滑的側壁上，當升降機加速下降時，出現如圖所示的情形四位同學對此現象做出了分析與判斷，其中可能正確的是()A升降機的加速度大于g，側壁對球無擠壓B升降機的加速度小于g，側壁對球有擠壓C升降機的加速度等于g，側壁對球無擠壓D升降機的加速度等于g，側壁對球有擠壓5、一列橫波某時刻的波形圖如圖甲所示，圖乙表示介質中某質點此后一段時間內的振動圖象下列說法正確的是（ ）A若波沿軸正方向傳播，則圖乙表示的是質點的振動圖象B若波沿軸負方向傳播，則圖乙表示的是質點的振動圖象C若圖乙表示的是質點

4、的振動圖象，則波沿軸正方向傳播D若圖乙表示的是質點的振動圖象，則波沿軸負方向傳播6、在一根繩上串著兩個質量不同的小球1、2，已知兩小球的質量關系m1m2，當手提著繩的上端使兩小球沿水平方向一起向右做勻加速直線運動時（空氣阻力忽略不計），則下圖中正確的是（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中，符合物理學史實的是A亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止B牛頓認為，力是物體運動狀態改變的原因，而不是物體運動的原因C麥

5、克斯韋發現了電流的磁效應，即電流可以在其周圍產生磁場D奧斯特發現導線通電時，導線附近的小磁針發生偏轉8、如圖所示，在粗糙的水平面上，質量相等的兩個物體A、B間用一輕質彈簧相連組成系統。且該系統在水平拉力F作用下以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，當它們的總動能為2Ek時撤去水平力F，最后系統停止運動。不計空氣阻力，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，從撤去拉力F到系統停止運動的過程中（ ）A外力對物體A所做總功的絕對值等于EkB物體A克服摩擦阻力做的功等于EkC系統克服摩擦阻力做的功可能等于系統的總動能2EkD系統克服摩擦阻力做的功一定等于系統機械能的減小量9、某物體以的初速度豎直上拋，

6、不計空氣阻力，取則前內（ ）A物體上升的最大高度為B物體的位移為，方向向上C物體的平均速度為，方向向上D物體速度變化量的大小為，方向向下10、如圖所示，10匝矩形線圈，在磁感應強度為0.4T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸以角速度為100rad/s勻速轉動，線框電阻不計，面積為0.5m1，線框通過滑環與一理想變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡L1和L1已知變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，開關斷開時L1正常發光，且電流表示數為0.01A，則( )A若從圖示位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為100cos(100t) VB若開關S閉合，電流表示數將增大C若開關S閉合，燈泡L1將變暗D燈泡L

7、1的額定功率為1W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了“驗證牛頓第二定律”，某實驗小組設計了如圖1所示的實驗裝置。（1）實驗過程有以下操作：a安裝好實驗器材，將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運動，重復幾次。b選出一條點跡清晰的紙帶，選取部分計數點如圖2所示（每相鄰兩個計數點間還有4個點，圖中未畫出）。c測得OA=3.59cm；AB=4.41cm；BC=5.19cm；CD=5.97cm；DE=6.78cm；EF=7.64cm。d計算出小車的加速度a= _m/s2；打下B點時，小車的

8、速度vB=_m/s。（結果均保留2位小數）（2）若保持小車及車中的砝碼質量一定，研究加速度a與所受外力F的關系，在木板水平和傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖3所示。圖線_（選填“甲”或“乙”）是在木板傾斜情況下得到的；小車及車中的砝碼總質量m=_kg。12（12分）三個同學根據不同的實驗條件，進行了探究平拋運動規律的實驗：(1)甲同學采用如圖甲所示的裝置用小錘擊打彈性金屬片，金屬片把A球沿水平方向彈出，同時B球被松開自由下落，觀察到兩球同時落地，改變小錘打擊的力度，即改變A球被彈出時的速度，兩球仍然同時落地，這說明 _ (2)乙同學采用如圖乙所示的裝置兩個相同的弧形軌道M

9、、N，分別用于發射小鐵球P、Q，其中N的末端可看作與光滑的水平板相切（水平板足夠長），兩軌道上端分別裝有電磁鐵C、D；調節電磁鐵C、D的高度使ACBD，從而保證小鐵球P、Q在軌道出口處的水平初速度v0相等現將小鐵球P、Q分別吸在電磁鐵C、D上，然后切斷電源，使兩小球能以相同的初速度v0同時分別從軌道M、N的末端射出實驗可觀察到的現象是_ 僅僅改變弧形軌道M的高度，重復上述實驗，仍能觀察到相同的現象(3)丙同學采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖丙所示的小球做平拋運動的照片，圖中每個小方格的邊長為L2.5 cm，則由圖可求得該小球做平拋運動的初速度大小為_ m/s.(保留2位有效數字，g取10m/s2)

10、四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）某跳傘運動員做低空跳傘表演，他離開飛機先向下做了180m的自由落體運動后，打開降落傘，傘張開后，他接著做了10秒的勻減速運動后到達地面，到達地面的速度是2m/s重力加速度g=10m/s2；問：（1）該跳傘運動員打開降落傘時的速度是多少？（2）該跳傘運動員離開飛機時距離地面的高度是多少？14（16分）如圖所示是過山車的模型。為了便于研究，簡化為示意圖，它由傾角=53的傾斜軌道、水平軌道和在同一豎直平面內的兩個圓形軌道組成，兩個圓軌道半徑R1=2R2=1m，所有軌道均平滑相接

11、。小車與傾斜軌道和水平軌道間的動摩擦因數相同，圓形軌道光滑。在一水平力F=6.5N的作用下，重量G=8N的小車靜止在傾斜軌道上剛好不下滑，撤去力F，小車沿傾斜軌道滑下，先后以最小速度通過兩個圓軌道的最高點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，sin53=0.8，cos53=0.6。求：(1)小車與傾斜軌道間的動摩擦因數；(2)兩圓軌道的間距L。15（12分）A、B兩列火車，在同一軌道上同向行駛， A車在前，其速度vA=10m/s，B車在后，速度vB=30m/s因大霧能見度很低，B車在距A車s=85m時才發現前方有A車，這時B車立即剎車，但B車要經過180m才能夠停止問：（1）B車剎車后的加速度是多大？

12、（2）若B車剎車時A車仍按原速前進，請判斷兩車是否相撞？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】ABC.物塊在傳送帶上加速時的加速度為故行李加速到和傳送帶速度相等需要的時間為此時行李的位移為即行李正好運動到傳送帶B處，人運動到B處需要的時間為故人和行李同時到達B處，故A正確，B、C錯誤；D.傳送帶的速度為時行李一直做勻加速直線運動；傳送帶的速度增加后行李也一直做勻加速直線運動，且加速度的大小不變，因此傳送到B處的時間不變，D錯誤。故選A。2、B【解析】A.位移-時間圖線的斜率等于速度，由圖看出，圖線的斜率大于

13、圖線的斜率，則的速度大于的速度，質點總比質點快，故A錯誤；B.圖線是、兩個質點做直線運動的位移-時間圖線，所以時，兩質點的位移相同，故B正確；C.在時間內，質點總比質點快，即當時，的速度大于的速度，故C錯誤；D.兩質點均做勻速直線運動，加速度都等于零，故D錯誤3、D【解析】查德威克通過粒子轟擊鈹核實驗發現了中子，A錯誤；湯姆生發現了電子，并提出了原子結構為“棗糕模型”，B錯誤；玻爾理論具有局限性，無法解釋氦原子發光光譜，C錯誤； 原子核里雖然沒有電子，但是核內的中子可以轉化成質子和電子，產生的電子從核內發射出來，這就是衰變，D正確4、C【解析】試題分析：當升降機加速下降時，加速度等于g，則小球

14、在豎直方向上僅受重力，拉力為零，由于小球在水平方向上平衡，可知側壁對小球無擠壓，故C正確，D錯誤當升降機加速下降時，加速度大于g，小球受重力、繩子的拉力，由于水平方向上平衡，則側壁對小球有彈力，即側壁對球有擠壓，故A錯誤當升降機加速下降是，加速度小于g，不會出現如圖所示的情況，球會在懸點下方，故B錯誤故選C考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】解決本題的關鍵知道小球和升降機具有相同的加速度，通過隔離對小球分析，合力在豎直下降，抓住水平方向平衡進行求解5、C【解析】試題分析：圖甲是波動圖像，圖乙是振動圖像，若波沿x軸正方向傳播，則N點的振動圖像向下，故圖乙不是N點的振動圖像，選項A錯誤；若波沿x軸

15、負方向傳播，則K點由最大位置向下振動，故圖乙不是表示質點K的振動圖象，選項B錯誤；若圖乙表示的是質點L的振動圖象，說明L點向上振動，根據波的傳播方向與質點的振動關系可知，波沿x軸正方向傳播，選項C正確；M點位于負的最大位移處，它要向上運動，故圖乙表示的不是質點M的振動圖象，故選項D錯誤考點：波的傳播與質點的振動關系6、C【解析】手提著繩端沿水平方向一起做勻加速直線運動，對整體分析，整體受到重力和拉力，兩個力的合力水平向右，根據平行四邊形定則知，則拉力的方向斜向右上方，對下面小球m2，利用牛頓第二定律，則在水平方向有而在豎直方向則有對上面小球同理有聯立解得則而則故選C。二、多項選擇題：本題共4小

16、題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】試題分析：根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可解：A、亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體靜止，故A正確；B、牛頓認為，力是物體運動狀態改變的原因，而不是物體運動的原因，故B正確；C、奧斯特發現了電流的磁效應，即電流可以在其周圍產生磁場，故C錯誤；D、奧斯特發現導線通電時，導線附近的小磁針發生偏轉，電流可以在其周圍產生磁場，故D正確故選ABD【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上

17、重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一8、AD【解析】拉力F作用下兩物體以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，對物體A分析知，拉力F作用下彈簧彈力大于滑動摩擦力，彈簧具有一定的彈性勢能EP1系統停止運動時，對物體A分析知，彈簧彈力小于最大靜摩擦力(滑動摩擦力)，彈簧具有的彈性勢能EP2EP1從撤去拉力F到系統停止運動的過程中，彈簧對兩端物體做功拉力F作用下兩物體間距不變，則兩物體速度相等；它們的總動能為2Ek，質量相等；撤去拉力F時，兩物體的動能均為EkAB：從撤去拉力F到系統停止運動的過程中，物體A的動能由Ek變為0，據動能定理，外力對物體A所做總功W總=0-Ek=-

18、Ek，外力對物體A所做總功的絕對值等于Ek此過程中有彈力和摩擦力做功，則摩擦力對物體A所做功的絕對值不等于Ek，物體A克服摩擦阻力做的功不等于Ek故A項正確，B項錯誤CD：據能量守恒可得，系統克服摩擦阻力做的功一定等于系統機械能的減小量，即W系克f=2Ek+EP1-EP2故C項錯誤，D項正確9、AB【解析】根據，解得，選項A正確根據得，方向向上，選項B正確根據得，方向向下，方向向上，故C錯誤由C知，方向向下，選項D錯誤；故選AB10、AB【解析】A變壓器的輸入電壓的最大值為：Um=NBS=100.40.5100=100V從垂直中性面位置開始計時，故線框中感應電動勢的瞬時值為：u=Umcost=

19、100cos(100t) V故A正確；B若開關S閉合，輸出電壓不變，輸出端電阻減小，故輸出電流增加，故輸入電流也增加，輸入功率增加，電流表示數將增大，故B正確；C若開關S閉合，輸出電壓不變，故燈泡L1亮度不變；故C錯誤；D變壓器輸入電壓的有效值為：開關斷開時L1正常發光，且電流表示數為I1=0.01A，燈泡L1的額定功率等于此時變壓器的輸入功率為：故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.81 1.48 甲 1.5 【解析】(1)1由題意可知s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.61cm。每五個點取一個計數點，故T=1.1s。根據x=aT2可知：可得加速度為：2根據平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：(3)3由圖象可知，當F=1時，a1也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高。所以圖線甲是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的。4由牛頓第二定律得：，由圖乙