1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，單擺擺球的質量為m，做簡諧振動的周期為T，擺球從最大位移A處由靜止開始釋放

2、，運動到最低點B時的速度大小為v。則擺球從A運動到B的過程中，下列說法正確的是A擺球重力做功為12mv2B擺球受到的合力的平均功率為mv2TC擺球運動到B點時重力的瞬時功率為mgvD擺球受到的合力提供圓周運動的向心力2、如圖所示，質量為M=12kg的小車停放在光滑水平面上在小車右端施加一個F=12N的水平恒力當小車向右運動的速度達到18m/s時，在其右端輕輕放上一質量m=12kg的小黑煤塊（小黑煤塊視為質點且初速度為零），煤塊與小車間動摩擦因數212假定小車足夠長,g=12m/s1則下列說法正確的是（ ）A煤塊在整個運動過程中先做勻加速直線運動穩定后做勻速直線運動B小車一直做加速度不變的勻加速

3、直線運動C煤塊在3s內前進的位移為9mD小煤塊最終在小車上留下的痕跡長度為18m3、下列能正確反映物體做平拋運動時速度變化量隨運動時間變化規律的圖是（ ）ABCD4、如圖所示，用輕桿AO（可繞A點自由轉動）和輕繩BO吊著一個重物M，保持AO與水平方向的夾角不變。下列說法正確的是（ ）A當BO逆時針由水平轉到豎直，繩子的拉力一直減小B當BO逆時針由水平轉到豎直，輕桿的拉力先減小后增大C當增大M的重力G時，AO、BO的拉力均增大D若增大，保持OB水平，仍使重物M處于平衡，則AO、BO的拉力均增大5、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移-時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，由圖可知（）。Ab車運動方向

4、始終不變B在t1時刻a車與b車速度相同Ct1到t3時間內a車與b車的平均速度相等Dt1到t2時間內有一時刻兩車的速度相同6、如圖所示，一鐵架臺放于水平地面上，其上有一輕質細線懸掛一小球，開始時細線豎直，現將水平力F作用于小球上，使其緩慢地由實線位置運動到虛線位置，鐵架臺始終保持靜止，則在這一過程中A水平拉力F是恒力B鐵架臺對地面的壓力一定增大C細線的拉力變小D地面對鐵架臺的摩擦力增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、做勻減速直線運動的質點，它的加速度大小為a，初速度

5、大小為，經過時間t速度減小到零，則它在這段時間內的位移大小可用下列哪些式子表示（ ）ABCD8、如圖所示，理想變壓器原、副線圖的應數些為n1:n2=2:1，輸人端接在 (V)的交流電源上，R1為電阻箱，副線圈連在電路中的電阻R=10，電表均為理想電表。下列說法正確的是( )A當R1=0時，電壓表的讀數為30VB當R1=0時，若將電流表換成規格為“5V 5W”的燈泡，燈泡能夠正常發光C當R1=10時，電流表的讀數為1.2AD當R1=10時，電壓表的讀數為6V9、一質量為2 kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則At=1 s時物塊的速率為1 m/sBt=

6、2 s時物塊的動量大小為2 kgm/sCt=3 s時物塊的動量大小為3kgm/sDt=4 s時物塊的速度為1 m/s10、A、B兩列簡諧橫波均沿x軸正向傳播，在某時刻的波形分別如圖中甲、乙所示，經過時間t（t小于A波的周期TA），這兩列簡諧橫波的波形分別變為圖丙、丁所示，則A、B兩列波的波速vA、vB之比可能的是（ ）A1:2B2:1C1:3D3:1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學設計的“探究彈簧彈性勢能與形變量的關系”裝置如圖所示。整個裝置放在距水平地面高為H的水平桌面上，彈簧一端固定，另一端接觸可視為質點的小球(不拴

7、接)，剛開始彈簧處于自然狀態時小球重心恰好對應刻度“0”。已知小球的質量為m，重力加速度為g。(1)若將小球重心向左移到刻度x處后釋放并被彈出，小球從桌面右邊緣飛出后做平拋運動，水平射程為S，則彈簧的彈性勢能EP=_(用題中給定的字母表示)。改變x多次實驗，測出對應的水平射程S，發現S與x成正比例關系，由此可知彈簧的彈性勢能EP與x的_次方成正比。(2)本實驗的誤差主要來源于_，為減少實驗誤差，小球射出位置距離桌面右邊緣應該_(選填“近些”或“遠些”)12（12分）為了測量兩張紙之間的動摩擦因數，某同學設計了一個實驗：如圖甲所示，在木塊A和木板B上貼上待測的紙，將木板B固定在水平桌面上，沙桶通

8、過細線與木塊A相連。（1）調節沙桶中沙的多少，使木塊A勻速向左運動測出沙桶和沙的總質量為m，以及貼紙木塊A的質量M，則兩紙間的動摩擦因數=_；（2）在實際操作中，發現要保證木塊A做勻速運動比較困難，有同學對該實驗進行了改進：實驗裝置如圖乙所示，木塊A的右端接在力傳感器上（傳感器與計算機相連接，從計算機上可讀出對木塊的拉力），使木板B向左運動時，木塊A能夠保持靜止若木板B向左勻速拉動時，傳感器的讀數為F1，則兩紙間的動摩擦因數=_；當木板B向左加速運動時，傳感器的讀數為F2 _ F1（填“”、“=”或“”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說

9、明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，AB是一段位于豎直平面內的光滑軌道，高度為h，末端B處的切線方向水平一個質量為m的小物體P從軌道頂端A處由靜止釋放，滑到B端后飛出，落到地面上的C點，軌跡如圖中虛線BC所示已知它落地時相對于B點的水平位移OCL現在軌道下方緊貼B點安裝一水平傳送帶，傳送帶的右端與B的距離為L1當傳送帶靜止時，讓P再次從A點由靜止釋放，它離開軌道并在傳送帶上滑行后從右端水平飛出，仍然落在地面的C點當驅動輪轉動從而帶動傳送帶以速度v勻速向右運動時（其他條件不變），P的落地點為D（不計空氣阻力）（1）求P滑至B點時的速度大小；（1）求P與傳送帶之間的動摩擦因數 ；（3）求

10、出O、D間的距離s隨速度v變化的函數關系式14（16分）碰撞在宏觀、微觀世界中都是十分普遍的現象。(1)如圖1所示，在水平光滑的桌面上有兩個大小相同的小球A、B，質量分別是m1、m2，A球以v1的速度與靜止的B球相碰。碰撞后A、B的速度分別是v1、v2。如果碰撞過程中機械能守恒，這樣的碰撞叫做彈性碰撞；如果碰撞過程中機械能不守恒，這樣的碰撞叫做非彈性碰撞。若m1=2kg、m2=1kg，某次碰撞滿足v1=2m/s、v2=2m/s。通過計算碰撞前后的機械能說明該次碰撞屬于彈性碰撞還是非彈性碰撞。(2)裂變反應可以在人工控制下進行，用慢化劑中的原子核跟中子發生碰撞，使中子的速率降下來，從而影響裂變反

11、應的反應速度。如圖2所示，一個中子以速度v與慢化劑中靜止的原子核發生彈性正碰，中子的質量為m，慢化劑中靜止的原子核的質量為M，而且Mm。為把中子的速率更好地降下來，現有原子核質量M大小各不相同的幾種材料可以作為慢化劑，通過計算碰撞后中子速度的大小，說明慢化劑中的原子核M應該選用質量較大的還是質量較小的。15（12分）如圖所示,光滑水平地面上靜止放置兩由彈簧相連木塊A和B，一質量為m的子彈以速度v0水平擊中木塊A，并留在其中，A的質量為3m，B的質量為4m。(1)求彈簧第一次最短時的彈性勢能 (2)何時B的速度最大，最大速度是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每

12、小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】重力做功與路徑無關只與高度差有關，也可以運動動能定理求解；根據公式P=Fvcos來判斷瞬時功率；小球不是做勻速圓周運動，不是合力提供向心力；【詳解】A、擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，擺球運動到最低點B，根據動能定理得：WG=12mv2-0，故A正確；B、整個過程中只有重力做功，則合力做功的平均功率為：P=12mv214T=2mv2T，故選項B錯誤；C、根據瞬時功率的公式P=Fvcos，擺球運動到B時的速度方向是水平的，即=900，所以重力的瞬時功率是0，故C錯誤；D、對小球進行受力分析，將重力分解如圖所示：可知由拉力T和重力分力

13、mgcos的合力提供向心力，故選項D錯誤?！军c睛】本題需要區分平均功率和瞬時功率的求解方法，同時注意小球做單擺運動，不是勻速圓周運動，沿圓心方向的合力提供向心力。2、D【解析】試題分析：根據牛頓第二定律，剛開始運動時對小黑煤塊有：FNma1，FNmg2，代入數據解得：a11m/s1剛開始運動時對小車有：FFNMa1，解得：a126m/s1，經過時間t，小黑煤塊和車的速度相等，小黑煤塊的速度為：v1a1t，車的速度為：v1v+a1t，v1v1，解得：t=1s，以后煤塊和小車一起運動，根據牛頓第二定律：F（M+m）a3，a3m/s1一起以加速度a3m/s1做運動加速運動，故選項AB錯誤；在1s內小

14、黑煤塊前進的位移為：x1a1t1111m4m，然后和小車共同運動1s時間，此1s時間內位移為：x1v1t+a3t144m，故煤塊在3s內前進的位移為4+44m=54m，故選項C錯誤；在1s內小黑煤塊前進的位移為：x1a1t111 14m，小車前進的位移為：x1v1t+a1t1151+261165m，兩者的相對位移為：xx1x165415m，故選項D正確故選D考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】該題是相對運動的典型例題，要認真分析兩個物體的受力情況，正確判斷兩物體的運動情況，再根據運動學基本公式求解，難度適中3、B【解析】平拋運動的物體只受重力，加速度為g，則所以v=gt，所以v與時間t成正比，

15、圖象是過原點的傾斜的直線，故B符合題意，ACD不符合題意。故選B4、C【解析】對物體受力分析，受重力、兩個拉力，如圖所示 將兩個拉力合成，其合力與第三個力：重力平衡，由圖象可以看出，OB繩所受的拉力先減小后增大，當兩繩子垂直時取最小值；OA桿受到的拉力一直減??；故AB錯誤；增大M的重力G時，根據共點力的平衡條件可知AO的拉力、BO的拉力，當M的重力G增大，AO、BO的拉力均增大，故C正確；增大，保持OB水平，仍使重物M處于平衡，則AO、BO的拉力均減小，D錯誤故選C5、C【解析】A、b圖線切線切線先為負值，然后為正值，知b的運動方向發生變化故A錯誤；B、在t1時刻，兩車的位移相等，速度不同故B

16、錯誤；C、t1到t3時間內，兩車的位移相同，時間相同，則平均速度相同故C正確；D、t1到t2時間內，b圖線的切線斜率始終為負，與a的速度方向相反，則兩車的速度不可能相同；故D錯誤；故選C。6、D【解析】以小球為研究對象分析水平拉力F和細線拉力的大小，以小球和鐵架臺整體為研究對象受力分析，研究鐵架臺所受地面的摩擦力和支持力【詳解】AC對小球受力分析，受拉力、重力、F，根據平衡條件，有：F=mgtanT=mg/cos逐漸增大則F逐漸增大，T也增大，故A錯誤，C錯誤；BD以整體為研究對象，根據平衡條件得：Ff=F，則Ff逐漸增大FN=(M+m)g，FN保持不變故B錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題

17、：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A. 取初速度方向為正方向，則加速度為a，質點做勻減速直線運動時，位移大小根據位移時間公式為：，故A項錯誤；B. 末速度v=0，根據速度位移關系公式得：，得：，故B項正確；C.運用逆向思維：將質點的運動等效看成沿相反的初速度為0、加速度為a的勻加速運動，則位移為：故C項正確；D. 是質點的平均速度，則位移為：，故D項正確；8、BC【解析】輸入端電壓的有效值為30V，當R1=0時，電壓表的讀數為，選項A錯誤；當R1=0時，若將電流表換

18、成規格為“5V， 5W”的燈泡，燈泡電阻為 ，此時次級電流，因燈泡的額定電流為，則此時燈泡能夠正常發光，選項B正確；當R1=10時，設電流表的示數為I，則此時初級電流為0.5I，初級電壓： ，則次級電壓為，則，解得I=1.2A，此時電壓表讀數為IR=12V，選項C正確，D錯誤；9、ACD【解析】前兩秒，根據牛頓第二定律，a=Fm22=1m/s2，則0-2s的速度規律為：v=at；t=1s時，速率為1m/s，故A正確；t=2s時，速率為2m/s，則動量為P=mv=4kgm/s，故B錯誤；2-4s，力開始反向，物體減速，根據牛頓第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s時的速度為v3=v2-at=1

19、.5m/s，動量為3kgm/s，同理4s時速度為1m/s，故CD正確；故選ACD?！军c睛】本題考查了牛頓第二定律的簡單運用，熟悉公式即可，并能運用牛頓第二定律求解加速度。另外要學會看圖，從圖象中得出一些物理量之間的關系。10、AC【解析】由圖波長，又，得到：，（k=0，1，2）則由波速得到：當時，當時，當時，故AC正確，BD錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、mgS24H 2 小球與桌面間的摩擦力 近些 【解析】（1）對平拋運動：S=vt；H=12gt2；彈簧的彈性勢能：EP=12mv2；聯立解得Ep=mgS24H；因S與x成正比

20、例關系，而EP與S2成正比，則EP與x2成正比；（2）本實驗的誤差主要來源于小球與桌面間的摩擦力，為減少實驗誤差，小球射出位置距離桌面右邊緣應該近些?！军c睛】本題關鍵明確實驗原理，通過轉化法將不易測得的量轉化為容易測出的長度，方法是根據平拋運動的分運動公式列式求得小球得到的速度，根據能量關系可得彈性勢能的大小12、 = 【解析】（1）1物體A在沙桶的拉力作用下勻速下滑，則說明A受到拉力F與滑動摩擦力相等即化簡則（2）23控制A勻速下滑比較難判斷，所以通過乙圖，不管將B怎樣抽出，A受到滑動摩擦力，且保持靜止，即受力平衡，所以因此不管B如何運動，A均保持靜止，因此四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（1）（3）【解析】試題分析：（1）物體P在AB軌道上滑動時，物體的機械能守恒，根據機械能守恒定律得物體P滑到B點的速度為：（1）當沒有傳送帶時，物體離開B點后作平拋運動，