1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，小車的質量為M，人的質量為m，且Mm，人用恒力F拉繩，若不計滑輪與繩的質量，人與車保持相對靜止，在光滑的水平面上從靜止出發，向左前進距離s時的速度為v，則此過程中

2、，下列說法正確的是（） A人做的功為Fs B車給人的摩擦力對人做功Fs C繩對小車的拉力做功Mv2 D此過程中，繩對小車做功的功率為Fv2、在空間某區域存在一電場，x軸上各點電勢隨位置變化情況如圖所示. -x1x1 之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱. 下列關于該電場的論述正確的是 A圖中A點對應的場強大于B點對應場強B圖中A點對應的電勢大于B點對應電勢C一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能D一個帶正電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2點的電勢能3、如圖所示，一個人用與水平方向成角斜向上的力拉放在粗糙水平面上質量為的箱子，箱子沿水平面做勻速運動若箱子與

3、水平面間的動摩擦因數為，則箱子所受的摩擦力大小為（ ）A B C D4、如圖所示，固定在地面上的半圓軌道直徑ab水平，質點P與半圓軌道的動摩擦因數處處一樣，當質點P從a點正上方高H處自由下落，經過軌道后從b點沖出豎直上拋，上升的最大高度為，空氣阻力不計當質點下落再經過軌道a點沖出時，能上升的最大高度h為()A不能從a點沖出半圓軌道B能從a點沖出半圓軌道，但C能從a點沖出半圓軌道，但D無法確定能否從a點沖出半圓軌道5、物體做豎直上拋運動，若取物體拋出點為起點，則下列可表示物體路程隨時間變化的圖象是()ABCD6、測量萬有引力常量，并檢驗萬有引力定律的科學家是A亞里士多德B伽利略C牛頓D卡文迪什二

4、、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、 “天舟一號”貨運飛船于2017年4月20日在文昌航天發射中心成功發射升空，它與“天宮二號”空間實驗室對接前，在距離地面約380km的圓軌道上飛行已知地球同步衛星距地面的高度約為36000km關于“天舟一號”，下列說法正確的是A線速度小于地球同步衛星的線速度B線速度小于第一宇宙速度C向心加速度小于地球同步衛星加速度D周期小于地球自轉周期8、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為，在傳送帶上某位置輕輕放置一小木塊，小木塊與傳送帶間動摩擦

5、因素為，小木塊速度隨時間變化關系如圖所示，若、g、v0、t0已知，則下列說法中正確的是A傳送帶一定逆時針轉動BC傳送帶的速度大于v0D后一段時間內滑塊加速度為9、如圖所示，車廂內的后部有一相對車廂靜止的乘客，車廂內前壁的光滑支架的邊緣放有一小球，小球與車廂一起沿平直軌道向前做勻速直線運動。若車廂突然改為向前做勻加速直線運動，小球將脫離支架而下落至地板上。空氣阻力可忽略不計，對于小球離開支架至落到車廂底板上之前的運動，下列說法中正確的是（ ）A相對于乘客，小球的運動軌跡為向前的曲線B相對于乘客，小球的運動軌跡為向后的曲線C相對于乘客，小球作自由落體運動D相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向前的直線E

6、.相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向后的直線F.相對于地面，小球的運動軌跡為向前的曲線G.相對于地面，小球的運動軌跡為向后的曲線H.相對于地面，小球作自由落體運動I.任意時刻，小球相對乘客和相對地面的速度都相等J.任意時刻，小球相對乘客和相對地面的速度方向都相同K.相對于乘客，任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同L.相對于地面，任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同10、光滑水平面上有一足夠長的輕質木板C，C上放有質量分別為2m、m的物塊A和B，AB與木板之間的摩擦因數均為（認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），如圖所示，系統處于靜止狀態逐漸增大作用在A上的水平拉力F，以下說法正確的是：

7、A當F2mg時，A與C將發生相對滑動B無論F為多大，A與C都不會發生相對滑動C當F3mg時，B與C將發生相對滑動D無論F為多大，B與C都不會發生相對滑動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小明同學想研究一段鉛芯的伏安特性曲線，他連接了如圖甲所示的實驗電路小亮同學認為小明的電路并不完善，他在該電路上增加了一條導線，得到了小明的認同（1）請你用筆畫線在圖甲上加上這條導線_（2）對小亮改正后的電路，在閉合電鍵前，滑動變阻器的滑片應先置于_（選填“最左端”或“最右端”）（3）實驗測得鉛芯伏安特性曲線如圖乙所示由實驗曲線可知，隨著電流的增加

8、鉛芯的電阻_（選填“增大”、“不變”或“減小”）（4）將一個電動勢為3 V、內阻為10 的電源直接接在該鉛芯的兩端，則該鉛芯的實際功率為_W（結果保留兩位有效數字） 甲 乙12（12分）完成下列儀器的讀數：甲:_ mm； 乙：_mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一排球球內氣體的壓強為p0 ，體積為V0 ，溫度為T0 ，用大氣筒對排球沖入壓強為p0 ，溫度為T0的氣體，使球內氣體壓強變為3 p0 ，同時溫度升至2 T0 ，充氣過程中氣體向外放出Q的熱量，假設排球體積不變，氣體內能U與溫度的關

9、系為U=kT (k為正常數)，求：(i)打氣筒對排球充入壓強為p0，溫度為T0的氣體的體積；(ii)打氣筒對排球充氣過程中打氣筒對氣體做的功。14（16分）如下圖為某機場旅客行李水平傳輸裝置一部分的俯視圖，它由傳送帶和轉盤組成.行李箱從A處無初速放到傳送帶上，運動到B處后隨轉盤一起勻速轉動(無相對滑動)，到C處被取走.已知A、B兩處的距離L=10m，傳送帶的傳輸速度v=2.0m/s，行李箱在轉盤上與軸O的距離R=4.0m，行李箱與傳送帶間的動摩擦因數1=0.25(1)若行李箱在轉盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則行李箱與轉盤間的動摩擦因數2至少為多大？(2)若行李箱的平均質量為5

10、kg，傳送帶平均每分鐘傳輸送20個行李箱，則工作半小時傳送帶電動機因為傳送行李箱需要輸出的能量多大？15（12分）如圖所示，傳送帶AB總長為l10 m，與一個半徑為R0.4 m的光滑四分之一圓軌道BC相切于B點，傳送帶速度恒為v6 m/s，方向向右，現有一個滑塊以一定初速度從A點水平滑上傳送帶，滑塊質量為m10 kg，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.1，已知滑塊運動到B端時，剛好與傳送帶同速，求： (1)滑塊的初速度；(2)滑塊能上升的最大高度；(3)求滑塊第二次在傳送帶上滑行時，滑塊和傳送帶系統產生的內能參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只

11、有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由圖可知，人與車一起向左移動s，則人拉的繩子的繩頭相對于人的位移是1s，所以人做的功等于1Fs故A錯誤；設向左為正方向，將人與車看做一整體分析，設他們的加速度大小為a，則有：1F=（M+m）a，再對人分析，假設車對人的摩擦力方向向右，則：F-f=ma聯立以上兩式可得車對人的摩擦力大小為： ；根據牛頓第三定律可知，車對人的摩擦力為，所以車給人的摩擦力對人做功故B正確；繩子對小車做的功與人對小車的摩擦力做的功的和等于小車增加的動能，所以繩對小車的拉力做功不等于Mv1故C錯誤；此過程中，小車的速度小于v（最后的一點除外），所以此過程中，繩對小車做功的功率小于Fv

12、故D錯誤故選B.點睛：遇到連接體問題要靈活運用整體法與隔離法，一般采用先整體后隔離的思想；遇到涉及靜摩擦力問題，先設出摩擦力方向，再利用公式解出摩擦力，若為正值則方向與假設的方向相同，若外負值則相反2、C【解析】A-x圖象的斜率大小等于電場強度，所以B點對應的場強等于A點對應場強，故A錯誤；B由圖易知A點對應的電勢小于B點對應電勢，故B錯誤；C由圖可知，場強方向均指向O點，根據對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C正確；D電場線指向O點，則正電荷由-x1到-x2的過程中電場力做負功，故電勢能增加，故帶正電的粒子在-x1點的電勢能小于在-x2的電勢能，故D錯誤故

13、選C。3、D【解析】對物體進行受力分析，將F正交分解，如圖：豎直方向受力平衡有，得，則；水平方向受力平衡，D正確4、B【解析】試題分析：質點第一次在槽中滾動過程，由動能定理得：，為質點克服摩擦力做功大小，解得：，即第一次質點在槽中滾動損失的機械能為，由于第二次小球在槽中滾動時，對應位置處速度變小，因此槽給小球的彈力變小，摩擦因數不變，所以摩擦力變小，摩擦力做功小于，機械能損失小于，因此小球再次沖出a點時，能上升的高度大于零而小于，故ACD錯誤，B正確考點：動能定理【名師點睛】本題的關鍵在于知道第二次運動過程中摩擦力做功比第一次小，明確動能定理的應用范圍很廣，可以求速度、力、功等物理量，特別是可

14、以去求變力功摩擦力做功使得機械能轉化成內能5、A【解析】豎直上拋的上升過程為勻減速直線運動，則上升的過程路程隨時間不均勻的增大，函數為開口向下的拋物線；到達最高點時，下降過程為自由落體運動，則下降過程的路程隨時間不均勻增大，為開口向上的部分拋物線；故選A.【點睛】本題掌握豎直上拋的運動規律和路程隨時間的變化圖象，建立函數表達式可以快速得到圖象的形狀.6、D【解析】卡文迪許通過扭秤實驗測出了萬有引力常量并檢驗萬有引力定律，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分

15、。7、BD【解析】A、根據牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號”與地球同步衛星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的線速度大于地球同步衛星的線速度，故選項A錯誤；B、第一宇宙速度是衛星繞地球做勻速圓周運動最大的運行速度，知其線速度小于第一宇宙速度，故選項B正確；C、根據牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號”與地球同步衛星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的向心加速度大于地球同步衛星加速度，故選項C錯誤；D、根據牛頓第二定律有，解得，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的周期小于地球同

16、步衛星的周期，即“天舟一號”的周期小于地球自轉周期，故選項D正確；8、AD【解析】A.若傳送帶順時針轉動，當滑塊下滑時若有，所以滑塊將一直勻加速到底端；當滑塊上滑時若有，則滑塊先勻加速運動，在速度相等后將勻速運動，兩種均不符合運動圖象；故傳送帶是逆時針轉動，故A正確；B.滑塊在內，滑動摩擦力向下做勻加速下滑，根據牛頓第二定律有：由圖可知聯立解得：故B錯誤；C.只有當滑塊的速度等于傳送帶的速度時，滑塊所受的摩擦力變成斜向上，傳送帶的速度才為，故C錯誤；D.共速后的加速度代入值得故D正確9、EFKL【解析】ABCDE以乘客為參考系，小球在水平方向上向左做初速度為零的勻加速直線運動，在豎直方向上做自

17、由落體運動，兩個初速度為零的勻加速直線運動的合運動的軌跡為直線，即相對于乘客，小球的運動軌跡為斜向后的直線；選項ABCD錯誤，E正確；FGH相對于地面，小球豎直方向做自由落體運動，水平方向做勻速運動，小球做平拋運動，即小球的運動軌跡為向前的曲線，選項F正確，GH錯誤；IJ任意時刻，小球相對乘客和地面豎直方向的運動相同，但是水平方向的運動不同，則任意時刻小球相對乘客和相對地面的速度大小和方向都不相同，選項IJ錯誤；K根據動量定理，相對于乘客，小球水平方向是勻變速直線運動，豎直方向是自由落體運動，所以對乘客小球做勻變速曲線運動，所以任意相等的時間間隔內，小球的動量變化都相同，選項K正確；L根據動量

18、定理，相對于地面，任意相等的時間間隔內，重力的沖量相同，則小球的動量變化都相同，選項L正確。故選EFKL。10、BC【解析】A與木板間的最大靜摩擦力，B與木板間的最大靜摩擦力，所以無論F為多大，A與C保持相對靜止，故A錯誤，B正確；當B與C間摩擦達到最大靜摩擦力，三者加速度相同 ，對三者有，故C正確，D錯誤點晴：解決本題關鍵理解兩物體相對滑動的臨界條件：一、兩物體間的摩擦達到最大靜摩擦力，二兩物體加速度相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 最左端 增大 0.21 （0.190.23） 【解析】由題中“小明同學想研究一段鉛芯的伏安特性

19、曲線”可知，本題考查電阻伏安特性曲線實驗，根據實驗要求、原理和數據處理可解答本題?！驹斀狻浚?）1由于是測電阻的伏安特性曲線，因此需要電壓從零開始，因此選擇分壓法，所以連接如圖（2）2 在閉合電鍵前，滑動變阻器的滑片應調至鉛芯電壓為零處，故調至最左端；（3）3由鉛芯伏安特性曲線可知，在I-U圖中，曲線斜率表示電阻的倒數，即，因此可知隨著電流的增加鉛芯的電阻增大；（4）4根據電源電動勢和內阻情況可得下圖由圖中數據可知，交點電壓與電流的乘積即為鉛芯的實際功率，約為0.21W。12、 50.15mm 4.700mm【解析】游標卡尺的讀數為l=5cm+3120mm=50.15mm，螺旋測微器的讀數為d

20、=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (i) V=0.5V0(ii) W=Q+kT0【解析】(i)打氣筒對排球充入壓強為p0、溫度為T0的氣體的體積為V，以排球內氣體與充入的氣體整體為研究對象。 氣體的初狀態參量：p1=p0；V1=V0+V；T1=T0 氣體的末狀態參量：p2=3p0；V2=V0；T2=2T0根據理想氣體狀態方程得：代入解得：V=0.5V0(ii)因為氣體內能U與溫度的關系為U=kT 所以打氣過程內能變化：U=k(2T0T0)=kT0由熱力學第一定律得：U=W+(Q)解得打氣筒對氣體做的功：W=Q+kT014、(1) 0.1；(2) 12000J【解析】行李箱放在傳送帶上，先做勻加速直線運動，由牛頓第二定律和運動學公式結合求出此過程的位移，與傳送帶長度比較，分析有無勻速直線運動過程，求出行李箱到達轉盤時的速度.行李箱在轉盤上所受的靜摩擦力提供向心力，當物品恰好要滑動時，靜摩擦力達到最大值，根據牛頓第二定律求出動摩擦因數2的最小值；先求出傳送一個行李箱需要做的功，然后求出半小時傳送行李箱需要做的功?！驹斀狻浚?）設物品質量為m，物品先在傳送帶上做初速度為零的勻加速直線運動，其位移大小為s1由牛頓第二定律得：1mg=ma