1、高三物理期中模擬試題二考試時間：90分鐘L-a.i總分100分一、選擇題（此題共12小題，每題4分，共48分。1-6單項選擇，7-12多項選擇, 選全對得4分，不全得2分，選錯或不選得0分）.以下關于物理學思想方法的表達錯誤的選項是（）A、探究加速度與力和質量關系的實驗中運用了控制變量法B、加速度B、加速度的定義運用了比值法mC、質點運用了理想模型法D、平均速度、合力與分力等概念的建立運用了等效替代法.如下圖，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的。點，在 墻壁和球P之間夾有一長方體物塊Q, P、Q均處于靜止狀態，現 有一鉛筆緊貼墻壁從0點開始緩慢下移，那么在鉛筆緩慢下移的過 程中（）A、細繩的

2、拉力逐漸變小B、Q受到墻壁的彈力逐漸增大C、Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大D、Q將從培壁和小球之間滑落.如下圖，小物體A沿高為h、傾角為8的光滑斜面以初速度V。，從項端滑到底端，而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，貝！|（）A.兩物體落地時速度相同B.從開始運動至落地過程中，重力對它們做功的平均 功率相同C.兩物體落地時重力的瞬時功率相同D.從開始至落地，重力對它們做功相同4.如下圖,在場強為E的勻強電場中,有相距為L的A、B兩點,其連線與場強方向 的夾角為 A、B兩點間的電勢差九二工現將一根長為L的細金屬棒沿AB連線方向 置于該勻強電場中，此時金屬棒兩端的電勢差UM%那么以下關

3、于5和U2的說法中正確的選項是 （）Ui=U2=E1cos 8Ui=U2=-ELcos Ui=ELcos,U2=0Ui=-ELcos , U2=ELcos .CD分析：兩個物塊在沿斜面方向上由于機gsin37omgcos37。，所以物塊都會 沿斜面向下滑動，傳送帶對物塊四的摩擦力都沿傳送帶向上。并且加速度大小都 等于a = gsin37O-/zgcos37o = 2w/s2,初速度相同，加速度大小相同，經過的位移大小相同，根據% =可知兩者的運動時間相同，都為！ = 1S,即兩者同時到 達底端，AB錯誤；滑動摩擦力向上，位移向下，重力做正功，摩擦力做負功，所以物塊A、B運動到傳送帶底端時速度的

4、大小相同，由題可知居與水平面的夾角是相 等的，所以重力的功率一定相等，故C正確；3到達傳,送帶底端時的速度 vB =v0+at = 1 + 2x1 = 3m/s 9 傳送帶在Is內的路程為xZ與傳送帶是同 向運動的，Z的劃痕長度是2對地路程（斜面長度）減去在此時間內傳送帶的路程, 即為2根-1根=1租.8與傳送帶是反向運動的，8的劃痕長度是6對地路程（斜面長 度）加上在此時間內傳送帶的路程，即為2機+1加=3根，即物塊A、B在傳送帶上 的劃痕長度之比為1： 3,故D正確；ACDm 將平行板電囂的下被感直向翻動一小窗離由c二懸 平行板電囂的電容將變小,選項A正確;P點的電勢先隨d的僧大而增大,帶

5、電油滴的電勢能及二r仲將戚少,選項C正確j 觸計醐的電勢差恒總指針幃角不變,選項B錯誤;假設先將上柵與電源正極間的導線斷開,電荷 量。一定,兩極板間的電場強度打生挈,那么帶電油滴所受靜電力不變,選項D正確.CD解：A、根據牛頓第二定律和萬有引力定律得3號=加。rGMa = ,所以兩顆衛星分別經過A點處時，a的加速度等于于b的加速度，故A錯誤; rBD.衛星在軌道a上做橢運動，要過度到軌道b,在A點應該增大速度,做離心運動,所以兩顆衛星分別經過A點處時，a的速度小于b的速度，故B錯誤，D正確;及3C、衛星a的半長軸小于衛星b的軌道半徑，根據開普勒第三定律一=k得衛星a的運行周期比衛星b的運行周期

6、短.故C正確;應選：CD.AD解:解:B、C、A、飛鏢水平拋出做平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，因此t=在，故A正確.VO1 2gD飛鏢擊中P點時，P恰好在最下方，貝ij2r解得圓盤的半徑r=,故B錯誤.24v0飛鏢擊中P點，貝lP點轉過的角度滿足9=4=兀+2k兀（k=O, 1, 2）故8=&=竺?空，那么圓盤轉動角速度的最小值為32.故C錯誤./ LLT2D、P點隨圓盤轉動的線速度為v=3r=（2；）Q匕=（2左；）兀 L 4V 4vo0當k=2時，丫=?瓦& .故D正確. 4vo應選：AD.BCD解：ABC、解：ABC、減速運動由圖乙所示圖象可知，加速運動的加速度大小為：ai=m/s

7、2=m/s2,f 0.93的加速度大小為:的加速度大小為:32=人 37-= 10m/s2,在勻減速直線運動過程中，由牛頓第二定律知：mgsin30+|imgcos30o=ma2所以mgsinBOGmgMiimgcosBO。，所以物塊到達C點后將靜止在C點不會下滑，故A錯誤，BC正確;D、加速運動時，沿斜面方向根據牛頓第二定律可得：F-mgsin300-gmgcos300=mai,即：F-1x3-更 x3xJI = 0.3xW, 2323解得：F=4N.應選：BCD.AD解：A、根據牽引力和速度的圖象和功率P=Fv得汽車運動中的最大功率為Fiv故A正確.B、汽車運動過程中先保持某一恒定加速度，

8、后保持恒定的牽引功率，所以速度為V2時的功率是Fl v1，根據功率P=Fv得速度為V2時的牽引力是F=3,V2對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和阻力，該車所能到達的最大速度時加速度為零，所以此時阻力等于牽引力，所以阻力f=3V3根據牛頓第二定律，有速度為V2時加速度大小為故B錯誤D正確. mv2 7WV3C、根據牛頓第二定律，有恒定加速時，加速度根據vi=a，t解得t=，故c錯m wv3尸 1?3一尸誤.應選：AD(1)通過連接在一起的A、B兩物體驗證機械能守恒定律,即驗證系統的勢能 變化與動能變化是否相等，A、B連接在一起，A下降的距離一定等于B上升的距離; A、B的速度大小總是相等的

9、，故不需要測量繩子的長度和B上升的距離及時間.故 選或均可以.(2)如果繩子較重，系統的重力勢能就會有一局部轉化為繩子的動能，造成實驗 誤差；繩子不宜太長，長了形變對實驗的影響越大；叫、圓相差越大，整體所受阻 力相對于合力對運動的影響越小.物體末速度v是根據勻變速直線運動求出的，故 要保證物體在豎直方向運動.這些都是減小系統誤差,提高實驗準確程度的做法.故 選：(3)實驗誤差來自測量：所以屢次取平均值可減少測量誤差，又繩子伸長量盡量 小，可減少測量的高度時的誤差.故答案為：(1)或；(2)；(3)屢次取平均值可減少測量誤差或繩 子伸長量盡量小等.(意思對即可)(1)也(2) 1. 5必2 (3

10、)砂和砂桶的總質量太大;g（1）設經過t時間兩車速度相等,那么：vA=vB-at 解得:25sa1那么兩車相距的最近距離為：A x=vBt- at2-vAt2代入數據解得： x=250m (2) 10s 后,B 車的速度為： vBi=vB-ati=22m/s此時兩車的距離為：Ax=VAti+200m-(VBti ；at,=40m 設A車的加速度大小至少為a7 ,10s后速度相等需經歷的時間為t，那么有:11vBi-at =vA+a t，取/ +-ar t，2+Ax7 =vBit -at，222代入數據聯立兩式解得：az =lm/s2答案：(1) 250m (2) lm/s216.解析質量分別為

11、必、16.解析質量分別為必、周的兩小球離開3點后做平拋運動,設平拋運動的初速度為Vb，那么2R=,x= vBt 解得 %=2鏡 m/s設質量分別為血、外的兩小球碰后的速度為儂根據機械能守恒定律有（血+外）g27?+：（歿+必）*=3（處+加,解得%=4 m/s設質量分別為血、尼的兩小球碰前質量為儂的小球的速度為w，由動量守恒定律得儂眩=（功+外）匕，解得打=6 m/s設質量分別為防、血的兩小球碰前質量為血的小球的速度為M，由動量守恒定律得：nhVinkVQ=nkv29 解得 匕=4 m/s對質量為儂的小球，由動量定理得分方=汲,解得分=8 No答案8 N.解：(1)設繩的拉力大小為T,分別以A

12、、B為對象用牛頓第二定律,有 T=ma, mgT=ma,貝Ij有 T=ma, mgT=ma,貝Ij_g a-2(2) A加速上升階段，彈簧恢復原長前對A： T+kx-(2) A加速上升階段，彈簧恢復原長前對A： T+kx-mg5=ma對 B： mgT=ma消去T得詈+kx=2ma上升過程x減小，a減小，v增大彈簧變為伸長后同理得等一kx=2ma上升過程x增大,上升過程x增大,a減小，v繼續增大;當kx=詈時a=0,速度到達最大.可見Q點時速度最大，對應的彈力大小恰好是于，彈性勢能和初始狀態相同.A上升到Q點過程，A、B的位移大小都是及=詈,K該過程對A、B和彈簧系統用機械能守恒定律有mgxo=

13、mgxosin 0 +1 2m 潟可得” =可得” =1.解：圖（甲）中虛線表示2、6球原來的平衡位置，實線表示燒斷后重新到達平 衡的位置，其中a、4分別表示以、回與豎直方向的夾角.4球受力如圖（乙）所 示：重力儂，豎直向下；電場力qE,水平向左；細線0A對2的拉力方，方向如圖; 細線四對4的拉力應 方向如圖.由平衡條件得圖甲圖乙圖丙I sina + 與 sin/? = q石（cosa =儂 + 5 cos夕球受力如圖（丙）所示：童力mg,豎直向下；電場力水平向右; 細線相對6的拉力公，方向如圖.由平衡條件得T? sin 0 = qE T2 cos a = mg 聯立以上各式并代入數據，得a

14、= 0尸= 45。由此可知，4 6球重新到達平衡的位置如圖（丁）所示.與原來位置相比，A球的重力勢能減少了瑪sin60。）夕球的重力勢能減少了夕球的重力勢能減少了Eb = mg/(l-sin600 + cos 450)2球的電勢能增加了2球的電勢能增加了WA=qElco0 (9)8球的電勢能減少了8球的電勢能減少了WB = yE/(sin 45 - sin30)兩種勢能總和減少了兩種勢能總和減少了w = wb-wa + ea + eb代入數據解得代入數據解得W = 6.8x10-2J5.在x軸上有兩個點電荷，一個帶正電荷一個帶負電荷Q2,且Q】=2Q2,用瓦和E2分別表示兩個電荷所產生的場強的

15、大小，那么在x軸上（）Ei=Ez的點有一處,&=E2的點有兩處,E1=E2的點有三處,Ei=E2的點有三處,Ei=Ez的點有一處,&=E2的點有兩處,E1=E2的點有三處,Ei=E2的點有三處,該處合場強為零其中一處合場強為零, 其中兩處合場強為零, 其中一處合場強為零,另一處合場強為2E2另一處合場強為2E2另兩處合場強為2E16.如以下圖所示，質量分別為m、2m的球A、B由輕質彈簧相連后 再用輕質細線懸掛在正在豎直向上做勻減速運動的電梯內，細線VA.VA.的拉力為F,此時突然剪斷細線，在線斷的瞬間，彈簧的彈力大小和小球A的加速度大小分別為（A.生 3C.更 32F + g 3mF + g

16、3mB.-3D.32F + g 3mF + g3m.如下圖，三角形傳送帶以lm/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是 2m且與水平方向的夾角均為370 .現有兩個小物塊A、B同時從傳送帶頂端都以 lm/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數都是0. 5,sin37 =0.6, cos37 =0.8,重力加速度g=10m/s2.以下說法正確的選項是（）A.物塊A、B運動的加速度大小不同B.物塊A、先到達傳送帶底端C.物塊A、B運動到傳送帶底端時重力的功率相等D.物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比為1： 3.如下圖，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可

17、被忽略.一帶負電的油滴被固定于電容器中的P點.現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，貝!1（A.平行板電容器的電容將變小B.靜電計指針偏轉角變小C.帶電油滴的電勢能將減少D.假設先將電容器的上極板與電源正極間的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，那么帶電油滴所受靜電力不變9.如下圖，地球衛星a、6分別在橢軌道、形軌道上運行,橢圓軌道在遠地點2處與圓形軌道相切，貝A.兩顆衛星分別經過2點處時，“的加速度小于6的加速度B.兩顆衛星分別經過4點處時，a的速度大于6的速度C.衛星a的運行周期比衛星6的運行周期短D.衛星a在Z點處通過加速可以到圓軌道上運行10.如下圖，一位同學玩飛鏢游戲。

18、盤最上端有一 P點，飛鏢拋出時與P等高,盤以經過盤盤以經過盤且距離P點為L。當飛鏢以初速度右垂直盤面瞄準P點拋出的同時, 心0點的水平軸在豎直平面內勻速轉動。忽略空氣阻力，重力加速度為g,假設飛鏢恰好擊中P點，貝!1()A.飛鏢擊中P點所需的時間為上%B.盤的半徑可能為C.盤轉動角速度的最小值為2萬%LD.P點隨圓盤轉動的線速度可能為衛 4%C、小物塊與斜面間的動摩擦因數為311.如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為30 ,質量為0.3Kg的小物塊靜止 在A點，現有一沿斜面向上的恒定推力F作用在小物塊上，作用一段時間后撤去推 力F,小物塊能到達的最高位置為C點，小物塊從A到C的uT圖像如圖乙所

19、示，gmiOm/s2,那么以下說法正確的選項是：()A、小物塊到C點后將沿斜面下滑B、小物塊加速時的加速度是減速時加速度的13D、推力F的大小為4N12. 一輛汽車在平直的公路上運動，運動過程中先保持某一恒定加速度，后保持恒 定的牽引功率，其牽引力和速度的圖像如下圖，假設汽車的質量ID,牽引力明 和速度V1及該車所能到達的最大速度V3,運動過程中阻力大小恒定，那么根據圖像所 給的信息，以下說法正確的選項是：（）A.汽車運動中的最大功率為尸得B.速度為V2時的加速度大小為他C.恒定加速時，加速度為二 mD.汽車行駛中所受的阻力為他匕第n卷（非選擇題，共60分）二、實驗題。（此題共3小題，共16分

20、，每空2分）13.（全國I高考22）如下圖，兩個質量各為叫和的小物塊A和B,分別系在一條跨過定滑輪的軟繩兩端，叫,現要利用此裝置驗證機械能守恒定律.V/假設選定物塊A從靜止開始下落的過程進行測量，那么需要測量的物理量有 物塊的質量四、m2；物塊A下落的距離及下落這段距離所用的時間；物塊B上升的距離及上升這段距離所用的時間；繩子的長度.（2）為提高實驗結果的準確程度，某小組同學對此實驗提出以下建議:繩的質量要輕； 在“輕質繩”的前提下，繩子越長越好；盡量保證物塊只沿豎直方向運動，不要搖晃；兩個物塊的質量之差要盡可能小.以上建議中確實對提高準確程度有作用的是（3）寫出一條上面沒有提到的對提高實驗結

21、果準確程度有益的建議： 14.用如圖1所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律（所用交流電頻率為50Hz,當地的重力加速度為g）。（1）以下做法正確的選項是（填字母代碼）A.調節滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行B.在調節木板傾斜程度平衡小車受到的滑動摩擦力時，將裝有砂的砂桶，用細線 通過定滑輪拴在小車上C.實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源D.通過增減小車上的祛碼改變質量時，需要再次調節木板傾斜度E.為使繩子拉力近似等于砂和砂桶總重力，應保證砂和小桶的總質量遠小于小車 與祛碼的總質量（2）如圖2所示為某次實驗得到的紙帶，紙帶中相鄰計數點間的距離已標出，相 鄰計數點間還有四個實際點沒有畫

22、出。由此可求得小車的加速度大小為 m/s2.（3）保持小車的質量M不變，改變砂桶與砂的總重力F,屢次實驗，根據得到的數 據，在a-F圖象中描點（如圖3所示）.結果發現右側假設干個點明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是成此誤差的主要原因是.假設不斷增加砂桶中砂的質量，a-F圖象中各點連成的曲線將不斷延伸，加速度的趨向值為三、計算題(此題共4小題，共44分。解答必須寫出必要的文字說明、方程式和 重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確 寫出數值和單位).某地出現霧霾天氣,能見度只有200m,即看不到200m以外的情況,A、B兩輛汽車 沿同一公路同向行駛,A車在前,速

23、度vA=10m/s, B車在后,速度vB=30m/s, B車在距A 車200m處才發現前方的A車,這時B車立即以最大加速度a=0. gm/s?剎車,求:(1)如果B車以最大加速度減速,能見度至少到達多少米才能保證兩車不相撞。(2)如果B車以最大加速度減速,同時開始按喇叭,10s后,A車發現后，立即加速前進, 那么A車的加速度至少多大時才能防止與B車相撞。.如下圖，水平光滑地面的右端與一半徑 40.2 m的豎直半圓形光滑軌道相 連，某時刻起質量外=2 kg的小球在水平恒力廠的作用下由靜止向左運動，經時間t=l s撤去力F,接著與質量圖=4 kg以速度匕=5 m/s向右運動的小球碰撞，碰后質量為圖

24、的小球停下來，質量為血的小球反向運動，然后與停在半形軌道底端A點的質量砥=1 kg的小球碰撞，碰后兩小球粘在一起沿半圓形軌道運動,離開6點后,落在離2點0. 8 m的位置,求恒力方的大小。(g取10 m/s2)四外/ / / / / / / /.如下圖，戶是傾角為30的光滑固定斜面。勁度為A的輕彈簧一端同定在斜 面底端的固定擋板。上，另一端與質量為必的物塊A相連接。細繩的一端系在物體 4上，細繩跨過不計質量和摩擦的定滑輪，另一端有一個不計質量的小掛鉤。小掛 鉤不掛任何物體時，物體Z處于靜止狀態，細繩與斜面平行.在小掛鉤上輕輕掛上 一個質量也為R的物塊6后，物體Z沿斜面向上運動.斜面足夠長，運動過程中6 始終未接觸地面。(1)求物塊A剛開始運動時的加速度大小紿 (2)設物塊A沿斜面上升通過0點位置時速度最大，求0點到出發點的距離及及最 大速度片;.如下圖有三根長度皆為1=1. 00 m的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一端/定在天花板上的o點,另一端分別掛有質量皆為皿=1.00 x10-2kg的帶電小球z 和3它們的電量分別為一 O和+ s q=l. 00X1CT7C. 2、5之間用第三根線連接 起來.空間中存在大小為月