1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖，一半徑為R的3/ 4光滑圓形軌道ABC豎直固定放置，有一質量為m的質點在距A端正上方H=3R處由靜止釋放，由A點進入圓周軌道，（重力加速度大小為g，空氣阻力不計）則下列判斷正確的是A質點運動到A點的速度B質點運動到B點的速度C質點在B點時對軌道的壓力9mgD質點不可能到達C點2、如圖所示，在一端封閉的光滑細玻璃管中注滿清水，水中放一紅蠟塊R（R視為質點）將玻璃管的開口端用膠塞塞緊后豎直倒置且與y軸重合，R從坐標原點開始運動的軌跡如圖所示，則紅蠟塊R在x、y方向的運動情況可能是Ax方向勻速直線運動，y方向勻速直線運動Bx方向勻速直線運動，y方向勻加速直線運動Cx方向勻減

3、速直線運動，y方向勻加速直線運動Dx方向勻加速直線運動，y方向勻速直線運動3、汽車以10m/s的速度在馬路上勻速行駛，駕駛員發現正前方15m處的斑馬線上有行人，于是剎車禮讓汽車恰好停在斑馬線前，假設駕駛員反應時間為0.5s汽車運動的圖如圖所示，則汽車的加速度大小為ABCD4、如圖所示，工地的建筑工人用磚夾搬運5塊相同的磚，當磚處于平衡狀態時，下列說法正確的是A磚夾對磚的水平壓力越大，1、5兩塊磚受到的摩擦力越大B3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C4對3的摩擦力方向豎直向下D1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力相同5、如圖所示，質量分別為M、m的兩個物體系在一根通過輕滑輪的輕繩兩

4、端，M放在水平地面上，m被懸在空中，若將M沿水平地面向右緩慢移動少許后M仍靜止，則下面說法正確的是（ ）A繩中張力變大B滑輪軸所受的壓力變大CM對地面的壓力變大DM所受的靜摩擦力變大6、如圖所示，質量為m速度為v的A球跟質量為3m的靜止B球發生對心正碰，碰撞后B球的速度可能有不同的值，碰后B的速度可能為A0.2v B0.4vC0.6v D0.8v二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物塊m1、m2均沿斜面勻速下滑，斜面體abc靜止于粗糙水平地面上，已知m1m2

5、，12。下列說法中正確的是（ ）A斜面體ab面和ac面的動摩擦因數不同B斜面對物塊m1的作用力垂直ab面向上C物塊m1對斜面的作用力豎直向下D地面對斜面體的摩擦力水平向左8、如圖所示，a、b、c、d四個質量均為m的帶電小球恰好構成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內的同一圓周上繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，三小球所在位置恰好將圓周等分小球d位于O點正上方h處，且在外力F作用下恰好處于靜止狀態，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為6q,h=重力加速度為g，靜電力常量為k,則下列說法正確的是( )A小球a一定帶正電B小球c的加速度大小為C小球b的

6、周期為D外力F豎直向上，大小等于9、如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質量mA4kg，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計可視為質點的物塊 B置于A的最右端，B的質量mB2kg.現對A施加一個水平向右的恒力F10N，A運動一段時間后，小車左端固定的擋板與B發生碰撞，碰撞時間極短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下繼續運動，碰撞后經時間t0.6s，二者的速度達到vt2m/s.下列說法正確的是()AA開始運動時加速度a2.5m/s2BA、B碰撞后瞬間的共同速度v1m/sCA的上表面長度l0.45mDA的上表面長度l0.55m10、如圖所示，在直角坐標系xOy的第象限存在著方

7、向平行于y軸的勻強電場，場強大小為5103N/C一個可視為質點的帶電小球在t=0時刻從y軸上的a點以沿x軸正方向的初速度進入電場，圖中的b、c、d是從t=0時刻開始每隔0.1s記錄到的小球位置，已知重力加速度的大小是10m/s1則以下說法正確的是A小球從a運動到d的過程中，電勢能一定減小B小球從a運動到d的過程中，機械能一定減小C小球的初速度是0.60m/sD小球的比荷(電荷量/質量)是110-3C/kg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規律。物塊在重物的牽引下開始運動，重

8、物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達滑輪處）。從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數點，相鄰計數點間的距離如圖乙所示。打點計時器電源的頻率為50Hz。(1)通過分析紙帶數據，可判斷物塊在相鄰計數點_和_之間某時刻開始減速。(2)計數點5對應的速度大小為_m/s，計數點6對應的速度大小為_m/s。（保留三位有效數字）。 (3)物塊減速運動過程中加速度的大小為=_m/s2，若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數（g為重力加速度），則計算結果比動摩擦因數的真實值_（填“偏大”或“偏小”）。12（12分）如題圖甲為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數的實驗裝置示意圖，實驗步驟如下：用天平測量

9、物塊和遮光片的總質量M、重物的質量m，用游標卡尺測量遮光片的寬度d：用米尺測量兩光電門之間的距離s；調整輕滑輪，使細線水平；讓物塊從光電門A的左側由靜止釋放：用數字毫秒計分別測出遮光片經過光電門A和光電門B所用的時間t1和t2，求出加速度a：多次重復步驟，求加速度的平均值；根據上述實驗數據求出動摩擦因數.回答下列問題：(1)測量d時，某次游標卡尺(主尺的分度值為1 mm)的示數如圖乙所示，其讀數為_cm.(2)物塊的加速度a可用d、s、t1和t2，表示為a_(3)動摩擦因數可用M、m、和重力加速度g表示_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明

10、、方程式和演算步驟。13（10分）一根長為l的絲線吊著一質量為m，帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強電場中，如圖所示，絲線與豎直方向成37角，現突然將該電場方向變為向下且大小不變，不考慮因電場的改變而帶來的其他影響（重力加速度為g），求：（1）勻強電場的電場強度的大小；（2）小球經過最低點時受到的拉力大小14（16分）如圖所示，底端切線水平且豎直放置的光滑圓弧軌道的半徑為L，其軌道底端P距地面的高度及與右側豎直墻的距離均為L，Q為圓弧軌道上的一點，它與圓心O的連線OQ與豎直方向的夾角為60。現將一質量為m，可視為質點的小球從Q點由靜止釋放，g10 m/s2，不計空氣阻力。試求：（1）小球在

11、P點時受到的支持力大小；（2）在以后的運動過程中，小球第一次與墻壁的碰撞點離墻角B點的距離。15（12分）如圖所示，平面直角坐標系的第二象限內存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一質量為m、帶電荷量為+q的小球從A點以速度v0沿直線AO運動，AO與x軸負方向成37角。在y軸與MN之間的區域內加一電場強度最小的勻強電場后，可使小球繼續做直線運動到MN上的C點，MN與PQ之間區域內存在寬度為d的豎直向上勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，小球在區域內做勻速圓周運動并恰好不能從右邊界飛出，已知小球在C點的速度大小為2v0，重力加速度為g，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)第

12、二象限內電場強度E1的大小和磁感應強度B1的大小；(2)區域內最小電場強度E2的大小和方向；(3)區域內電場強度E3的大小和磁感應強度B2的大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A. 從釋放到A點，由機械能守恒定律可得解得質點運動到A點的速度，選項A錯誤；B. 從釋放到B點，由機械能守恒定律可得質點運動到B點的速度，選項B錯誤；C. 在B點，由牛頓第二定律：解得質點在B點時軌道的支持力為N=9mg，根據牛頓第三定律可知質點在B點時對軌道的壓力為9mg，選項C正確；D. 質點恰能到達C點時滿足，則 ；若

13、質點能到達C點，則解得則質點能到達C點，選項D錯誤2、D【解析】試題分析：若方向勻速直線運動，根據運動軌跡的形狀，則方向的加速度方向沿負方向，即方向減速直線運動，故AB錯誤；若方向勻速直線運動，根據運動軌跡的形狀，則方向的加速度方向沿正方向，即方向加速直線運動，故C錯誤，D正確考點：運動的合成和分解【名師點睛】牢記曲線運動的條件，曲線運動的速度方向與軌跡的關系，應用曲線運動的分解的方法研究問題3、C【解析】根據速度時間圖像可以知道，在駕駛員反應時間內，汽車的位移為,所以汽車在減速階段的位移 根據 可解得： 故C對；ABD錯；綜上所述本題答案是：C【點睛】駕駛員在發應時間內做勻速運動，根據圖像可

14、以求出勻速過程的位移，再利用求出運動過程中的加速度的大小4、B【解析】A.設每塊磚的質量為m，只有滑動摩擦和最大靜摩擦才和正壓力成正比，對整體根據平衡條件可得1、5兩塊磚受到的摩擦力大小均為2.5mg，與正壓力無關，故A錯誤；BC.對3受力分析，根據平衡條件可得3受到2施加的摩擦力大小與3受到4施加的摩擦力大小之和等于3的重力，所以3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半，方向向上，所以4對3的摩擦力方向豎直向上，故B正確，C錯誤；D.1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D錯誤；5、B【解析】A.以m為研究對象，得到繩子拉力F=mg，保持不變，故A錯誤；B.滑輪軸

15、所受的壓力大小等于兩側繩子拉力的合力大小，繩子拉力大小不變，兩側繩子間夾角減小，則繩子拉力的合力變大，則滑輪軸所受的壓力變大，故B正確；CD.以M為研究對象，設輕繩與豎直方向的夾角為，分析受力，由平衡條件，地面對M的支持力FN=Mg-Fcos地面對M的摩擦力Ff=FsinM沿水平地板向右緩慢移動少許后，減小，由數學知識得到FN變小，Ff變小；根據牛頓第三定律得知M對地面的壓力也變小，故CD錯誤。故選B.6、B【解析】兩球碰撞過程動量守恒，以A的初速度方向為正方向，如果兩球發生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律得：mv=（m+3m）v解得：v=0.25v；如果兩球發生完全彈性碰撞，由動量守恒定律得：

16、mv=mvA+3mvB，由機械能守恒定律得： mv2=mvA2+3mvB2解得：vB=0.5v則碰撞后B的速度為：0.25vvB0.5v，故B正確；故選B點睛：本題考查了求碰撞后球的速度，分析清楚碰撞的類型、應用動量守恒定律與機械能守恒定律即可正確解題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】對整體受力分析。整體受力為重力和支持力。故D錯誤；對m1受力分析得;斜面對物體的總作用力與m1的重力等大反向共線，豎直向上，m1對斜面的總作用力豎直向下，故C正確，B錯誤；

17、對m1列式： m1gsin1=1m1gcos1,1=tan1；同理對m2列式：2=tan2，故A正確。故選AC.【點睛】本題注意整體法和隔離法的運用。8、BD【解析】a、b、c三小球所帶電荷量相同，要使三個做勻速圓周運動，d球與a、b、c三小球一定是異種電荷，由于a球的電性未知，所以d球不一定帶正電，故A錯誤設db連線與水平方向的夾角為，則，對b球，根據牛頓第二定律和向心力得：，解得：，即b的周期為，c的加速度為，故B正確，C錯誤；abc三個小球對d的吸引力向下，大小為，因此拉力F的大小為，D正確【點睛】a、b、c三個帶電小球在水平面內做勻速圓周運動，由合外力提供向心力，分析其受力情況，運用牛

18、頓第二定律研究即可9、ABC【解析】以A為研究對象，由牛頓第二定律得：F=mAa，代入數據得：a=2.5m/s2，故A正確；A、B碰撞后共同運動過程中，選向右的方向為正，由動量定理得：Ft=（mA+mB）vt-（mA+mB）v，代入數據解得：v=1m/s，故B正確；A、B碰撞過程動量守恒，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mAvA=（mA+mB）v，A從開始運動到與B發生碰撞前，由動能定理得：Fl=12mAvA2，聯立并代入數據得：l=0.45m，故C正確，D錯誤。所以ABC正確，D錯誤。10、BCD【解析】在豎直方向上，由y=aT1得，說明電場力方向豎直向上，小球從a運動到d的過程

19、中，電場力做負功，則其電勢能一定增大故A錯誤電場力做負功，則小球的機械能一定減小故B正確在水平方向上，小球做勻速直線運動，則有故C正確由牛頓第二定律得：，得，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6 7 1.00 1.20 2.00 偏大 【解析】(1)12從紙帶上的數據分析得知：在點計數點6之前，兩點之間的位移逐漸增大，是加速運動，在計數點7之后，兩點之間的位移逐漸減小，是減速運動，所以物塊在相鄰計數點6和7之間某時刻開始減速。(2)3根據某段的平均速度等于中時刻的速度，則計數點5對應的速度4在計數點1到6物塊加速，在6到7物塊

20、開始減速，物體加速階段的加速度為計數點6對應的速度(3)5由紙帶可知，計數點7往后做減速運動，根據逐差法得6在減速階段產生的加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受的阻力，所以計算結果比動摩擦因素的真實值偏大。【點睛】做分析勻變速直線運動情況時，其兩個推論能使我們更為方便解決問題，一、在相等時間內走過的位移差是一個定值，即，二、在選定的某一過程中，中間時刻瞬時速度等于該過程中的平均速度12、 (1)1.132cm (2) (3) 【解析】（1）由圖（b）所示游標卡尺可知，主尺示數為11cm，游標尺示數為6225mm=232mm=2232cm，則游標卡尺示數為11cm+2232cm=1132cm（2）物塊經過A點時的速度，物塊經過B點時的速度，物塊做勻變速直線運動，由速度位移公式得：vB2-vA2=2as，加速度；（3）以M、m組成的系統為研究對象，由牛頓第二定律得：mg-Mg=（M+m），解得四、計算題：本題共