1、考點：楞次定律電磁感應現象回答了“磁能生電”，楞次定律和右手定則解決了“磁生電過程中感應電流的方向”問題。楞次定律是本章的的基礎，是高考的常考點。感應電動勢或感應電流的方向判斷應熟練應用楞次定律和右手定則。應用楞次定律的關鍵：要正確區分兩個磁場（一是引起感應電流的磁場即原磁場，二是感應電流產生的磁場），深刻把握兩磁場的“阻礙”關系“阻礙”的是原磁通量的變化，即“增反減同”。應用楞次定律的步驟可分以下三步進行：(1)明確引起感應電流的原磁場的方向及其分布情況，定性畫出磁感線；(2)分析原磁通量的變化；(3)根據“阻礙”關系確定感應電流的磁場方向，即原磁通量增加，感應電流的磁場方向與原磁場反向，反

2、之亦然。(4)利用安培定則來判斷定感應電流的方向。示例一兩圓環A、B置于同一水平面上，其中A為均勻帶電絕緣環，B為導體環。當A以如圖所示的方向繞中心轉動的角速度發生變化時，B中產生如圖所示方向的感應電流。則AA可能帶正電且轉速減小BA可能帶正電且轉速增大CA可能帶負電且轉速減小DA可能帶負電且轉速增大 【答案】 BC 【解析】 要使B環中產生的感應電流方向如圖所示，根據楞次定律可得，A環內要產生向里加強或向外減弱的磁場，再根據安培定則可得B、C選項正確。示例二如圖所示是一種延時開關，當S1閉合時，電磁鐵F將銜鐵D吸下，C線路接通。當S1斷開時，由于電磁感應作用，D將延遲一段時間才被釋放。則A由

3、于A線圈的電磁感應作用，才產生延時釋放D的作用B由于B線圈的電磁感應作用，才產生延時釋放D的作用C如果斷開B線圈的電鍵S2，無延時作用D如果斷開B線圈的電鍵S2，延時將變長【答案】 BC【解析】 當斷開S1，線圈A中的電流減小并消失，鐵芯中的磁通量減小。若B線圈閉合，則在其中產生感應電流，根據楞次定律，感應電流的磁場將阻礙原磁通量的減小，這樣，鐵芯中的磁場減弱的就會慢一些，對D依然可以產生較大的吸引力，起到延時釋放D的作用。故B、C選項正確。示例三傳感器可將非電學量轉化為電學量，起自動控制作用。如計算機鼠標中有位移傳感器，電熨斗、電飯煲中有溫度傳感器，電視機、錄像機、影碟機、空調機中有光電傳感

4、器唱卡拉OK用的話筒，內有傳感器。其中有一種是動圈式的，它的工作原理是在彈性膜片后面粘接一個輕小的金屬線圈，線圈處于永磁體的磁場中，當聲波使膜片前后振動時，就將聲音信號轉變為電信號。下列說法正確的是A該傳感器是根據電流的磁效應工作的B該傳感器是根據電磁感應原理工作的C膜片振動時，穿過金屬線圈的磁通量不變D膜片振動時，金屬線圈中不會產生感應電動勢（03年高考·上海大綜合卷） 【答案】 B 【解析】 當聲波使膜片前后振動時，膜片后的金屬線圈就跟著振動，從而使處于永磁體的磁場中的線圈做切割磁感線運動，產生感應電流，將聲音信號轉化為電信號，故此工作原理為電磁感應原理。B選項正確。示例四如圖（

5、a），圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛一相同的線圈Q，P和Q共軸，Q中通有變化電流，電流隨時間變化的規律如圖（b）所示，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為N，則At1時刻NGBt2時刻NGCt3時刻NGDt4時刻N=G 【答案】 A、D【解析】 t1時刻線圈Q中電流增強，磁場增強，使穿過P的磁通量增加，P中產生感應電流，使P有遠離Q的趨勢，P對桌面的壓力將增大，故A選項正確。t2、 t4時刻線圈Q中電流不變，磁場不變，使穿過P的磁通量不變，P中不產生感應電流，故P對桌面的壓力不變，故B選項錯，D選項正確。t3 盡管P會產生感應電流，但是Q中電流為零，它對P不會產生作用力，故選項C正確

6、。練習：1.如圖所示，A、B是兩根互相平行的、固定的長直通電導線，二者電流大小和方向都相同。一個矩形閉合金屬線圈與A、B在同一平面內，并且ab邊保持與通電導線平行。線圈從圖中的位置1勻速向左移動，經過位置2，最后到位置3，其中位置2恰在A、B的正中間。下面的說法中正確的是 （ ）A在位置2這一時刻，穿過線圈的磁通量為零B在位置2這一時刻，穿過線圈的磁通量的變化率為零C從位置1到位置3的整個過程中，線圈內感應電流的方向發生了變化D從位置1到位置3的整個過程中，線圈受到的磁場力的方向保持不變AD（根據安培定則和楞次定律判斷，AD正確。）2一磁棒自遠處勻速沿一圓形線圈的軸線運動，并穿過線圈向遠處而去，如圖所示。則下列四個圖中較正確反映線圈中I與時間t關系的是（線圈中電流以圖示箭頭為正方向） （ ）NSAitoitoitoitoBCDB（由楞次定律可判斷B正確。）3.如圖所示，光滑無電阻的金屬框架MON豎直放置，水平方向的勻強磁場垂直MON平面，質量為m的金屬棒ab從abO=60°的位置由靜止釋放，兩端沿框架在重力作用下滑動。在棒由圖