1、2015年天津市高考物理模擬試卷(1)一、單項選擇題1 .根據愛因斯坦的“光子說”可知（）A“光子說”本質就是牛頓的“微粒說”B光的波長越大，光子的能量越小C一束單色光的能量可以連續變化D只有光子數很多時，光才具有粒子性2為了研究樂音的振動規律，某同學用計算機錄制下優美的笛音do和sol，然后在電腦上用軟件播放，分別得到如圖中a和b所示的兩個振動圖線，則下列說法正確的是（）Ado和dol兩笛音的頻率之比約為3：2Bdo和dol兩笛音的周期之比約為5：3Cdo和dol兩笛音在空氣中的波長之比約為3：2Ddo和dol兩笛音在空氣中的傳播速度之比約為5：33如圖所示，在兩等量異種點電荷連線上有c、O

2、、f三點，虛線M、L、K分別為過c、O、f三點的等勢面，一不計重力的帶負電粒子，從a點射入電場，只在電場力作用下沿abcde運動，軌跡關于兩點電荷連線對稱，如圖中實線所示，則下列說法中正確的是（）A各等勢線的電勢大小關系為KLMBa點與b點的電場強度相同Ca點與e點的電場強度相同D粒子在c點的電勢能大于在e點的電勢能4如圖所示電路中，電源電動勢為E、內阻為r，電阻R3為定值電阻，R1、R2為滑動變阻器A B為電容器兩個水平放置的極板當滑動變阻器R1、R2的滑動觸頭處于圖示位置時A，B兩板間的帶電油滴靜止不動則下列說法中正確的是（）A把R2的觸頭向右緩慢移動時，油滴向下運動B把R1的觸頭向右緩慢

3、移動時，油滴向上運動C緩慢增大極板A、B間的距離，油滴靜止不動D緩慢減小極板A、B的正對面積，油滴向上運動二、不定項選擇題5甲、乙兩個質點同時在某直線上的同一地點由靜止開始運動，其vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A乙在前2s內的加速度方向不變B在2s時兩質點相距最遠C兩質點最遠相距為6mD出發2（+2）s后乙追上甲6如圖所示，一束紅光PA從A點射入一球形水珠，光線在第一個反射點B反射后到達C點，CQ為出射光線，O點為球形水珠的球心下列判斷中正確的是（）A光線在B點可能發生了全反射B光從空氣進入球形水珠后，波長變長了C光從空氣進入球形水珠后，頻率增大了D僅將紅光改為紫光，光從A點射入后到

4、達第一個反射點的時間增加了7如圖甲所示，將圓形閉合回路（面積固定）置于廣闊的勻強磁場中，若磁感應強度B隨時間t變化的圖象分別如圖乙中的a、b、c、d所示則下列關于回路中產生感應電流的論述中正確的是（）A圖a中回路產生的感應電流恒定不變B圖b中回路產生的感應電流恒定不變C圖c中回路在0t1時間內產生的感應電流大于在t1t2時間內產生的感應電流D圖d中回路產生的感應電流先變大再變小三、非選擇題部分共5小題，把答案填寫在答題卷中的橫線上或按題目要求作答解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位8一汽車以36km/h的速度過

5、凸形橋最高點時，對橋的壓力是車重的，則橋面的曲率半徑為m為了安全起見，汽車不能飛離橋面，則汽車在橋頂時的速度應限制在m/s內（取g=10m/s2）9如圖甲所示，實驗桌面上O點的左側光滑，從O點到實驗桌的右邊緣平鋪一塊薄硬砂紙并固定利用該裝置可以測定木塊與與砂紙紙面之間的動摩擦因數實驗中，當木塊A位于O點時，沙桶B剛好接觸地面將A拉到M點，待B穩定且靜止后釋放，A最終滑到N點測出MO和ON的長度分別為h和L改變木塊釋放點M的位置，重復上述實驗，分別記錄幾組實驗數據（1）實驗開始時，發現A釋放后會撞到滑輪，請提出兩個解決方法：；（2）問題解決后，根據實驗數據作出hL關系的圖象如圖乙所示，圖象的斜率

6、為K1，實驗中已經測得A、B的質量之比為K2，則動摩擦因數=（用K1、K2表示）10利用如圖甲所示的電路可以測量小燈泡的UI曲線實驗中根據測得小燈泡兩端的電壓與通過它的電流的數據描繪出該小燈泡的UI曲線如圖乙所示現備有下列器材：A直流電源（電動勢約為5V，內阻可忽略不計）B直流電流表（量程03A，內阻約為0.1）C直流電流表（量程0300mA，內阻約為5 ）D直流電壓表（量程05V，內阻約為10k）E直流電壓表（量程015V，內阻約為15k）F滑動變阻器（最大阻值10，允許通過的最大電流為2A）回答下列問題：根據圖甲所示的電路圖及圖乙中數據判斷，電流表應使用，電壓表應使用（填相應的字母序號）根

7、據圖乙所作出的小燈泡的U一I曲線，可判斷圖丙中關系圖象正確的是（圖中P為小燈泡的功率，I為通過小燈泡的電流）某同學將兩個完全相同的這種小燈泡并聯接到如圖丁所示的電路中，其中電源電動勢E=3V，內阻r=3，則此時每個小燈泡的實際功率為W（結果保留兩位有效數字）11如圖甲所示，在光滑的水平面上有一有界勻強磁場區域，質量為m、電阻為R的矩形線圈abcd邊長分別為L和2L，線圈一半在磁場內，一半在磁場外，開始時磁感應強度大小為Bt=0時刻，磁感應強度開始均勻減小，線圈中產生感應電流，在安培力作用下運動，其vt圖象如圖乙所示，圖中斜向虛線為過O點速度圖線的切線，數據由圖中給出，求：（1）由開始到t2時刻

8、安培力所做的功（2）磁場的磁感應強度的變化率（3）t2時刻回路的電功率12如圖，靜止于A處的離子，經加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進入矩形區域的有界勻強電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內有均勻輻射分布的電場，已知圓弧虛線的半徑為R，其所在處場強為E、方向如圖所示；離子質量為m、電荷量為q；、，離子重力不計（1）求加速電場的電壓U；（2）若離子恰好能打在Q點上，求矩形區域QNCD內勻強電場場強E0的值；（3）若撤去矩形區域QNCD內的勻強電場，換為垂直紙面向里的勻強磁場，要求離子能最終打在QN上，求磁場磁感應強度B的取值范圍2015年天津市高考物理模擬試卷(1)參

9、考答案與試題解析一、單項選擇題1 .根據愛因斯坦的“光子說”可知（）A“光子說”本質就是牛頓的“微粒說”B光的波長越大，光子的能量越小C一束單色光的能量可以連續變化D只有光子數很多時，光才具有粒子性【考點】光子【分析】愛因斯坦的“光子說”提出在空間傳播的光是不連續的，而是一份一份的，每一份叫做一個光子，光子的能量與頻率成正比，即E=hv（h=6.626×1034 JS）【解答】解：A、“光子說”提出光子即有波長又有動量，是波動說和粒子說的統一，故A錯誤；B、光的波長越大，根據，頻率越小，故能量E=hv越小，故B正確；C、愛因斯坦的“光子說”提出在空間傳播的光是不連續的，而是一份一份的

10、，每一份叫做一個光子，每個光子的能量為E=hv，故光的能量是不連續的，故C錯誤；D、當光子數很少時，顯示粒子性；大量光子顯示波動性，故D錯誤；故選B【點評】愛因斯坦的“光子說”很好地將光的粒子性和波動性統一起來，即單個光子顯示粒子性，大量光子顯示波動性2為了研究樂音的振動規律，某同學用計算機錄制下優美的笛音do和sol，然后在電腦上用軟件播放，分別得到如圖中a和b所示的兩個振動圖線，則下列說法正確的是（）Ado和dol兩笛音的頻率之比約為3：2Bdo和dol兩笛音的周期之比約為5：3Cdo和dol兩笛音在空氣中的波長之比約為3：2Ddo和dol兩笛音在空氣中的傳播速度之比約為5：3【考點】橫波

11、的圖象；波長、頻率和波速的關系【專題】振動圖像與波動圖像專題【分析】由圖象可以觀察得到do和sol周期之間的關系，由于兩列波都是聲波，速度與介質有關【解答】解：A、由圖象可以觀察得到當do完成2個周期時，sol完成3個周期，故do和sol的周期之比約為3：2，根據f=結合B的分析可知：do和sol的頻率之比約為2：3，故AB錯誤；C、由于兩列波都是聲波，都在空氣中傳播，故速度相同，根據及A、C的分析可知：do和sol在空氣中傳播的波長之比為3：2，故C正確，D錯誤故選：C【點評】波速是由介質的性質決定的，對于同一介質中傳播的同一類波，波速相等3如圖所示，在兩等量異種點電荷連線上有c、O、f三點

12、，虛線M、L、K分別為過c、O、f三點的等勢面，一不計重力的帶負電粒子，從a點射入電場，只在電場力作用下沿abcde運動，軌跡關于兩點電荷連線對稱，如圖中實線所示，則下列說法中正確的是（）A各等勢線的電勢大小關系為KLMBa點與b點的電場強度相同Ca點與e點的電場強度相同D粒子在c點的電勢能大于在e點的電勢能【考點】電勢差與電場強度的關系；電場強度【專題】電場力與電勢的性質專題【分析】帶電粒子沿abcde軌跡運動，根據軌跡的彎曲方向判斷出帶電粒子所受電場力大體向左，根據電場線與等勢面垂直，畫出電場線的分布，根據電場線的分布確定出場強的大小和方向【解答】D解：A、由曲線運動的特點可知粒子在c點受

13、到向左的力，過c點的電場線方向向右，根據等量異種點電荷電場的特點知正點電荷在虛線K左邊，負點電荷在虛線M右邊，因此MLK，選項A錯誤；B、a點與b點的電場強度大小不一定相等，而且方向不同，選項B錯誤；C、a點與e點的電場強度大小相等，但方向不同，選項C錯誤；D、粒子從c點到e點，電場力做正功，故粒子在c點的電勢能大于在e點的電勢能，選項D正確故選：D【點評】本題是軌跡問題，首先根據軌跡的彎曲方向判斷帶電粒子所受的電場力方向，畫電場線是常用方法4如圖所示電路中，電源電動勢為E、內阻為r，電阻R3為定值電阻，R1、R2為滑動變阻器A B為電容器兩個水平放置的極板當滑動變阻器R1、R2的滑動觸頭處于

14、圖示位置時A，B兩板間的帶電油滴靜止不動則下列說法中正確的是（）A把R2的觸頭向右緩慢移動時，油滴向下運動B把R1的觸頭向右緩慢移動時，油滴向上運動C緩慢增大極板A、B間的距離，油滴靜止不動D緩慢減小極板A、B的正對面積，油滴向上運動【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；電容；閉合電路的歐姆定律【專題】電容器專題【分析】由電路圖可知，電阻R1與R3串聯接在電源兩端，電阻R2與電容器串聯接在電源兩端，電容器兩端電壓是路端電壓；根據滑片移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯電路特點及歐姆定律判斷電容器兩端電壓如何變化，結合極板的變化情況，對油滴進行受力分析，然后判斷油滴的運動狀態

15、【解答】解：油滴靜止不動，處于平衡狀態，所受重力與電場力合力為零，油滴所受電場力豎直向上；A、由電路圖可知，把R2的觸頭向右緩慢移動時，電容器兩端電壓不變，板間場強不變，油滴受力情況不變，油滴仍然靜止，故A錯誤；B、由電路圖可知，把R1的觸頭向右緩慢移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，電源電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路電流變小，電源內電壓減小，路端電壓增大，電容器兩極板電壓變大，油滴所受電場力變大，所受合力向上，則油滴向上運動，故B正確；C、緩慢增大極板A、B間的距離，極板間的電壓不變，極板間的電場強度減小，油滴所受電場力減小，油滴所受合力向下，油滴向下運動，故C

16、錯誤；D、緩慢減小極板A、B的正對面積，極板間電壓不變，場強不變，油滴所受電場力不變，油滴所受合力為零，仍然靜止不動，故D錯誤；故選B【點評】本題中要抓住電容器的電壓等于路端電壓，與電路部分是相對獨立的分析油滴是否運動，關鍵分析電場力是否變化二、不定項選擇題5甲、乙兩個質點同時在某直線上的同一地點由靜止開始運動，其vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A乙在前2s內的加速度方向不變B在2s時兩質點相距最遠C兩質點最遠相距為6mD出發2（+2）s后乙追上甲【考點】勻變速直線運動的圖像【專題】運動學中的圖像專題【分析】vt圖象的斜率大小表示加速度大小，斜率正負表示加速度方向，兩質點速度相同時相距

17、最遠；根據甲乙位移相等列方程求時間【解答】解：A、對于乙車，Oa先沿反方向做勻加速直線運動，ab沿反方向做勻減速直線運動，所以A錯誤；B、對于乙車，ab沿反方向做勻減速直線運動，bd沿正方向做勻加速直線運動，整個過程的加速度相同，所以B正確；C、在c時刻甲乙速度相同，由面積法可知t=4時相距最遠，最遠為6m，所以C正確；D、甲的加速為a甲=1m/s2，乙1s后的加速度為a乙=2m/s2，由面積等于位移知乙前兩秒內的位移為×2×2=2m，乙追上甲時需滿足a甲t2=a乙（t2）22m，解得：t=2（+2）s，故D正確故選：CD【點評】本題的難點是D項前三項都可以從vt圖象中得到

18、信息6如圖所示，一束紅光PA從A點射入一球形水珠，光線在第一個反射點B反射后到達C點，CQ為出射光線，O點為球形水珠的球心下列判斷中正確的是（）A光線在B點可能發生了全反射B光從空氣進入球形水珠后，波長變長了C光從空氣進入球形水珠后，頻率增大了D僅將紅光改為紫光，光從A點射入后到達第一個反射點的時間增加了【考點】全反射；光的折射定律【專題】全反射和臨界角專題【分析】光從空氣進入介質，波速改變，波長改變，但是頻率不變，根據紅光和紫光的波長關系判斷其它選項【解答】解：A、由圖象知在B點的入射角等于在A點的折射角，所以光線在B點不可能發生全反射，A錯誤；B、光的波長，頻率不變，V=，所以折射率大的介

19、質中波長小，所以光從空氣進入球形水珠后，波長變短了，B錯誤；C、光的頻率是不變的C錯誤；D、紅光的折射率比紫光的小，由V=知在水中的傳播速度比紫光大，所以僅將紅光改為紫光，光從A點射入后到達第一個反射點的時間增加了，D正確；故選D【點評】本題考查了光的折射和反射，要知道光的頻率是不可改變的，而波長在不同的介質中時不一樣的7如圖甲所示，將圓形閉合回路（面積固定）置于廣闊的勻強磁場中，若磁感應強度B隨時間t變化的圖象分別如圖乙中的a、b、c、d所示則下列關于回路中產生感應電流的論述中正確的是（）A圖a中回路產生的感應電流恒定不變B圖b中回路產生的感應電流恒定不變C圖c中回路在0t1時間內產生的感應

20、電流大于在t1t2時間內產生的感應電流D圖d中回路產生的感應電流先變大再變小【考點】法拉第電磁感應定律【專題】電磁感應與電路結合【分析】根據法拉第電磁感應定律，及閉合電路歐姆定律，可知，影響感應電流大小因素；再結合圖象的斜率，即可求解【解答】解：AB、根據閉合電路歐姆定律知，感應電流的大小跟感應電動勢成正比（總電阻不變），再由法拉第電磁感應定律得：E，即圓形回路產生的感應電動勢跟圖象中的圖線斜率成正比；結合圖象可以知道在圖a中回路產生的感應電流為零，圖b中回路產生的感應電流恒定不變，選項A錯誤、B正確；CD、圖象c中在0t1時間內的感應電流是在t1t2時間內感應電流的2倍；圖d中回路產生的感應

21、電流應該是先變小再變大，選項C正確、D錯誤故選：BC【點評】考查法拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律的應用，掌握圖象的斜率的含義，注意確定感應電流大小因素是解題的關鍵三、非選擇題部分共5小題，把答案填寫在答題卷中的橫線上或按題目要求作答解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位8一汽車以36km/h的速度過凸形橋最高點時，對橋的壓力是車重的，則橋面的曲率半徑為40m為了安全起見，汽車不能飛離橋面，則汽車在橋頂時的速度應限制在0m/s內（取g=10m/s2）【考點】向心力【專題】牛頓第二定律在圓周運動中的應用【分析】汽

22、車在橋頂，靠豎直方向上的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出圓弧形橋面的半徑當壓力為零時，靠重力提供向心力，根據牛頓第二定律求出車速的大小【解答】解：車在橋頂時，受到重力和橋面對車的支持力，36km/h=10m/s；根據重力和支持力的合力提供向心力得，又因為：N=mg聯立兩式代入數據解得R=m當壓力為零時，靠重力提供向心力，則有：mg=解得m/s故答案為：4020【點評】解決本題的關鍵知道圓周運動向心力的來源，結合牛頓第二定律進行求解9如圖甲所示，實驗桌面上O點的左側光滑，從O點到實驗桌的右邊緣平鋪一塊薄硬砂紙并固定利用該裝置可以測定木塊與與砂紙紙面之間的動摩擦因數實驗中，當木塊A位于O點時，

23、沙桶B剛好接觸地面將A拉到M點，待B穩定且靜止后釋放，A最終滑到N點測出MO和ON的長度分別為h和L改變木塊釋放點M的位置，重復上述實驗，分別記錄幾組實驗數據（1）實驗開始時，發現A釋放后會撞到滑輪，請提出兩個解決方法：增大A的質量；減小B的質量（2）問題解決后，根據實驗數據作出hL關系的圖象如圖乙所示，圖象的斜率為K1，實驗中已經測得A、B的質量之比為K2，則動摩擦因數=（用K1、K2表示）【考點】探究影響摩擦力的大小的因素【專題】實驗題；摩擦力專題【分析】B減少的重力勢能轉化成系統的內能和A、B的動能，A釋放后會撞到滑輪，說明B減少的勢能太多，轉化成系統的內能太少，從而找作答依據對在B下落

24、至臨落地時和在B落地后，A運動到N，兩個過程運用動能定理，求得的表達式【解答】解：（1）B減少的重力勢能轉化成系統的內能和AB的動能，A釋放后會撞到滑輪，說明B減少的勢能太多，轉化成系統的內能太少，可以通過減小B的質量；增加細線的長度（或增大A的質量；降低B的起始高度）解決故解決方法有：可以通過減小B的質量；增加細線的長度（或增大A的質量；降低B的起始高度）（2）設A、B的質量分別為m、M則B下落至臨落地時根據動能定理有：Mgh=（M+m）v2，在B落地后，A運動到N有： mv2=mgL，又因為： =K2， =K1所以解得：=故答案為：（1）增大A的質量、減小B的質量、降低B的起始高度等；（2

25、）【點評】在判斷此類問題時，要深刻理解動能定理，能量守恒定律，要會通過圖象分析相關問題10利用如圖甲所示的電路可以測量小燈泡的UI曲線實驗中根據測得小燈泡兩端的電壓與通過它的電流的數據描繪出該小燈泡的UI曲線如圖乙所示現備有下列器材：A直流電源（電動勢約為5V，內阻可忽略不計）B直流電流表（量程03A，內阻約為0.1）C直流電流表（量程0300mA，內阻約為5 ）D直流電壓表（量程05V，內阻約為10k）E直流電壓表（量程015V，內阻約為15k）F滑動變阻器（最大阻值10，允許通過的最大電流為2A）回答下列問題：根據圖甲所示的電路圖及圖乙中數據判斷，電流表應使用C，電壓表應使用D（填相應的字

26、母序號）根據圖乙所作出的小燈泡的U一I曲線，可判斷圖丙中關系圖象正確的是B（圖中P為小燈泡的功率，I為通過小燈泡的電流）某同學將兩個完全相同的這種小燈泡并聯接到如圖丁所示的電路中，其中電源電動勢E=3V，內阻r=3，則此時每個小燈泡的實際功率為0.36W（結果保留兩位有效數字）【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線【專題】實驗題【分析】根據圖示圖象求出通過燈泡的最大電流與燈泡兩端的最大電壓，然后選擇電流表與電壓表；根據電功率公式分析答題；在燈泡UI圖象中作出電源的UI圖象，求出燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，然后由P=UI求出燈泡的實際功率【解答】解：由圖示燈泡UI圖象可知，通過燈泡的最大電流約為0.

27、2A，則電流表選擇C，燈泡兩端最大電壓為3V，則電壓表應選擇D；由P=I2R可知，在I2P圖象中圖象上某點與原點連線的斜率為電阻的倒數，燈泡電阻R又隨I的增大而增大，燈泡電阻的倒數隨I的增大而減小，則I2P圖象的斜率隨P的增大而減小，故B正確；設通過燈泡的電流為I，燈泡兩端電壓為U，根據圖丁所示電路圖，由閉合電路歐姆定律可得：E=U+2Ir，則：U=E2Ir，即：U=36I，在燈泡UI圖象坐標系內作出：U=36I的圖象如圖所示：由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓：U=1.8V，通過燈泡的電流：I=0.2A，每個燈泡的實際功率：P=UI=1.8×0.2=0.36W；故答案為：C；D；B；0.

28、36【點評】本題考查了實驗器材的選擇、圖象分析、求燈泡的實際功率，掌握應用圖象法處理實驗數據的方法是正確解題的關鍵11如圖甲所示，在光滑的水平面上有一有界勻強磁場區域，質量為m、電阻為R的矩形線圈abcd邊長分別為L和2L，線圈一半在磁場內，一半在磁場外，開始時磁感應強度大小為Bt=0時刻，磁感應強度開始均勻減小，線圈中產生感應電流，在安培力作用下運動，其vt圖象如圖乙所示，圖中斜向虛線為過O點速度圖線的切線，數據由圖中給出，求：（1）由開始到t2時刻安培力所做的功（2）磁場的磁感應強度的變化率（3）t2時刻回路的電功率【考點】法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【專題】電磁感

29、應與電路結合【分析】（1）運用動能定理，即可求解安培力做功；（2）由法拉第電磁感應定律和歐姆定律結合求出t=0時刻線圈中感應電流的表達式由vt圖象上某一點切線斜率等于加速度，可求出t=0時刻線圈加速度根據牛頓第二定律求得安培力，即可求出磁感應強度的變化率；（3）線圈t2時刻開始做勻速直線運動，分析在t2時刻線圈可能處于位置狀態若磁場沒有消失，但線圈完全進入磁場，由于磁感應強度開始均勻減小，會產生感生電動勢，由ab和cd兩邊切割磁感線產生的動生感應電動勢抵消【解答】解：（1）線圈在水平面上僅受安培力的作用，由開始到t2時刻的過程中，由動能定理得：W安=m0解得：安培力所做的功W安=m（2）從圖線可知，t=O時刻線圈速度為零，圖中斜向虛線為過0點速度曲線的切線，所以加速度為：a=；此時刻線框中感應電動勢：E=L2； I=；由F=B0IL=ma；可解得： =；（3）線圈在t2時刻開始做勻速運動，在t2時刻應有兩種可能：一是，線圈沒有完全進入磁場，磁場就消失，線框內沒有感應電流，回路電功率P=O；二是，磁場沒有消失，但線圈完全進入磁場，盡管有感應電流，但各邊所受磁場力的合力為零，由ab和cd兩邊切割磁感線產生的感應電動勢抵消E=2L2回路電功率P=；答：（1）由開始到t2時刻安培力所做的功m（2）磁場的磁感應強度的變化率（3）t2