2014-2015學年甘肅省平涼市靜寧 一中高三（上）月考物理試卷（三）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中.第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1人造地球衛星離地面的高度等于地球半徑r，衛星以速度v沿圓軌道運動，設地面的重力加速度為g，則有（）av=bv=cv=dv=2考點：人造衛星的加速度、周期和軌道的關系專題：人造衛星問題分析：人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，根據人造衛星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達式，再結合地球表面重力加速度的公式進行討論即可解答：解：人造衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，設衛星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為m，有f=f向f=f向=因而 在地球的表面： 聯立解得故選：a點評：本題關鍵根據人造衛星的萬有引力等于向心力，以及地球表面重力等于萬有引力列兩個方程求解2如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球m擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力f拉住弧形滑塊，使球與滑塊均靜止，現將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離，球仍擱在擋板與滑塊上且仍處于靜止狀態，則與原來相比（）a木板對球的彈力增大b滑塊對球的彈力增大c斜面對滑塊的彈力不變d拉力f減小考點：共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用專題：共點力作用下物體平衡專題分析：隔離對球分析，抓住重力大小方向不變，擋板的彈力方向不變，根據合力為零判斷出木板、滑塊對球彈力的變化對球和滑塊整體分析，抓住合力為零，判斷斜面對滑塊彈力以及拉力的變化解答：解：a、b、對球受力分析，球受到重力、支持力和擋板的彈力，如圖，由于重力的大小和方向都不變，擋板的彈力方向不變根據作圖法知，斜面的支持力方向在變化，支持力和擋板的彈力合力不變，等于重力，從圖中可知，木板對球的彈力在減小，滑塊對球的彈力在減小故a、b錯誤c、d、對滑塊和球整體進行受力分析，整體受重力、支持力、擋板的彈力及拉力，各力的方向不變，由于擋板對小球的彈力在減小，則拉力f增大，在垂直斜面方向上，斜面對滑塊的彈力不變故c正確，d錯誤故選：c點評：本題屬于力學的動態分析，關鍵是抓住不變量，通過作圖法判斷力的變化以及掌握整體法和隔離法的運用3如圖所示，長為l的輕桿一端固定質量為m的小球，另一端固定轉軸o，現使小球在豎直平面內做圓周運動p為圓周軌道的最高點若小球通過圓周軌道最低點時的速度大小為，則以下判斷正確的是（）a小球不能到達p點b小球到達p點時的速度小于c小球能到達p點，但在p點不會受到輕桿的彈力d小球能到達p點，且在p點受到輕桿向上的彈力考點：向心力專題：勻速圓周運動專題分析：根據動能定理求出小球在p點的速度，小球在p點的臨界速度為零，根據牛頓第二定律求出在最高點桿子的作用力表現為什么力解答：解：ab、根據動能定理得，mg2l=mvp2mv2，又v=，解得vp=小球在最高點的臨界速度為零，所以小球能到達最高點故a錯誤，b正確cd、設桿子在最高點表現為支持力，則mgf=m，解得f=mg故桿子表現為支持力故d正確，c錯誤故選：bd點評：本題綜合考查了動能定理以及牛頓第二定律，關鍵搞清向心力的來源，運用牛頓定律進行求解4如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為e，內阻不計不稱物體時，滑片p到a端，滑動變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較小；稱重物時，在壓力作用下使滑片p下滑，滑動變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對應的重量值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重量值，若滑動變阻器上a、b間距離為l，最大阻值等于電阻阻值r0，已知兩只彈簧的總彈力與形變量成正比，其比例系為k，所稱重物的重量g與電流大小i的關系為（）ag=2kl+bg=2klcg=+kldg=kil考點：閉合電路的歐姆定律；胡克定律；電阻定律；傳感器在生產、生活中的應用專題：恒定電流專題分析：由胡克定律可求得彈簧的形變量，由電阻定律可求得滑動變阻器接入電阻；而滑動變阻器與r0串聯，由閉合電路歐姆定律可求得電路中的電流解答：解：由胡克定律可知，kx=g； 得：x=此時滑動變阻器接入電阻r=r0=r0； 由閉合電路歐姆定律可知：i=解得：g=；故選b點評：本題綜合考查閉合電路歐姆定律及胡克定律等有關內容，綜合性較強；要注意尋找題目中的隱含條件，建立各知識點間的聯系5如圖所示電路中，a、b兩燈均正常發光，r為一滑動變阻器，p為滑動片，若將滑動片向下滑動，則（）aa燈變亮bb燈變亮cr1上消耗功率變小d流過r的電流變大考點：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，再分析r1上消耗功率的變化根據總電流的變化分析并聯部分電壓的變化，判斷b燈亮度的變化解答：解：將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律得知，總電流i增大，則r1上消耗功率變大路端電壓u=eir，i增大，u減小，則a燈變暗b燈與變阻器并聯的電壓u并=ei（r1+r），i增大，則u并減小，所以b燈變暗故abc錯誤；因路端電壓u減小，而r1中電流增大，故其兩端電壓增大；由串聯電路規律可知，并聯部分的電壓減小，則b燈泡的電流減小；r中電流增大；故d正確；故選：d點評：對于電路中動態變化分析問題，一般先確定局部電阻的變化，再確定總電阻的變化，到總電流、總電壓的變化，再回到局部電路研究電壓、電流的變化6在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從a點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上a、b兩點在同一水平線上，m為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8j，在m點的動能為6j，不計空氣的阻力則（）a小球水平位移x1與x2的比值1：3b小球水平位移x1與x2的比值1：4c小球落到b點時的動能為32jd小球從a點運動到b點的過程中最小動能為6j考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系專題：電場力與電勢的性質專題分析：小球水平分運動為勻加速直線運動，豎直分運動為勻變速直線運動，上升和下降時間相等，可以求出s1與s2的比值，對水平方向分運動和豎直方向分運動分別運用動能定理，然后求出各個特殊點的動能！解答：解：將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動，豎直分運動為勻變速直線運動，a、對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續相等的時間間隔內位移之比為1：3，故a正確；b錯誤；c、設物體在b動能為ekb，水平分速度為vbx，豎直分速度為vby由豎直方向運動對稱性知mvby2=8j 對于水平分運動運用動能定理fx1=mvmx2mvax2f（s1+s2）=mvbx2mvax2s1：s2=1：3解得：fs1=6j；f（s1+s2）=24j故ekb=m（vby2+vbx2）=32j 因而c正確；d、由于合運動與分運動具有等時性，設小球所受的電場力為f，重力為g，則有：fx1=6j，t2=6jgh=8j，t2=8j所以：=由右圖可得：tan=得：sin=則小球從 a運動到b的過程中速度最小時速度一定與等效g垂直，即圖中的 p點，故ekmin=mvmin2=m（v0sin）2=j，故d錯誤故選：ac點評：本題關鍵將合運動分解為水平方向的勻加速直線運動和豎直方向的勻變速直線運動，然后對水平分運動運用動能定律求解！7如圖所示，質量為m的滑塊在水平面上向左撞向彈簧，當滑塊將彈簧壓縮了x0時速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開已知彈簧的勁度系數為k，滑塊與水平面間的動摩擦因數為，整個過程彈簧未超過彈性限度，則（）a滑塊向左運動過程中，始終做勻減速運動b滑塊向右運動過程中，始終做加速運動c滑塊與彈簧接觸過程中最大加速度為d滑塊向右運動過程中，當彈簧形變量x=時，物體的加速度為零考點：牛頓第二定律；胡克定律專題：牛頓運動定律綜合專題分析：該題的關鍵是對物體進行正確的過程分析和各過程中物體的受力分析，再結合牛頓運動定律分析物體的運動情況在進行受力分析時，要注意分析彈簧彈力的變化解答：解：a、滑塊向左接觸彈簧的運動過程中，在水平方向上受到向右的彈簧的彈力和向右的摩擦力，在此過程中彈簧的彈力時逐漸增大的，彈力和摩擦力的合力與運動方向始終相反，物體做減速運動，但不是勻減速，所以選項a錯誤b、滑塊向右接觸彈簧的運動是從彈簧壓縮量最大時開始的，此時受到水平向右的彈力和向左的摩擦力，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，但當彈簧伸長到一定程度，彈力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于彈力所以滑塊向右接觸彈簧的運動過程中，是先加速，后減速b選項錯誤c、由對a的分析可知，當彈簧的壓縮量為x0時，水平方向的合力為f=kx0+mg，此時合力最大，由牛頓第二定律有amax=，所以選項c正確d、在滑塊向右接觸彈簧的運動中，當彈簧的形變量為x=時，由胡克定律可得f=kx=mg，此時彈力和摩擦力大小相等，方向相反，在水平方向上合外力為零，加速度為零選項d正確故選：cd點評：解決此類問題，要正確的分析物體運動的過程及物體的受力情況，并會確定運動過程中的臨界點和分析在臨界點上的受力，當物體接觸彈簧向右運動的過程中，開始是加速運動的，當彈力和摩擦力相等時，加速度為零，之后摩擦力要大于彈力，物體開始做減速運動彈力和摩擦力相等時即為一個臨界點8（6分）如圖所示，相互垂直的固定絕緣光滑擋板po、qo，po豎直放置，qo水平放置a、b為兩個帶有同種電性的小球（可以近似看成點電荷），當用水平向左作用力f作用于b時，a、b緊靠擋板處于靜止狀態現若稍改變f的大小，使b稍向左移動一小段距離，則當a、b重新處于靜止狀態后（）aa、b間電場力增大b作用力f將減小ca的重力勢能增加d系統的電勢能將增加考點：庫侖定律；電勢能分析：以a球為研究對象，分析受力情況，根據平衡條件分析a、b間電場力和擋板對小球的彈力如何變化，由庫侖定律分析兩間距離的變化情況，根據電場力做功正負判斷系統電勢能的變化對整體研究，分析作用力f如何變化解答：解：ab、以a球為研究對象，分析受力情況，根據平衡條件得： 電場力f電=，減小，cos增大，則電場力f電減小擋板對a的彈力n=mgtan，減小，n減小對整體研究：水平方向：f=n，則作用力f將減小故a錯誤、b正確cd、電場力f電減小，根據庫侖定律得知，兩球間的距離增大，電場力做正功功，系統的電勢能減小，而f做正功，根據功能關系可知，系統重力勢能增加故c正確，d錯誤故選：bc點評：本題是動態平衡問題，關鍵要靈活選擇研究對象，先對a研究，再對b研究，比較簡便三、非選擇題9某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的直徑和長度（1）用螺旋測微器測量圓柱體直徑如圖甲，由圖甲可知其直徑為2.712mm；（2）用游標為20分度的卡尺測量長度如圖乙，由圖乙可知其長度為10.30mm考點：測定金屬的電阻率專題：實驗題分析：游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀解答：解：螺旋測微器的固定刻度讀數為2.5mm，可動刻度讀數為21.20.01=0.212mm，所以最終讀數為2.712mm游標卡尺的主尺讀數為10mm，游標讀數為0.056=0.30mm，所以最終讀數為10.30mm故本題答案為：（1）2.712；（2）10.30點評：解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀10測量電阻器的電阻時，有下列器材可供選擇a待測電阻器（阻值約為5）b電流表a1（量程3ma，內阻r1=10）c電流表a2（量程0.6a，內阻r2約為1）d電壓表v（量程6v，內阻約3k）e定值電阻r1=990f定值電阻r2=9990g滑線變阻器（最大阻值為4，額定電流為0.5a）h電源（電動勢2v，內阻約為1）i導線、電鍵（1）為盡可能多測幾組數據設計電路填在圖方框中（2）選擇的器材有a、b、c、e、g、h、i（3）計算rx的表達式（用電表的讀數和定值電阻的阻值表示）考點：伏安法測電阻專題：實驗題分析：根據實驗原理與實驗器材選擇實驗需要的器材，然后根據選定的實驗器材確定各電路元件的連接方向，作出實驗電路圖；最后根據實驗測量的量，應用歐姆定律求出電阻阻值的表達式解答：解：（1）由于待測電阻器阻值約為5，電源電動勢為3v，選用電壓表（量程6v，內阻約3k），量程過大，可將電流表a1與定值電阻r1=990串聯，改裝成電壓表，改裝后電壓表量程為3v，內阻rv=1000由于，電流表采用外接法，又由于滑線變阻器的最大阻值為3，與待測電阻接近，故變阻器采用分壓接法電路圖如圖所示：（2）由可知，選擇的器材是：a、b、c、e、g、h、i；（3）由圖示電路圖可知，待測電阻兩端電壓：ux=i1（r1+r1），通過待測電阻的電流ix=i2i1，待測電阻阻值：rx=；故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）a、b、c、e、g、h、i；（3）點評：本小題了考查歐姆表的結構、測量原理，同時還要注意測量誤差應如何來分析在電學實驗中，有時可以將電壓表作為電流表使用，有時也可以將電流表作為電壓表使用，關鍵是要看使用的條件和可能性11甲、乙兩車在同一條平直公路上運動，甲車以10m/s的速度勻速行駛，經過車站a時關閉油門以4m/s2的加速度勻減速前進，2s后乙車與甲車同方向以1m/s2的加速度從同一車站a出發，由靜止開始做勻加速運動，問乙車出發后多少時間追上甲車？考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系專題：追及、相遇問題分析：根據運動學公式判斷乙車在追及甲車的過程中，甲車是否停止，若停止，抓住位移關系，通過勻變速直線運動的位移時間公式求出追及的時間解答：解：甲車運動時間ts后停止：前進的距離：乙車行駛t1=0.5s位移為：故乙車在追上甲車前甲車已停止則乙車經時間t2追上甲車：，解得：t2=5s答：乙車出發后5s追上甲車點評：解決本題的關鍵理清兩車的運動過程，抓住位移關系，運用運動學公式求出追及的時間12在足夠大的空間中，存在水平向右的勻強電場，若用絕緣細線將質量為m的帶正電q的小球懸掛在電場中，其靜止時細線與豎直方向夾角=37，現去掉細線，將該小球從電場中的某點豎直向上拋出，拋出時初速度大小為v0，如圖所示，（sin37=0.6cos37=0.8）求 （1）電場強度的大小（2）小球在電場內運動到最高點的速度（3）小球從拋出到達到最小速度的過程中，電場力對小球所做的功考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系；電勢差與電場強度的關系專題：電場力與電勢的性質專題分析：（1）靜止時受重力，電場力，繩的拉力三力平衡，由數學關系可得電場力從而得到電場強度的大小（2）小球從拋出點至最高點的過程中，由豎直方向的勻減速運動可得運動時間，在由水平方向做勻加速直線運動，可得小球在最高點的速度（3）將曲線分解成豎直方向與水平方向的兩個運動利用運動學公式可求出小球速率最小值；再運用動能定理，可求出小球從拋出至達到最小速率的過程中，電場力對小球做的功解答：解：（1）靜止時受重力，電場力，繩的拉力三力平衡，可得： qe=mgtan37則 e=（2）小球沿豎直方向做勻減速運動，小球從拋出到最高點的時間 t=小球水平運動的加速度為 a=g小球到最高點的速度 v=at=（3）小球被拋出以后，受到重力和電場力的共同作用，沿重力方向的分運動是勻減速運動，加速度為g，設t時刻的速度為v1；沿電場方向的分運動是初速度為0的勻加速運動，設加速度為a，t時刻的速度為v2，則有 v1=v0gt，v2=at和a=g小球t時刻的速度大小為 v=由以上各式得出：g2t22v0gt+（v02v2）=0解得當t=時v的最小值為 vmin=v0vmin的方向與電場力和重力的合力方向垂直，即與電場的方向夾角為37 小球沿電場方向的位移為 s=，電場力做功為we=qes可得 we=0.12答：（1）電場強度的大小是（2）小球在電場內運動到最高點的速度是（3）小球從拋出到達到最小速度的過程中，電場力對小球所做的功是0.12點評：考查了運動的合成與分解研究的方法，并讓學生掌握運動學公式、牛頓第二定律、動能定理等規律同時讓學生形成如何處理曲線的方法如果將速度按照合力方向和垂直合力方向分解，當沿合力方向的速度減為零時其速度達到最小值，也可以解出最小速度運用速度矢量合成的三角形法則也可求解13如圖所示，ab為半徑r=0.8m的光滑圓弧軌道，下端b恰與小車右端平滑對接小車質量m=3kg，車長l=2.06m，車上表面距地面的高度h=0.2m現有一質量m=1kg的滑塊，由軌道頂端無初速釋放，滑到b端后沖上小車已知地面光滑，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數=0.3，當車運行了1.5s時，車被地面裝置鎖定（g=10m/s2）試求：（1）滑塊到達b端時，軌道對它支持力的大小；（2）車被鎖定時，車右端距軌道b端的距離；（3）從車開始運動到被鎖定的過程中，滑塊與車面間由于摩擦而產生的內能大小；（4）滑塊落地點離車左端的水平距離