2024-2025學年江西省新余市第六中學高三3月（開學考）物理試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、“殲-20”是中國自主研制的雙發重型隱形戰斗機，該機將擔負中國未來對空、對海的主權維護任務。在某次起飛中，質量為m的“殲-20”以恒定的功率P起動，其起飛過程的速度隨時間變化圖像如圖所示，經時間t0飛機的速度達到最大值為vm時，剛好起飛。關于起飛過程，下列說法正確的是A．飛機所受合力不變，速度增加越來越慢B．飛機所受合力增大，速度增加越來越快C．該過程克服阻力所做的功為D．平均速度2、我國自主建設、獨立運行的北斗衛星導航系統由數十顆衛星構成，目前已經向一帶一路沿線國家提供相關服務。設想其中一顆人造衛星在發射過程中，原來在橢圓軌道繞地球運行，在點變軌后進入軌道做勻速圓周運動，如圖所示。下列說法正確的是（）A．在軌道與在軌道運行比較，衛星在點的加速度不同B．在軌道與在軌道運行比較，衛星在點的動量不同C．衛星在軌道的任何位置都具有相同加速度D．衛星在軌道的任何位置都具有相同動能3、短跑運動員在訓練中從起跑開始的一段時間內可看成先做勻加速直線運動再做勻速直線運動。已知總位移為s，勻速階段的速度為v、時間為t，則勻加速階段的時間為（）A． B． C． D．4、AC、CD為兩個傾斜角度不同的固定光滑斜面，其中，水平距離均為BC，兩個完全相同且可視為質點的物塊分別從A點和D點由靜止開始下滑，不計一切阻力，則（）A．沿AC下滑的物塊到底端用時較少B．沿AC下滑的物塊重力的沖量較大C．沿AC下滑的物塊到底端時重力功率較小D．沿AC下滑的物塊到底端時動能較小5、關于原子能級躍遷，下列說法正確的是（）A．處于n=3能級的一個氫原子回到基態時可能會輻射三種頻率的光子B．各種氣體原子的能級不同，躍遷時發射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈C．氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，會輻射一定頻率的光子，同時氫原子的電勢能減小，電子的動能減小D．已知氫原子從基態躍遷到某一激發態需要吸收的能量為12.09eV，則動能等于12.09eV的另一個氫原子與這個氫原子發生正碰，可以使這個原來靜止并處于基態的氫原子躍遷到該激發態6、地動儀是世界上最早的感知地震裝置，由我國杰出的科學家張衡在洛陽制成，早于歐洲1700多年如圖所示，為一現代仿制的地動儀，龍口中的銅珠到蟾蜍口的距離為，當感知到地震時，質量為的銅珠（初速度為零）離開龍口，落入蟾蜍口中，與蟾蜍口碰撞的時間約為，則銅珠對蟾蜍口產生的沖擊力大小約為A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在大型物流貨場，廣泛的應用傳送帶搬運貨物。如圖所示，傾斜的傳送帶以恒定速率逆時針運行，皮帶始終是繃緊的。質量的貨物從傳送帶上端點由靜止釋放，沿傳送帶運動到底端點，兩點的距離。已知傳送帶傾角，貨物與傳送帶間的動摩擦因數，重力加速度，，。則（）A．貨物從點運動到點所用時間為1.2sB．貨物從運動到的過程中，貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為0.8JC．貨物從運動到的過程中，傳送帶對貨物做功大小為11.2JD．貨物從運動到與傳送帶速度相等的過程中，貨物減少的重力勢能小于貨物增加的動能與摩擦產生的熱量之和8、如圖甲所示的電路中理想變壓器原、副線圈的匝數比為，電表均為理想電表，為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻，為定值電阻，若發電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交變電流。下列說法中正確的是（）A．輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為B．時，該發電機的線圈平面位于中性面C．溫度升高時，電流表的示數變大，電壓表示數變小，變壓器的輸入功率變大D．溫度升高時，電流表的示數變大，電壓表示數變大，變壓器的輸入功率變大9、如圖所示，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過直徑的直線上有O、A、D、B四點，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OB．A點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，使得圓周上各點電勢相等．有一個質量為m，電荷量為-q的帶電小球在滑槽中運動，在C點受的電場力指向圓心，根據題干和圖示信息可知（）A．固定在B點的電荷帶正電B．固定在B點的電荷電荷量為QC．小球在滑槽內做勻速圓周運動D．C、D兩點的電場強度大小相等10、在水面上的同一區域內，甲、乙兩列水面波獨立傳播，傳播方向互相垂直，波的頻率均為2Hz。時刻其波峰與波谷情況如圖所示。甲波的振幅為5cm，乙波的振幅為10cm。質點2、3、5共線且等距離。下列說法中正確的是________。A．質點2的振動周期為0.5sB．質點2的振幅為15cmC．圖示時刻質點1、2的豎直高度差為15cmD．圖示時刻質點3正處于平衡位置且向上運動E.從圖示的時刻起經0.25s，質點5通過的路程為30cm三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）學校實驗小組為測量一段粗細均勻的金屬絲的電阻率，實驗室備選了如下器材：A電流表A1，量程為10mA，內阻r1=50ΩB電流表A1，量程為0.6A，內阻r2=0.2ΩC電壓表V，量程為6V，內阻r3約為15kΩD．滑動變阻器R，最大阻值為15Ω，最大允許電流為2AE定值電阻R1=5ΩE.定值電阻R2=100ΩG.直流電源E，動勢為6V，內阻很小H.開關一個，導線若千I.多用電表J.螺旋測微器、刻度尺(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖1所示，則金屬絲的直徑D=___________mm．(2)實驗小組首先利用多用電表粗測金屬絲的電阻，如圖2所示，則金屬絲的電阻為___________Ω(3)實驗小組擬用伏安法進一步地測量金屬絲的電阻，則電流表應選擇___________，定值屯阻應選擇___________．(填對應器材前的字母序號)(4)在如圖3所示的方框內畫出實驗電路的原理圖．(5)電壓表的示數記為U，所選用電流表的示數記為I，則該金屬絲電阻的表達式Rx=___________，用刻度尺測得待測金屬絲的長度為L，則由電阻率公式便可得出該金屬絲的電阻率_________．(用字母表示)12．（12分）某同學研究小燈泡的伏安特性曲線，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓，額定電流），電壓表（量程，內阻為），電流表A（量程內阻約），定值電阻（阻值為），滑動變阻器R（阻值），電源E（電動勢，內阻很小）開關S，導線若干．(1)實驗要求能夠實現在的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，請將圖甲電路補畫完整______________；(2)實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖所示，由曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻將_________；A．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大后不變D．先減小后不變(3)若用多用表直接測量該小燈泡的電阻，正確操作后多用表指針如圖所示，則小燈泡的電阻是_______．(4)用另一電源（電動勢，內阻）和題中所給的小燈泡L、滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，閉合開關S，調節滑動變阻器R的阻值．在R的變化范圍內，電源的最大輸出功率為_______W，此時小燈泡的功率為_______W，滑動變阻器R接入電路的電阻為_______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）我國發射的“神舟”五號飛船于2003年10月15日上午9:00在酒泉載人航天發射場發射升空，按預定計劃在太空飛行了接近21小時，環繞地球14圈，在完成預定空間科學和技術試驗任務后于北京時間10月16日6時07分在內蒙古中部地區準確著陸。飛船運行及航天員活動時刻表如下：15日[09:00發射升空][09:10船箭分離][09:34感覺良好]15日[09:42發射成功][17:26天地通知][18:40展示國旗]15日[19:58家人通話][23:45太空熟睡]16日[04:19進入最后一圈][05:04進入軌道][0.5:35命令返回]16日[0.5:36飛船分離][05:38制動點火][06:07飛船著陸]16日[06:36回收成功][06:54自主出艙]試回答下列問題：(1)根據以上數據可以估計船的軌道半徑約是通訊衛星軌道半徑的多少倍？（保留根號）(2)當返回艙降到距地球10km時，回收著陸系統啟動工作，彈出傘艙蓋，連續完成拉出引導傘、減速傘和主傘動作，主傘展開面積足有1200m2，由于空氣阻力作用有一段減速下落過程，若空氣阻力與速度的平方成正比，并已知返回艙的質量為8t，這一過程的收尾速度為14m/s，則當返回艙速度為42m/s時的加速度為多大？（g取10m/s2）(3)當返回艙在距地面約1m時，點燃反推火箭發動機，最后以不大于3.5m/s的速度實現軟著陸，這一過程中反推火箭產生的動力約等于多少？（這一過程空氣阻力與自身重力可看作平衡）14．（16分）在足球比賽中，經常使用“邊路突破，下底傳中”的戰術取得勝利，即攻方隊員帶球沿邊線前進，到底線附近進行傳中．如圖所示，某足球場長90m、寬60m．現一攻方前鋒在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為8m/s的勻減速直線運動，加速度大小為m/s1．試求：（1）足球從開始做勻減速直線運動到底線需要多長時間；（1）足球開始做勻減速直線運動的同時，該前鋒隊員在邊線中點處沿邊線向前追趕足球，他的啟動過程可以視為從靜止出發的勻加速直線運動，所能達到的[最大速度為6m/s，并能以最大速度做勻速運動，若該前鋒隊員要在足球越過底線前追上足球，他加速時的加速度應滿足什么條件?15．（12分）如圖所示，一根勁度系數為k的輕質彈簧豎直放置，上下兩端各固定質量均為M的物體A和B（均視為質點），物體B置于水平地面上，整個裝置處于靜止狀態，一個質量的小球P從物體A正上方距其高度h處由靜止自由下落，與物體A發生碰撞（碰撞時間極短），碰后A和P粘在一起共同運動，不計空氣阻力，重力加速度為g．（1）求碰撞后瞬間P與A的共同速度大小；（2）當地面對物體B的彈力恰好為零時，求P和A的共同速度大小．（3）若換成另一個質量的小球Q從物體A正上方某一高度由靜止自由下落，與物體A發生彈性碰撞（碰撞時間極短），碰撞后物體A達到最高點時，地面對物塊B的彈力恰好為零．求Q開始下落時距離A的高度．（上述過程中Q與A只碰撞一次）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AB.根據圖像可知，圖像的斜率為加速度，所以起飛中，斜率越來越小，加速度越來越小，速度增加越來越慢，根據牛頓第二定律，加速度減小，合外力減小，AB錯誤C.根據動能定理可知：，解得：，C正確D.因為不是勻變速運動，所以平均速度不等于，D錯誤2、B【解析】

A．在軌道1與在軌道2運行比較，衛星在P點距地球的距離相等，受到的萬有引力相等所以衛星在點的加速度相同，故A錯誤；B．衛星由軌道1變為軌道2，需要加速，則軌道2的速度要大一些，所以衛星在P點的動量軌道2的大于軌道1的，故B正確；C．衛星在軌道2的不同位置受到的萬有引力大小相同，但方向不同，故產生的加速度大小相同，方向不同，故衛星在軌道的不同位置都具有不同加速度，故C錯誤；D．軌道1是一個橢圓軌道，又開普勒第二定律可得，衛星離地球越近，速度越大，則衛星在軌道1上除了關于地球對稱的位置外，各位置具有不同的動能，選項D錯誤。故選B。3、D【解析】

勻速階段的位移為在勻加速直線運動過程，根據平均速度公式可得根據題意則有解得勻加速階段的時間故A、B、C錯誤，D正確。故選D。4、A【解析】

A．由于兩者水平距離相同，均可用水平距離表示出運動時間，設水平距離為x，斜面傾角為，則：得：則傾角越大用時越少，A正確；B．重力沖量：沿軌道AC下滑的物塊到底端用時較小，重力的沖量較小，B錯誤；CD．由動能定理：可知沿軌道AC下滑的物塊重力做功大，所以到底端時速度大，動能較大；沿軌道AC下滑的物塊到底端時速度大，傾斜角度θ大，由重力瞬時功率功率：可知其重力瞬時功率較大，C錯誤，D錯誤。故選A。5、B【解析】

A．處于n=3的一個氫原子回到基態時可能會輻射一種頻率的光子，或兩種不同頻率的光子。處于n=3的“一群”氫原子回到基態時會輻射三種頻率的光子；故A錯誤；B．根據玻爾理論，各種氣體原子的能級不同，躍遷時發射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈，故選項B正確；C．氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，會輻射一定頻率的光子，同時氫原子的電勢能減小，電子的動能增大。故選項C錯誤；D．根據能量守恒可知，要使原來靜止并處于基態的氫原子從基態躍遷到某一激發態，需要吸收的能量為1．09eV，則必須使動能比1．09eV大得足夠多的另一個氫原子與這個氫原子發生碰撞，才能躍遷到某一激發態，故D錯誤。故選B。6、A【解析】

銅珠做自由落體運動，落到蟾蜍口的速度為：以豎直向上為正方向，根據動量定理可知：Ft-mgt=0-（-mv）解得：A．，與結論相符，選項A正確；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．物塊在傳送帶上先做a1勻加速直線運動，對物體受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1解得a1=10m/s2加速到與傳送帶共速時的時間物塊運動的距離因為mgsinθ>μmgcosθ，可知共速后物塊將繼續加速下滑，加速度：mgsinθ-μmgcosθ=ma2解得a2=2m/s2根據即解得t2=1s，則貨物從A點運動到B點所用時間為t=t1+t2=1.2s選項A正確；B．貨物在前半段加速階段相對傳送帶的位移貨物在后半段加速階段相對傳送帶的位移則從A到B的過程中，貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為選項B錯誤；C．貨物從運動到的過程中，傳送帶對貨物做功大小為選項C正確；D．貨物從運動到與傳送帶速度相等的過程中，對貨物由動能定理：即貨物減少的重力勢能與摩擦力做功之和等于貨物增加的動能；選項D錯誤；故選AC.8、BC【解析】

A．由交變電流的圖像可讀出電壓的最大值為，周期為0.02s，則角速度為所以輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為故A錯誤；B．當時，電壓的瞬時值為0，所以該發電機的線圈平面位于中性面，故B正確；CD．溫度升高時，其阻值變小，副線圈中的電流變大則原線圈中電流也變大，由可知變壓器的輸入功率變大，電壓表讀數減小，故C正確，D錯誤。故選BC。9、BC【解析】

A．由小球在C點處恰好與滑槽內、外壁均無擠壓且無沿切線方向的加速度知：小球在C點的合力方向一定沿CO，且指向O點．A對小球吸引，B對小球排斥，因此小球帶負電、B帶負電，故A錯誤；B．由∠ABC=∠ACB=30°知：∠ACO=30°，AB=AC=L；BC=2ABcos30°=由力的合成可得即故B正確；C．圓周上各點電勢相等，小球在運動過程中電勢能不變，根據能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，故C正確；D．由庫侖定律及場強的疊加知，D點的電場強度大于C點，故D錯誤．故選BC．10、ABE【解析】

Ａ．兩列波的頻率均為2Hz，可知周期為，選項A正確；B．質點2是谷谷疊加，則振動加強，則質點2的振幅為15cm，選項B正確；C．圖示時刻質點1在波峰位置，位移為正向15cm；質點2為波谷位置，位移為負向15cm，則此時質點1、2的豎直高度差為30cm，選項C錯誤；D．圖示時刻質點2在波谷，質點5在波峰位置，質點3正處于2和5的中間位置，由波的傳播方向與質點振動方向的關系可知，質點3處于平衡位置且向下運動，選項D錯誤；E．質點5的振動加強，振幅為A=15cm，則從圖示的時刻起經0.25s=0.5T，質點5通過的路程為2A=30cm，選項E正確；故選ABE.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.70060AE【解析】

（1）由于流過待測電阻的最大電流大約為，所以不能選用電流表A2，量程太大，要改裝電流表；（2）根據閉合電路知識求解待測電阻的表達式【詳解】（1）根據螺旋測微器讀數規則可知（2）金屬絲的電阻為（3）流過待測電阻的最大電流大約為,所以選用與并聯充當電流表，所以選用A、E（3）電路圖如圖所示：（5）根據閉合電路歐姆定律解得：根據可求得：【點睛】在解本題時要注意，改裝表的量程要用改裝電阻值表示出來，不要用改裝的倍數來表示，因為題目中要的是表達式，如果是要計算待測電阻的具體數值的話可以用倍數來表示回路中的電流值．12、A1.50.40.283【解析】

(1)[1]因本實驗需要電流從零開始調節，因此應采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內阻與電流表內阻接近，故應采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應用和電壓表串聯，故原理圖如圖所示(2)[2]圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤；(3)[3]燈泡正常工作時的電阻為：則多用電表可以選擇歐姆擋的×1擋；由圖示多用電表可知，其示數為；(4)[4]當電源內阻等于外電路電阻時，電源的輸出功率最大，電源的最大輸出功率為：[5]此時小燈泡的電流為：由圖可知，此時燈泡電壓為：此時小燈泡的功率為：[6]此時小燈泡的電阻為：滑動變阻器接入電路的電阻為：四、計算題：本題共