上海市盧灣區2024-2025學年高三下學期適應性月考卷（一）物理試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為氫原子的能級圖，一個處于基態的氫原子，吸收一個光子受到發后最多可以輻射三種不同率的光子，則被吸收光子的能量為A．10.2eV B．12.09ev C．12.75eV D．13.06eV2、北斗衛星導航系統是中國自行研制的全球衛星導航系統。為了兼顧高緯度地區的定位和導航需要，該系統已布置了10余顆傾斜地球同步軌道衛星（IGSO），其軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形，圓心為地心，運行周期與地球自轉周期相同。關于傾斜地球同步軌道衛星，下列說法正確的是（）A．該衛星不可能經過北京上空B．該衛星距地面的高度與同步軌道靜止衛星相同C．與赤道平面夾角為的傾斜地球同步軌道只有唯一一條D．該衛星運行的速度大于第一宇宙速度3、如圖所示，固定在豎直平面內的光滑圓環的最高點有一個光滑的小孔。質量為m的小球套在圓環上。一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用手拉住。現拉動細線，使小球沿圓環緩慢上移，在移動過程中手對線的拉力F和軌道對小球的彈力FN的大小變化情況是()A．F不變，FN增大 B．F減小，FN不變C．F不變，FN減小 D．F增大，FN減小4、如圖，長l的輕桿兩端固定兩個質量相等的小球甲和乙，初始時它們直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小擾動，系統從圖示位置開始傾倒。當小球甲剛要落地時，其速度大小為()A．2gl2 B．gl C．2gl5、中國自主研發的“暗劍”無人機，時速可超過2馬赫．在某次試飛測試中，起飛前沿地面做勻加速直線運動，加速過程中連續經過兩段均為120m的測試距離，用時分別為2s和ls，則無人機的加速度大小是A．20m/s2B．40m/s2C．60m/s2D．80m/s26、如圖，傾角為α=45°的斜面ABC固定在水平面上，質量為m的小球從頂點A先后以初速度v0和2vo向左水平拋出，分別落在斜面上的P1、P2點，經歷的時間分別為t1、t2；A點與P1、Pl與P2之間的距離分別為l1和l2，不計空氣阻力影響。下列說法正確的是（）A．t1：t2=1：1B．ll：l2=1：2C．兩球剛落到斜面上時的速度比為1：4D．兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩材料完全相同的、可視為質點的滑塊甲和滑塊乙放在粗糙的水平上，在兩滑塊的右側固定一擋板。已知兩滑塊與水平面之間的動摩擦因數均為μ，甲、乙兩滑塊的質量分別為m1=3m、m2=2m，且在水平面上處于靜止狀態。現給滑塊甲一向右的初速度v0（未知），使滑塊甲和滑塊乙發生無能量損失的碰撞，經過一段時間滑塊乙運動到擋板處且被一接收裝置接收，而滑塊甲未與擋板發生碰撞，開始兩滑塊之間的距離以及滑塊乙與擋板之間的距離均為L，重力加速度為g。滑塊甲與滑塊乙碰后的瞬間速度分別用v1、v2表示，下列正確的說法是（）A．v1∶v2=1∶5 B．v1∶v2=1∶6C．v0的最小值為 D．v0的最小值為8、關于熱力學定律，下列說法正確的是（）A．氣體吸熱后溫度一定升高B．對氣體做功可以改變其內能C．理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D．理想氣體絕熱膨脹過程內能一定減少E.熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體9、圖1是一列沿軸方向傳播的簡諧橫波在時刻的波形圖，波速為。圖2是處質點的振動圖象，下列說法正確的是（）A．此列波沿軸負方向傳播B．處質點在時的位移為C．處質點在時的速度方向沿軸正向D．處的質點在時加速度沿軸負方向E.處質點在內路程為10、如圖，一定質量的理想氣體從狀態a出發，經過等容過程ab到達狀態b，再經過等溫過程bc到達狀態c，最后經等壓過程ca回到狀態a．下列說法正確的是（）A．在過程ab中氣體的內能增加B．在過程ca中外界對氣體做功C．在過程ab中氣體對外界做功D．在過程bc中氣體從外界吸收熱量E.在過程ca中氣體從外界吸收熱量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用圖甲所示的電路測定一節舊干電池的電動勢和內阻。除電池、開關和導線外，可供使用的實驗器材還有：雙量程電流表A：（量程）；雙量程電壓表V：（量程）；滑動變阻器：（阻值范圍，額定電流）；滑動變阻器：（阻值范圍，額定電流）。(1)為了調節方便，同時測量精度更高，實驗中應選用的電流表量程為_______，電壓表量程為_____V，應選用的滑動變阻器為____________（填寫滑動變阻器符號）；(2)依據電路圖用筆畫線代表導線連接圖乙中的電路元件（圖中已完成了部分連線），要求閉合開關時滑動變阻器的滑片P處于正確的位置，并正確選用電壓表、電流表的量程___________；(3)多次測量并記錄電流表示數和電壓表示數，應用這些數據畫出了如圖丙所示圖像。由圖像可以得出電池的電動勢_______V，內阻_______；(4)根據實驗測得的、U數據，令，，由計算機作出的圖線應是圖丁中的_______（選填“”“”或“”）。12．（12分）如圖所示，梁老師在課堂做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，橡皮條的一端固定在黑板上方的A點，另一端被兩個彈簧測力計拉到O點。(1)下列原因可能會導致實驗結果不準確的是________A．彈簧測力計在實驗前沒有調零B．彈簧測力計必須保持與木板平行，讀數時視線要正對彈簧側力計刻度C．彈簧測力計自身的重力對拉力大小有影響D．拉橡皮條的細繩套粗一些且短一些，實驗效果較好(2)為了提高實驗的準確性，減少誤差，請提出合理的解決辦法(一條即可)_________(3)兩彈簧測力計的讀數分別為F1和F2，兩細繩的方向分別與橡皮條延長線的夾角為α1和α2，如圖所示，以下說法正確的是______.A．為了驗證力的平行四邊形定則，只需作力的圖示來表示分力與合力B．實驗中用平行四邊形定則求得的合力F一定與OA在一條直線上C．若保持O點的位置和夾角α1不變，夾角α2可變，若F1增大，則F2可能減小D．兩彈簧測力計間的夾角α1和α2之和必須取90°四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一質量m=1.0kg的小球系在豎直平面內長度R=0.50m的輕質不可伸長的細線上，O點距水平地面的高度h=0.95m。讓小球從圖示水平位置由靜止釋放，到達最低點的速度v=3.0m/s，此時細線突然斷開。取重力加速度g=10m/s2.求：(1)小球落地點與O點的水平距離x。(2)小球在擺動過程中，克服阻力所做的功W；(3)細線斷開前瞬間小球對繩子的拉力T。14．（16分）如圖所示，在xOy平面的y軸左側存在沿y軸正方向的勻強電場，y軸右側區域I內存在磁感應強度大小為B1=的勻強磁場，區域Ⅰ、區域Ⅱ的寬度均為L，高度均為3L．質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從坐標為(，)的A點以速度v0沿x軸正方向射出，恰好經過坐標為(0，)的C點射入區域Ⅰ．粒子重力忽略不計．求：（1）勻強電場的電場強度大小E；（2）粒子離開區域Ⅰ時的位置坐標；（3）要使粒子從區域Ⅱ的上邊界離開磁場，可在區域Ⅱ內加垂直于紙面向里的勻強磁場．試確定磁感應強度B的大小范圍，并說明粒子離開區域Ⅱ時的速度方向．15．（12分）如圖所示，兩根豎直放置的足夠長的光滑平行金屬導軌間距為l，導軌上端接有電阻R和一個理想電流表，導軌電阻忽略不計。導軌下部的勻強磁場區域有虛線所示的水平上邊界，磁場方向垂直于金屬導軌平面向外。質量為m、電阻為r的金屬桿MN，從距磁場上邊界h處由靜止開始沿著金屬導軌下落，金屬桿進入磁場后，流經電流表的電流逐漸減小，最終穩定為I。金屬桿下落過程中始終與導軌垂直且接觸良好。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。求：(1)磁感應強度B的大小；(2)電流穩定后金屬桿運動速度的大小；(3)金屬桿剛進入磁場時，M、N兩端的電壓大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

一個氫原子處于激發態最多可以輻射三種不同頻率的光子，則該氫原子處于n=4激發態，該氫原子處于基態時吸收的光子能量為：hv=（-0.85eV）-（-13.6eV）=12.75eV．ABD.由計算可得被吸收光子的能量為12.75eV，ABD錯誤；C.由計算可得被吸收光子的能量為12.75eV，C正確．2、B【解析】

A．根據題目描述，傾斜地球同步軌道衛星的軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形，圓心為地心，所以有可能在運動過程中經過北京上空，所以A錯誤；B．由題意可知，傾斜地球同步軌道衛星的周期與地球同步衛星的周期相同，根據可知，該衛星的軌道半徑與地球同步衛星的軌道半徑相同，即該衛星距地面的高度與同步軌道靜止衛星相同，所以B正確；C．由題意可知，圓心在地心，與赤道平面成的圓形軌道有無數個，所以C錯誤；D．根據公式可知，衛星軌道半徑越大，運行速度越小，而第一宇宙速度是最大的環繞速度，所以該衛星的運行速度比第一宇宙速度小，D錯誤。故選B。3、B【解析】

小球沿圓環緩慢上移可看作處于平衡狀態，對小球進行受力分析，作出受力示意圖如圖由圖可知△OAB∽△GFA即：，當A點上移時，半徑不變，AB長度減小，故F減小，FN不變，ACD錯誤B正確。4、C【解析】

甲、乙組成的系統水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：m當小球甲剛要落地時，水平方向上的速度為零，所以乙球的速度也為零，乙球的動能為零，甲球的重力勢能全部轉化為甲球的動能，由機械能守恒定律得：1解得：vA.2gl2B.gl與計算結果不符，故B不符合題意。C.2gl與計算結果相符，故C符合題意。D.0與計算結果不符，故D不符合題意。5、B【解析】

第一段的平均速度；第二段的平均速度，中間時刻的速度等于平均速度，則，故選B.6、D【解析】

A．根據得因為初速度之比為1：2，則運動的時間之比為1：2，故A錯誤。

B．水平位移因為初速度之比為1：2，則水平位移之比為1：4，由可知ll：l2=1：4故B錯誤。

C．根據動能定理其中y=x，則則兩球剛落到斜面上時的速度比為1：2，選項C錯誤；D．平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于落在斜面上，位移方向相同，則速度方向相同，即兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1：1，故D正確。

故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB．兩滑塊碰撞過程滿足動量守恒定律和機械能守恒定律，設碰撞前瞬間滑塊甲的速度為v，則有m1v＝m1v1＋m2v2由機械能守恒定律得m1v2＝m1v12＋m2v22聯立解得v1＝，v2＝則二者速度大小之比為v1∶v2＝1∶6A錯誤，B正確；CD．當滑塊甲初速度最小時，碰后滑塊乙應剛好運動到右側的擋板，則－μm2gL＝－m2v22碰前滑塊甲做減速運動－μm1gL＝m1v2－m1v02可得v0＝C正確，D錯誤。故選BC。8、BDE【解析】

A．氣體吸熱，若同時對外做功，則氣體內能可能減小，溫度也可能降低，A錯誤；B．改變氣體的內能的方式有兩種：做功和熱傳遞，B正確；C．理想氣體等壓膨脹，根據蓋—呂薩克定律可知理想氣體溫度升高，內能增大，根據熱力學第一定律理想氣體膨脹對外做功，所以理想氣體一定吸熱，C錯誤；D．理想氣體絕熱膨脹過程，理想氣體對外做功，沒有吸放熱，根據熱力學第一定律可知內能一定減少，D正確；E．根據熱力學第二定律，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，E正確。故選BDE。9、BCE【解析】

A．根據圖2的振動圖象可知，處的質點在t=0時振動方向沿軸正向，所以利用圖1由同側法知該波沿軸正方向傳播，故A錯誤；B．圖1可知該簡諧橫波的波長為4m，則圓頻率設處質點的振動方程為t=0時刻結合t=0時刻振動的方向向上，可知，則處質點的振動方程為處質點與處質點的平衡位置相距半個波長，則處質點的振動方程為代入方程得位移為，故B正確；C．處質點在時的速度方向和時的速度方向相同，由同側法可知速度方向沿軸正向，故C正確；D．處的質點在時速度方向沿軸負向，則經過四分之一周期即時，質點的位移為負，加速度指向平衡位置，沿軸正方向，故D錯誤；E．處質點在在時速度方向沿軸負向，根據振動方程知此時位移大小為，時位移大小為，所以內路程故E正確。故選BCE。10、ABD【解析】

A．從a到b等容升壓，根據可知溫度升高，一定質量的理想氣體內能決定于氣體的溫度，溫度升高，則內能增加，A正確；B．在過程ca中壓強不變，體積減小，所以外界對氣體做功，B正確；C．在過程ab中氣體體積不變，根據可知，氣體對外界做功為零，C錯誤；D．在過程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對外做功，而氣體的溫度不變，則內能不變；根據熱力學第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，D正確；E．在過程ca中壓強不變，體積減小，所以外界對氣體做功，根據可知溫度降低，則內能減小，根據熱力學第一定律可知氣體一定放出熱量，E錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.451.3c【解析】

(1)[1]由圖丙知電路中的最大電流在0.5A左右，則電流表量程應選用；[2]電源是一節舊的干電池（約1.5V），則電壓表量程應選用；[3]滑動變阻器選用時，方便調節并能有效讀取多組電流值和電壓值。(2)[4]電路連線如圖所示(3)[5]讀取電源圖像。軸截距為電動勢，軸最小有效刻度為0.05V，經估讀后得；[6]圖像斜率的絕對值等于電源內阻，讀取圖像數據并計算有(4)[7]電源輸出功率為則縱坐標應為輸出功率，則圖像為輸出功率的圖像。由電路規律知輸出功率隨電流的增大先增大后減小，圖像應為c。12、AD將豎直平面轉到水平面C【解析】

(1)[1]A．彈簧測力計在實驗前沒有調零，彈簧測力計測力時會導致實驗結果不準確，故A符合題意；B．本實驗是通過在白紙上作力的圖示來驗證平行四邊定則，為了減小實驗誤差，彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大，讀數時視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差，故B不符合題意；C．彈簧測力計測的是拉力大小而不是重力大小，所以彈簧測力計自身的重力，不會導致實驗結果不準確，故C不符合題意；D．在實驗中要減小拉力方向的誤差，應讓標記同一細繩方向的兩點盡量遠些，故細繩應該長一些；拉橡皮條的細繩套粗一些且短一些，會導致實驗結果不準確，故D符合題意；故選AD；(2)[2]為了提高實驗的準確性，減少誤差要選用彈性小且適當長的細繩或將豎直平面轉到水平面；(3)[3]A．為了驗證力的平行四邊形定則，應采用作力的圖示來表示分力與合力，但不是只需作力的圖示來表示分力與合力，故A錯誤；B．因實驗中存在誤差，故不可能嚴格使與重合，所以實驗中用平行四邊形定則求得的合力不一定沿直線方向，故B錯誤；C．對點受力分析，受到兩個彈簧的拉力和橡皮條的拉力，保持點的位置和夾角不變，即橡