軟件水平考試（中級）軟件設計師上午

（基礎知識）試題模擬試卷90

一、中文選擇題（本題共70題，每題1.0分，共70

分。）

1、下列光盤格式中，不能多次擦除重寫數據的是O

A、DVD-RAM

B、CD-R

C、DVD-RW

D、CD-RW

標準答案：B

知識點解析：本題考查光盤存儲技術基本常識。題目給出的是常見光盤格式，其中

DVD-RAM和DVD-RW是DVD技術所支持的兩種不同的可多次擦除重寫的DVD

光盤格式，CD-R指一次性可寫（刻錄）CD光盤，而CD-RW指可多次擦除、重寫的

CD光盤。

2、若不考慮I/O設備本身的性能，側影響計算機系統I/O數據傳輸速度的主要

因素是______。

A、地址總線寬度

B、數據總線寬度

C、主存儲器的容量

D、CPU的字長

標準答案：B

知識點解析：本題考查計算機系統基礎知識。適址總線寬度決定了CPU可以訪問

的物理地址空間，簡單地說就是CPU到底能夠使用多大容量的內存。CPU字長指

CPU位時間內（同一時間）能一次處理的二進數的位數。數據總線負責計算機中數據

在各組成部分之間的傳送，數據總線寬度是指在芯片內部數據傳送的寬度，而數據

總線寬度則決定了CPU與二級緩存，內存以及輸入/輸出設備之間一次數據傳輸

的信息量。

3、十六進制數CC所對應的八進制數為。

A、314

B、630

C、1414

D、3030

標準答案：A

知識點解析：本題考查進制轉換基礎知識。十六進制數CC的二進制形式為

11001100,從右向左每三位劃分為一組，對應的八進制數為314。

4、CPU中的的值可自動加1,以便實現程序指令的順序執行。

A、指令寄存器(IR)

B、程序計數器(PC)

C、地址寄存器(AR)

D、指令譯碼器(ID)

標準答案：B

知識點解析：本題考查CPU結構基礎知識。指令寄存器(1R)用來保存當前正￡執

行的指令。當執行一條指令時，先把它從內存取到數據寄存器(DR)中，然后再傳

送至IR。為了執行任何給定的指令，必須對操作碼進行測試，以便識別所要求的

操作。指令譯碼器(ID)就是做這項工作的。指令寄存器中操作碼字段的輸出就是指

令譯碼器的輸入。操作碼一經譯碼后，即可向操作控制器發出具體操作的特定信

號。地址寄存器(AR)用來保存當前CPU所訪問的內存單元的地址。由于在內存和

CPU之間存在著操作速度上的差別，所以必須使用地址寄存器來保持地址信息，

直到內存的讀/寫操作完成為止。為了保證程序指令能夠連續地執行下去，CPU

必須具有某些手段來確定下一條指令的地址。而程序計數器正是起到這種作用，所

以通常又稱為指令“數器。在程序開始執行前，必須將它的起始地址，即程序的一

條指令所在的內存單元地址送入PC,因此程序計數器(PC)的內容即從內存提取的

第一條指令的地址。當執行指令時，CPU將自動修改PC的內容，即每執行一條指

令PC增加一個量，這個量等于指令所含的字節數，以便使其保持的總是將要執行

的下一條指令的地址。由于大多數指令都是按順序來執行的，所以修改的過程通常

只是簡單地對PC加1。

5、以下關于Windows系統中文件的敘述中，正確的是o

A、文件一旦保存后則不能被刪除

R、文件必須占用磁盤的連續區域

C、“xls”也是可執行文件的擴展名

D、不同文件夾下的文件允許同名

標準答案：D

知識點解析：本題考察文件管理基礎知識。文件是允許刪除和修改的，A錯誤；文

件可以按照索引等方式進行存儲，存儲在不連續的存儲區域單，B錯誤；xls是

Excel文件，C錯誤；不同文件夾下的文件允許同名，但是相同文件夾里面的文件

名不允許相同，且不區分大小寫，所以D正確。

6、中央處理單元(CPU)不包括。

A、算術邏輯運算單元

B、控制器

C、通用寄存器組

D、I/O總線

標準答案：D

知識點解析：計算機硬件的中央處理單元是指由運算單元、控制單元、寄存器組所

組成的核心集成部件，這些部件之間通過芯片級總線連接。I/O總線是在內在與

外設間傳送數據的通路。如果將CPU比作跑車的引擎，I/O總線就好似跑車的傳

動裝置。

7、流水線的吞吐率是指單位時間流水線處理韻任務數，如果各段流水的操作時間

不周，則流水線的吞吐率是_____的倒數。

A、最短流水段操作時間

B、各段流水的操作時間總和

C、最長流水段操作時間

D、流水段數乘以最長流水段操作時間

標準答案：C

知識點解析：流水線處理機在執行指令時，把執行過程分為若干個流水級，若各流

水級需要的時間不同，則流水線必須選擇各級中時間較大者為流水級的處理時間。

理想情況下，當流水線充滿時，每一個流水級時間流水線輸出一個結果。流水線

的吞吐率是指單位時間流水線處理機輸出的結果的數目，因此流水線的吞吐率為一

個流水級時間的倒數，即最長流水級時間的倒數。

8、計算機中，執行一條指令所需要的時間稱為指令周期，完成一項基木操作所需

要的時間稱為機器周期，時鐘脈沖的重復周期稱為時鐘周期。因此，。

A、時鐘周期大于機器周期

B、時鐘周期等于機器周期

C、機器周期大于指令周期

D、指令周期大于時鐘周期

標準答案：D

知識點解析：時鐘周期也稱為震蕩周期，定義為時鐘脈沖的倒數，是計算機中最基

本，最小的時間單位。在一個時鐘周期內，CPU僅完成一個最基本的動作。人們

規定10納秒為一個時鐘周期.更小的時鐘周期意味著更高的T作頻率.計算機中

執行指令的過程一般分為取指令，分析指令和執行指令的三個基本階段。指令周期

是執行一條指令所需要的時間，一般由若干個機器周期組成，是從取指令，分析指

令到執行完所需的全部時間。指令不同，所需的機器周期數也不同，對于一些簡單

的單字節指令，在取指令周期中，指令取出到指令寄存器后，立即譯碼執行，不再

需要其他的機器周期。對于一些比較復雜的指令，則需要兩個或兩個以上的機器周

期?？偨Y：時鐘周期〈機器周期V指令閩期。

9、計算機采用分級存儲體系的主要目的是o

A、解決主存容量不足的問題

B、提高存儲器讀寫可靠性

C、提高外設訪問效率

D、解決存儲的容量、價格和速度之間的矛盾

標準答案：D

知識點解析：分級存儲體系中，速度快的存儲器，單位價格高，而速度慢的存儲

器，單位價格低，所以利用分級方式，能得到很好的性價比。

10＞以下關于CISC（ComplexInstructionSetComputer,復雜指令集計算機）和

RtSC（ReducedInstructionSetComputer,精簡指令集計算機）的敘述中，錯誤的是

A、在CISC中，復雜指令都采用硬布線邏輯來執行

B、一般而言，采用CISC技術的CPU,其芯片設計復雜度更高

C、在RISC中，更適合采用硬布線邏輯執行指令

D、采甩RISC技術，指令系統中的指令種類和尋址方式更少

標準答案：A、

知識點解析：本題考查CISC與RISC的區別，這是一種常見的考題，二者的區別

如下表所示。

指令系紇類型指令尋址方式實現方式其他

CISC（復雜）效■多，使用US率差別大，可變長格式支持多種微程序控制技術

數?少，使用殯率接近.定長格式.大增加了卷用寄存器；

優化偵譯,有效

部分為單周期指令,掾作寄存器，只有支持方式少陵布線邏輯控制為

RISC（修簡）支持高級語言

Uxad/Siorc操作內存主，采用流水線

11、以下關于Cache的敘述中，正確的是。

A、在容量確定的情況下，替換算法的時間復雜度是影響Cache命中率的關鍵因素

B、Cache的設計思想是在合理的成本下提高命中率

C、Cache的設計目標是容量盡可能與主存容量相等

D、CPU中的Cache容量應大于CPU之外的Cache容量

標準答案：B

知識點解析：Cache是介于CPU與內存之間的一種高速緩存。這種存儲器速度比

內存快了很多倍，利用到局部性原理，只需要少量的Cache,便能使整個機器訪問

內存數據得到極大的提升。所以Cache是一種應用非常普遍的技術，Cache在實際

應用中，可以分多級，如1級Cache,2級Cache。1級Cache往往位于CPU中，

其容量比在主板上的2級Cache小，但速度比2級Cache快。影響Cache命中率的

因素包括高速存儲器的容量、存儲單元組的大小、組數多少、地址聯想比較方法、

替換算法、寫操作處理方法和程序特性等，這些因素相互影響，沒有關鍵影響因

素。

12、掛接在總線上的多個部件，。

A、只能分時向總線發送數據，并只能分時從總線接收數據

B、只能分時向總線發送數據、但可同時從總線接收數據

C、可同時向總線發送數據，并同時從總線接收數據

D、可同時向總線發送數據，但只能分時從總線接收數據

標準答案：B

知識點解析：本題考查考生對總線概念的理解?？偩€是一個大家都能使用的數據傳

輸通道，大家都可以使用這個通道，但發送數據時，是采用的分時機制，而接收數

據時可以同時接收，也就是說，同一個數據，可以并行的被多個客戶收取。如果該

數據不是傳給自己的，數據包將被丟棄。

13、計算機執行程序時，在一個指令周期的過程中，為了能夠從內存中讀指令操作

碼，首先是將的內容送到地址總線上。

A、程序計數器PC

B、指令寄存器IR

C、狀態寄存器SR

D、通用寄存器GR

標準答案：A

知識點解析：計算機執行程序時，在一個指令周期的過程中，為了能夠從內存中讀

指令操作碼，首先是將程序計數器(PC)的內容送到地址總線上。

14、內存按字節編址，利用8Kx4bit的存儲器芯片構成84000H到8FFFFH的內

存，共需片O

A、6

B、8

C、12

D、24

標準答案：C

知識點解析：根據題目描述，采用該存儲器芯片需要構成8FFFFH-

84000H+l=C0()()H的空間，且內存按照字節(8bit)編碼，需要的容量是

C000Hx8bitoC000Hx8bit就是：48Kx8bit,一片存儲芯片的容量是8Kx4bit,兩者

相除得12o

15、在嵌入式系統設計時，下面幾種存儲結構中對程序員是透明的是_______o

A、高速緩存

B、磁盤存儲器

C、內存

D、flash存儲器

標準答案:A

知識點解析：本題主要考查嵌入式系統程序設計中對存儲結構的操作。對照4個選

項，可以立即看出高速緩存(Cache)對于程序員來說是透明的。

16、在操作系統文件管理中，通常采用來組織和管理外存中的信息。

A、字處理程序

B、設備驅動程序

C、文件目錄

D、語言翻譯程序

標準答案：C

知識點解析：存放在磁盤空間上的各類文件必須進行編目，操作系統才能實現文件

的管理，這與圖書館的藏書需要編目錄，一本書需要分章節是類似的。用戶總是希

望能“按名存取''文件中的信息。為此文件系統為每一個文件建立目錄項，即為每個

文件設置用于描述和控制文件的數據結構。

某公司銷售數據庫的商品、倉庫關系模式及函數依賴集Fl、F2如下：商品(商品

號，商品名稱，生產商，單價)，Fl=｛商品號一商品名稱，商品號一生產商，商品

號T單價)｝，商品關系的主鍵是_______(Do倉庫(倉庫號，地址，電話，商品

號，庫存量)，F2=｛倉庫號一(地址，電話)，(倉庫號，商品號)一庫存量)。倉庫關

系的主鍵是(2),外鍵是(3)o倉庫關系模式(4),為了解

決這一問題，需要將倉庫關系分解為(5)o

17、(1)

A、商品號

B、商品號，商品名稱

C、商品號，生產商

D、商品名稱，生產商

標準答案：A

知識點解析：暫無解析

18、(2)

A、倉庫號

B、倉庫號，商品號

C、倉庫號，電話

D、地址，電話

標準答案：B

知識點解析：暫無解析

19、⑶

A、倉庫號

B、地址

C、電話

D、商品號

標準答案：D

知識點解析：暫無解析

20、(4)

A、存在冗余、插入異常和刪除異常，以及修改操作的不一致

B、不存在冗余，但存在插入異常和刪除異常

C、不存在修改操作的不一致，但存在冗余和插入異常

D、不存在冗余、插入異常，但存在刪除異常和修改操作的不一致

標準答案：A

知識點解析：暫無解析

21、(5)

A、倉庫1（倉庫號，地址）和倉庫2（倉庫號，電話，商品號，庫存量）

B、倉庫1（倉庫號，地址，電話）和倉庫2（商品號，庫存量）

C、倉庫1（倉庫號，電話）和倉庫2（倉庫號，地址，商品號，庫存量）

D、倉庫1（倉庫號，地址，電話）和倉庫2（倉庫號，商品號，庫存量）

標準答案：D

知識點解析：本題考查應試者對關系模式中主鍵、外鍵和模式分解及相關知識的掌

握程度。從商品關系的函數依賴集F1可以導出商品號決定商品關系的全屬性，所

以商品號是商品關系的主鍵。從倉庫關系的函數依賴集F2可以導出（倉庫號，商

品號）決定倉庫關系的全屬性，所以倉庫關系的主鍵是倉庫號、商品號。又由于商

品號是商品關系的主鍵，故商品號是倉庫關系的外鍵。倉庫關系存在冗余、插入

異常和刪除異常，以及修改操作的不一致。例如，倉庫號為“12”的商品有3種，其

地址就要重復3次，見下表，故倉庫關系存在冗余。

倉庫關系

倉庫號地址電話商品號庫存■

12高新踣6號8601100024168

12商新路6號100025568

12高新第6號酗1230023398

13友通第6號MO21500042600

13友誼路6號8602I6OOO51218

????-?????4試題（5）正確的答案是D。為了解決倉庫

關系模式存在的問題需要進行模式分解，其中，選項A分解存在的問題是倉庫2

不屬于第三范式，因為存在非主屬性對碼的部分函數依賴，即倉庫號電話。選項B

分解存在的問題是分解有損連接，即分解的新關系模式倉庫1和倉庫2無法恢復到

原關系。選項C分解存在的問題與A類同。選項D分解是即保持函數依賴，又無

損連接，分解的結果如下:

倉庫1倉庫2

倉庫號電話倉東號商品號摩存，

12育*路1號860112100024168

13友海第6號860212100025568

IZ230023398

131500042600

13160005I21K

??????…

22、若對關系R（A,B,C,D）、S（C,D,E）進行gI,2,3,4,

7（o3=5A4=6（RxS））運算，則該關系代數表達式與是等價的。

A、RxS

G3=5A4=6（兀123,4,7（RXS））

C、兀A,B,C,D,E（RXS）

D、兀12347（Q3=5（R）X04=6（S））

標準答案：A

知識點解析：本題考查關系代數運算方面的基礎知識。自然聯接是一種特殊的等

值連接，它要求兩個關系中進行比較的分量必須是相同的屬性組，并且在結果集中

將重復屬性列去掉。本試題中。3=5A4=6（RxS）的含義是RxS后，選取R和S關系

中R.C=S.CAR.D=S.D的元組，再進行R.A、R.B、R.C、R.D和S.E的投影關系運

算?？梢娫撽P系運算表達式與RxS是等價的。

23、軟件設計時需要遵循抽象、模塊化、信息隱蔽和模塊獨立原則。在劃分軟件系

統模塊時，應盡量做到o

A、高內聚高耦合

B、高內聚低耦合

C、低內聚高耦合

D、低內聚低耦合

標準答案：B

知識點解析：本題考查軟件設計原則的基礎知識。軟件設計時需要遵循抽象、模塊

化、信息隱蔽和模塊獨立原則。耦合性和內聚性是模塊獨立性的兩個定性標準，在

劃分軟件系統模塊時，盡量做到高內聚、低耦合，提高模塊的獨立性。

24、統一過程(UP)定義了初啟階段、精化階段、構建階段、移交階段和產生階段，

每個階段以達到某個里程碑時結束，其中的里程碑是生命周期架構。

A、初啟階段

B、精化階段

C、構建階段

D、移交階段

標準答案：B

知識點解析：本題考查軟件開發過程的基礎知識。統一過程(UP)定義了初啟階段、

精化階段、構建階段、移交階段和產生階段，每個階段達到某個里程碑時結束。其

中初啟階段的里程碑是生命周期目標，精化階段的里程碑是生命周期架構，構建階

段的里程碑是初始運作功能，移交階段的里程碑是產品發布。

25、某小型軟件公司欲開發一個基于Web的考勤管理系統，客戶對系統的基本功

能、表現形式等要求并不明確，在這種情況下，采用比較合適。

A、瀑布模型

B、螺旋模型

C、V模型

D、原型化模型

標準答案：D

知識點解析：是小型軟件開發公司在面對客戶需求模糊或者多變的情況下，采用極

限編程的方法能夠在更短的周期內，更早地提供具體、持續的反信思，實現輕重、

高效、低風險的軟件開發。

軟件開發模型大體上可以分為三種類型：第一種是以完全確定軟件需求為前提的

(1);第二種是在軟件開發初始階段只能提供基本需求時采用的

(2)；第三種是以形式化為基礎的變換模型。

26、(I)

A、協同模型

B、瀑布模型

C、交互式模型

D、迭代式模型

標準答案：B

知識點解析：暫無解析

27、(2)

A、協同模型

B、瀑布模型

C、交互式模型

D、迭代式模型

標準答案：D

知識點解析?：軟件開發模型大體上可以分為三種類型。第一種是以軟件需求完全確

定為前提的瀑布模型；第二種是在軟件開發初始階段只能提供基本需求時采用的迭

代式或漸進式模型，例如噴泉模型、螺旋模型、統一開發過程和敏捷方法等；第三

種是以形式化為基礎的變換模型。

螺旋模型將瀑布模型和(I)結合起來，強調項目的風險分析，特別適合大型

復雜系統的開發過程.騾旋模型沿著螺線進行若干次迭代，依次經歷了計劃指定、

風險分析、工程實施和(2)四個主要活動。

28、(1)

A、噴泉模型

B、增量模型

C、V模型

D、快速原型模型

標準答案：D

知識點解析：暫無解析

29、(2)

A、客戶評估

B、客戶使用

C、工程交付

D、軟件測試

標準答案：A

知識點解析：本題主要考查對軟件開發模型中的螺旋模型的概念。1988年，Barry

Bodhm正式發表了軟件系統開發的“螺旋模型”，它將瀑布模型和快速原型模型結

合起來，強調了其他模型所忽視的風險分析，特別適合于大型復雜的系統。螺旋模

型沿著螺線進行若干次迭代，圖中的四個象限代表了以下活動：①制定計劃：確

定軟件目標，選定實施方案，弄清項目開發的限制條件；②風險分析：分析評估

所選方案，考慮如何識別和消除風險；③實施工程：實施軟件開發和驗證；④客

戶評估：評價開發工作，提出修正建議，制定下一步計劃。螺旋模型由風險驅

動，強調可選方案和約束條件從而支持軟件的重用，有助于將軟件質量作為特殊目

標融入產品開發之中。但是，螺旋模型也有一定的限制條件，具體如下：①螺旋

模型強調風險分析，但要求許多客戶接受和相信這種分析，并做出相關反應是不容

易的，因此，這種模型往往適應于內部的大規模軟件開發；②如果執行風險分析

將大大影響項目的利潤，那么進行風險分析毫無意義，因此，螺旋模型只適合于大

規模軟件項目；③軟件開發人員應該擅長尋找可能的風險，準確地分析風險，否

則將會帶來更大的風險。首先是確定一個階段的目標，完成這些目標的選擇方案

及其約束條件，然后從風險角度分析方案的開發策略，努力排除各種潛在的風險，

有時需要通過建造原型來完成。如果某些風險不能排除，該方案立即終止，否則啟

動下一個開發步驟。最后，評價該階段的結果，并設計下一個階段。

30、網絡邏輯結構設計的內容不包括o

A、邏輯網絡設計圖

B、IP地址方案

C、具體的軟硬件、廣域網連接和基本服務

D、用戶培訓計劃

標準答案：D

知識點解析：利用需求分析和現有網絡體系分析的結果來設計邏輯網絡結構，最后

得到一份邏輯網絡設計文檔，輸出內容包括以下幾點：①邏輯網絡設計圖；②IP

地址方案；③安全方案；④招聘和培訓網絡員工的具體說明；⑤對軟硬件、服

務、員工和培訓的費用初步估計。物理網絡設計是對邏輯網絡設計的物理實現，通

過對設備的具體物理分布、運行環境等確定，確保網絡的物理連接符合邏輯連接的

要求。輸出如下內容：①網絡物理結構圖和布線方案；②設備和部件的詳細列表

清單；③軟硬件和安裝費用的估算；④安裝日程表，詳細說明服務的時間以及期

限；⑤安裝后的測試計劃；⑥用戶的培訓計劃。由此可以看出，D選項的工作是

物理網絡設計階段的任務。

31、軟件產品的Alpha測試和Beta測試屬于。

A、回歸測試

B、性能測試

C、集成測試

D、確認測試

標準答案：D

知識點解析：確認測試包括：內部確認測試以及Alpha測試與Beta測試。

32、軟件質量保證是軟件項目控制的重要手段，是軟件質量保證的主要活

動之一。

A、風險評估

B、軟件評審

C、需求分析

D、架構設計

標準答案：B

知識點解析：軟件質量保證是軟件質量管理的重要組成部分。軟件質量保證主要是

從軟件產品的過程規范性角度來保證軟件的品質。其主要活動包括：質量審計(包

括軟件評審)和過程分析。

33、在系統開發中，原型可以劃分為不同的種類。從原型是否實現功能來分，可以

分為水平原型和垂直原型；從原型最終結果來分，可以分為拋棄式原型和演化式原

型。以下關于原型的敘述中，正確的是_______o

A、水平原型適合于算法較為復雜的項目

B、垂直原型適合于Web項目

C、拋棄式原型適合于需求不確定、不完整、含糊不清的項目

D、演化式原型主要用于界面設計

標準答案：c

知識點解析：拋棄式原型主要用于界面設計。拋棄式原型基本思路就是開始就做

一個簡單的界面設計，用來讓用戶有直觀感受，從而可以提得出需求，等需求獲取

到之后，可以把這個界面原型拋棄不用。而演化式，會把原型保留，通過不斷的

演化，逐步形成最終產品。

34、在對于現有系統進行分析時，方法是錯誤的。

A、多與用戶溝通，了解他們對現有系統的認識和評價

B、了解現有系統的組織結構，輸入/輸出、資源利用情況和數據處理過程

C、理解現有系統“做什么”的基礎上，抽取其“怎么做”的本質

D、從對現有系統的物理模型出發，通過研究、分析建立起其較高層次的邏輯模型

描述

標準答案：c

知識點常析：系統分析階段的任務是確定“做什么”，“怎么做”是系統設計階段的任

務。

(1)是系統分析階段結束后得到的工作產品，(2)是系統測試階段完

成后的工作產品。

35、(1)

A、系統設計規格說明

B、系統方案建議書

C、程序規格說明

D、單元測試數據

標準答案：B

知識點解析：暫無解析

36、(2)

A、驗收測試計劃

B、測試標準

C、系統測試計劃

D、操作手冊

標準答案：D

知識點解析：本題考查軟件配置項的基本概念。隨著軟件開發工作的開展，會得

到許多工作產品或階段產品，還會用到許多工具軟件。所有這些獨立的信息項都要

得到妥善的管理，絕對不能出現混亂，以便于在提出某些特定要求時，將它們進行

約定的組合來滿足使用目的。這些信息項目是配置管理的對象，稱為軟件配置項。

軟件配置項目可以分為以下幾類：①環境類，指軟件開發環境或軟件維護環境，

例如編譯器、操作系統、編輯器、數據庫管理系統、開發工具、項目管理工具、文

檔編制工具等：②定義類，是需求分析與定義階段結束后得到的工作產品，例如

需求規格說明、項目開發計劃、設計標準或設計準則、驗收測試計劃等；③設計

類，設計階段結束后得到的工作產品，例如系統設計規格說明、程序規格說明、數

據庫設計、編碼標準、用戶界面標準、測試標準、系統測試計劃、用戶手冊等：

④測試類，系統測試完成后的工作產品，例如系統測試數據、系統測試結果、操

作手冊、安裝手冊等；⑤維護類，進入維護階段以后產生的工作產品。

37、下列關于敏捷方法的敘述，錯誤的是o

A、敏捷方法強調可工作的軟件勝過大量的文檔

B、敏捷方法強調軟件過程與工具勝過個體和交互

C、敏捷方法強調盡早提交有價值的軟件

D、敏捷方法強調小版本發布

標準答案：B

知識點器析：敏捷方法是從20世紀90年代開始逐漸引起廣泛關注的一款新型軟件

開發方法，以應對快速變化的需求。雖然它們的具體名稱、理念、過程、術語都不

盡相同，但相對于“非敏捷”而言，它們更強調開發團隊與用戶之間的緊密協作、面

對面的溝通、頻繁交付新的軟件版本、緊湊而自我組織型的團隊等，也更注重人的

作用。敏捷方法強調，讓客戶滿意和軟件盡早增量發布：小而高度自主的項目團

隊；非正式的方法；最小化軟件工程工作產品以及整體精簡開發。產生這種情況的

原因是，在絕大多數軟件開發過程中，提前預測哪些需求是穩定的和哪些需求會變

化非常困難；對于軟件項目構建來說，設計和實現是交錯的；從指定計劃的角度來

看，分析、設計、實現和測試并不容易預測；可執行原型和部分實現的可運行系統

是了解用戶需求和反饋的有效媒介。從以上描述可以看出，敏捷方法會更強調個

體和交互，而不是軟件可程。

38、以下關于敏捷開發原則的敘述中，錯誤的是o

A、強調通過盡早地、持續地交付有價值的軟件來使客戶滿意

B、經常交付可以工作的軟件，但是每次都必須交付具有完整功能的系統

C、在團隊內部，最具有效果并富有效率的信息傳遞方法是面對面的交談

D、強調應對需求的持續變更，即使在項目后期也可靈活應對需求變更

標準答案：B

知識點解析：本題主要考查對敏捷開發原則的理解。敏捷開發是一種以人為核心、

迭代、循序漸進的開發方法。在敏捷開發中，軟件項目的構建被切分成多個子項

目，各個子項目的成果都經過測試，具備集成和可運行的特征。換言之，就是把一

個大項目分為多個相互聯系，但也可獨立運行的小項目，并分別完成，在此過程中

軟件一直處于可使用狀杰。敏捷開發的原則包括：（1）我們最優先要做的是通過盡

早的、持續的交付有價值的軟件來使客戶滿意。（2）即使到了開發的后期，也歡迎

改變需求。敏捷過程利用變化來為客戶創造競爭優勢。（3）經常性的交付可以工作

的軟件，交付的間隔可以從幾周到幾個月，交付的時間間隔越短越好。但不要求每

次交付的都是系統的完整功能。（4）在整個項目開發期間，業務人員和開發人員必

須天天都在一起工作。（5）圍繞被激勵起來的人來構建項目。給他們提供所需要的

環境和支持，并且信任他們能夠完成工作。（6）在團隊內部，最具有效果并且富有

效率的傳遞信息的方法：就是面對面的交談。（7）工作的軟件是首要進度度量標

準。（8）敏捷過程提供持續的開發速度。責任人、開發者和用戶應該能夠保持一個

長期的、恒定的開發速度。（9）不斷地關注優秀的技能和好的設計會增強敏捷能

力。（10）簡單一使未完成的工作最大化的藝術——是根本的。（11）最好的構架、需

求和設計出自與自組織的團隊。（12）每隔一定時間，團隊會在如何才能更有效地工

作方面進行反省，然后相應地對自己的行為進行調整。

39、下面可提供安全電子郵件服務的是______。

A、RSA

B、SSL

C、SET

D>S/MIME

標準答案：D

知識點解析：MIME（MultipurposeInternetMailExtensions）中文名為：多用途互聯網

郵件擴展類型。Internet電子郵件由一個郵件頭部和一個可選的郵件主體組成，其

中郵件頭部含有郵件的發送方和接收方的有關信息。而MIME是針對郵件主體的

一種擴展描述機制。它設定某種擴展名的文件用一種應用程序來打開的方式類型，

當該擴展名文件被訪問的時候，瀏覽器會自動使用指定應用程序來打開。多用于指

定一些客戶端自定義的文件名，以及一些媒體文件打開方式。所以這是與郵件內容

直接相關的一個協議。而S/MIME（SecureMultipurposeInternetMailExtensions）是

對MIME在安全方面的擴展。它可以把MIME實體（比如數字簽名和加密信息等）

封裝成安全對象。增強安全服務，例如具有接收方確認簽收的功能，這樣就可以確

保接收者不能否認已經收到過的郵件。還可以用于提供數據保密、完整性保護、認

證和鑒定服務等功能。S/MIME只保護郵件的郵件主體，對頭部信息則不進行加

密，以便讓郵件成功地在發送者和接收者的網關之間傳遞。

40、公司總部與分部之間需要傳輸大量數據，在保障數據安全的同時又要兼顧密鑰

算法效率，最合適的加密算法是0

A、RC-5

B、RSA

C、ECC

D、MD5

標準答案：A

知識點解析：公司總部與分部之間通過imernel傳輸數據，需要采用加密方式保障

數據安全。加密算法中，對稱加密比非對稱加密效率要高。RSA和ECC屬于非對

稱加密算法，MD5為摘要算法，故選擇RC-5。

41、看門狗(WatchDog)是嵌入式系統中一種常用的保證系統可靠性的技術，

______會產生看門狗中斷。

A、軟件喂狗

B、處理器溫度過高

C、外部中斷

D、看門狗定時器超時

標準答案：D

知識點。析：看門狗技術是一種計算機程序監視技術，防止程序由于干擾等原因而

進入死循環，一般用于計算機控制系統。原理：是不斷監測程序循環運行的時

間，一旦發現程序運行時間超過循環設定的時間，就認為系統已陷入死循環，然后

強迫程序返回到已安排了出錯處理程序的入口地處，使系統回到正常運行。從其定

義與特點可知，當看門狗定時器超時的時候，會產生看門狗中斷。

42、以下關于需求陳述的描述中，是不正確的。

A、每一項需求都必須完整、準確地描述即將要開發的功能

B、需求必須能夠在系統及其運行環境的能力和約束條件內實現

C、每一項需求記錄的功能都必須是用戶的真正的需要

D、在良好的需求陳述中，所有需求都應被視為同等重要

標準答案：D

知識點解析：需求是應咳分優先等級的，不能把所仃需求都視為同等重要。

軟件過程是制作軟件產品的一組活動以及結果，這些活動主要由軟件人員來完成，

主要包括(Do軟件過程模型是軟件開發實際過程的抽象與概括，它應該包

括構成軟件過程的各種活動。軟件過程有各種各樣的模型，其中，(2)的活

動之間存在因果關系，前一階段工作的結果是后一段階段工作的輸入描述。

43、(1)

A、軟件描述、軟件開發和軟件測試

B、軟件開發、軟件有效性驗證和軟件測試

C、軟件描述、軟件設計、軟件實現和軟件測試

D、軟件描述、軟件開發、軟件有效性驗證和軟件進化

標準答案：D

知識點解析：暫無解析

44、⑵

A、瀑布模型

B、原型模型

C、螺旋模型

D、基于構建的模型

標準答案：A

知識點解析：軟件過程是制作軟件產品的一組活動以及結果，這些活動主要由軟件

人員來完成，軟件活動主要有：①軟件描述。必須定義軟件功能以及使用的限

制。②軟件開發。也就是軟件的設計和實現，軟件工程人員制作出能滿足描述的

軟件。③軟件有效性驗證。軟件必須經過嚴格的驗證，以保證能夠滿足客戶的需

求。④軟件進化。軟件隨著客戶需求的變化不斷地改進。瀑布模型的特點是因果

關系緊密相連，前一個階段工作的結果是后一個階段工作的輸入?；蛘哒f，每一個

階段都是建立在前一個階段正確結果之上，前一個階段的錯漏會隱蔽地帶到后一個

階段。這種錯誤有時甚至可能是災難性的。因此每一個階段工作完成后，都要進行

審查和確認，這是非常重要的。歷史上，瀑布模型起到了重要作用，它的出現有利

于人員的組織管理，有利于軟件開發方法和工具的研究。

函數f()、g()的定義如下所示。已知調用f時傳遞給其形參x的值是1,若以傳值方

式調用g,則函數f的返回值為(1);若以傳引用方式調用g,則函數f的返

產y)

tnta=5;

retun%

回值為(2)o應/_

45、(1)

A、3

B、4

C、6

D、7

標準答案：A

知識點解析：暫無解析

46、(2)

A、3

B、4

C、6

D、7

標準答案：B

知識點解析：本題考查程序設計基礎知識。在傳值調用方式下，將實參的值傳遞

給形參，分配給實參變量和形參變量的存儲單元之間無相關性，各自使用，互不干

擾。在引用調用方式下，實參變量和形參變量的對應的存儲單元是同一個，在被調

用函數中修改形參實質上就修改了實參變量的值。對于本題，在傳值方式下，函

數f的參數X、局部變量a和函數g的參數Y分別對應不同的存儲單元，如下圖所

XIIIxEZJ,□□

aHaH?□□

在2中調用傳值調用方式下,發生鼠X)在執行函數g時，尸六1!!作返回到的敏f后，

調用時，可理解為形參y與將y的值才I,也就是將x的?-g(x滯a的值修

示：實拿x對應同一個存儲單元值增加1,然后返回y的值改為2因

此，以傳值方式調用g,函數f執行結束時，返回值為3。

47、綁定是一個把過程調用和響應調用所需要執行的代碼加以結合的過程。綁定可

在編譯時進行，也可在運行時進行。若一個給定的過程調用和執行代碼的結合直到

調用發生時才進行，這種綁定稱為。

A、靜態綁定

B、動態綁定

C、過載綁定

D、強制綁定

標準答案：B

知識點解析：本題考查動態綁定的基礎知識。綁定是一個把過程調用和響應調用而

需要執行的代碼加以結合的過程。在一般的程序設計語言中，綁定是在編譯時進行

的，叫作靜態綁定。動態綁定則是在運行時進行的，即一個給定的過程調用和代碼

的結合直到調用發生時才進行。

48、已知某帶權圖G的鄰接表如下所示，其中表結點的結構為:

|觸穗點?號邊上的權俄|指向下一個修儂(的指針一］

則圖G是

A、無向圖

B、完全圖

C、有向圖

D、強連通圖

標準答案：C

知識點解析：本題考查數據結構基礎知識。從題中的鄰接表中可知，該圖的邊為V

vl,v3＞、＜vl,v2＞、＜v2,v5＞、＜v2,v6＞、＜v3,v6＞、＜v3,v2＞、＜

v5,v4＞、＜v6,v4＞、＜v6,v5＞,如右圖所示，顯然，這是個有向圖。在無

向圖中，若存在邊(vi,vj),則它同時為vj和vi之間的邊。在上面的鄰接表中，存

在邊Vvl,v3＞,而不存在Vv3,vl＞,因此該圖不是無向圖。

對于無向圖，其邊數e和頂點數n的關系為e=nx(n-l)

/2。對于有向圖，其邊數e和頂點數n的關系為e=nx(n-l),因此該圖不是完全

圖。若有向圖為強連通圖，則任意兩個頂點間要存在路徑。在該有向圖中，由于

頂點v4沒有出邊，因此，不存在v4到其他頂點的路徑，因此該圖不是強連通圖。

49、一個高度為h的滿二叉樹的結點總數為2里1,其每一層結點個數都達到最大

值。從根結點開始順序編號，即根結點編號為1,其左、右孩子結點編號分別為2

和3,再下一層從左到右的編號為4、5、6、7,依次類推，每一層都從左到右依次

編號，直到最后的葉子結點層為止。那么，在一棵滿二叉樹中，對于編號m和n

的兩個結點，若m=2n+l,則。

A、m是刀的左孩子

B、m是n的右孩子

C、n是m的左孩子

D、n是m的右孩子

標準答案：B

知識點解析：本題考查數據結構基礎知識。用驗證的方法求解，以高度為3的滿二

叉樹(如右圖所示)為例進行說明。若m=2n+1,則結點m

是n的右孩子結點。

50、從未排序的序列中依次取出一個元素與已排序序列中的元素進行比較，然后將

其放在已排序序列的合適位置上，該排序方法為O

A、插入排序

B、選擇排序

C、快速排序

D、冒泡排序

標準答案：A

知識點解析：一個己經有序的數據序列，要求在這個已經排好的數據序列中插入一

個數，但要求插入后此數據序列仍然有序，這個時候就要用到一種新的排序方法

—插入排序法。

51、非空二叉排序樹的定義是：若根結點具有左子樹，則左子樹中所有結點的關鍵

碼均小于根結點的關鍵碼；若根結點具有右子樹，則右子樹中所有結點的關鍵碼均

大于根結點的關鍵碼；左、右子樹也是二叉排序樹。由此可知，在一個二叉排序樹

中O

A、從根結點到任何一個葉子的路徑上,結點的關鍵碼序列呈遞增排序

B、從根結點到任何一個葉子的路徑上，結點的關鍵碼序列呈遞減排序

C、同層次結點從左向右排序，結點的關鍵碼序列呈遞增排序

D、同層次結點從左向右排序，結點的關鍵碼序列呈遞減排序

標準答案：c

知識點露析：本題考查二叉排序樹基本概念。某二叉排序樹如右圖所示。

?°U顯然，在二叉排序樹中，同層次的結點從左至右呈遞

增排列。

52、對于字符串“software”，其長度為2的子串共有個。

A、4

B、7

C、28

D、56

標準答案：B

知識點解析：對于字符串“software”，其長度為2的子串有：

“so”"o「'"fr'"tw""wa''"ar'’"re”，共7個。

53、輸出受限的雙端隊列是指只有一端可以進行出隊操作而從兩端都可以進行入隊

操作的隊列，如下圖所示。對于輸入序列abed,經過一個初始為空且輸出受限的

雙端隊列后，不能得到的輸出序列為o

A、dabc

B、dcba

C>dcab

D、dacb

標準答案：D

知識點解析：本題考查隊列概念。先要理解下棧和隊列的概念。棧是先進后出，后

進先出。隊列是先進先出，后進后出。棧的概念是彈壓，就像子彈殼裝彈，一粒

一粒壓進去，但是打出來的時候是從上面打出來的，最先壓進去的最后彈出來，如

果進去順序是123,打出來順序是321,這就是后進先出；隊列的概念就是我們平

時排隊，按次序來，你徘在第1個，那你就第一個輪到，就是先進先出，先到先

來。而本題考察的是輸出受限的雙端隊列，其是指只有一端可以進行出隊操作而

從兩端都可以進行入隊操作的隊列。那么，其可能的輸出隊列是有很多種的。在

本題中，d已經進入了隊列，說明a、b、c都已經進入了隊列，因為d最先出隊

列，說明d肯定從左側端入列。當d從左側入隊列，且最先出隊列時，那會有以

下8種情況：①a、b、c都于左側進入隊列，則出棧序列為：d、c、b、a：②a、b

于左側入隊列，c位于右側入隊列，則出棧序列為：d、b、a、c；③b、c于左側入

隊列，a位于右側入隊列，則出棧序列為：d、c、b、a；④a、c于左側入隊列，b

位于右側入隊列，則出戌序列為：d、c、a、b：⑤a于左側入隊列，b、c位于右側

入隊列，則出棧序列為：d、a、b、c；⑥b于左側入隊列，a、c位于右側入隊列，

則出棧序列為：d、b、a、c；⑦c于左側入隊列，a、b位于右側入隊列，則出棧序

列為：d、c、a、b；?a.b、c于右側入隊列，則出棧序列為：d、a、b、c。所以

答案選擇D。

54、在具有n(n>0)個頂點的簡單無向圖中，最多含有條邊。

A、n(n-1)

B、n(n+l)

C、n*(n-l)

D、n*(n+l)/2

標準答案：C

知識點解析：本題考查圖結構基礎知識。對于n個頂點的簡單無向圖，每個頂點最

多與其余的"1個結點鄰接(若兩個頂點之間有邊，則稱為鄰接)，因此，最多有

n(n-l)條邊，同時，由于邊沒有方向，因此一條邊關聯的兩個頂點，鄰接關系被計

算了兩次，所以邊的個數為n(n-l)/2。

如下UML類圖表示的是(1)設計模式。以下關于該設計模式的敘述中，錯誤

A、工廠方法

B、策略

C、抽象工廠

D、觀察者

標準答案：C

知識點解析：暫無解析

56、(2)

A、提供創建一系列相關或相互依賴的對象的接口，而無需指定這些對象所屬的具

體類

B、可應用于一個系統要由多個產品系列中的一個來配置的時候

C、可應用于強調一系列相關產品對象的設計以便進行聯合使用的時候

D、可應用于希望使用已經存在的類，但其接口不符合需求的時候

標準答案：D

知識點解析：本題考查面向對象方法中的設計模式知識。題中的類圖是抽象工廠

設計模式，該設計模式的意圖是提供一個創建一系列相關或相互依賴對象的接口，

而無需指定它們具體的類。使用抽象工廠設計模式的常見情形是：一個系統要獨立

于其產品的創建、組合和表示時；一個系統要由多個產品系列中的一個來配置時；

當需要強調一系列相關的產品對象的設計以便進行聯合使用時；當提供一個產品類

庫，而只想顯示它們的凄口不是實現時。對于希望使用己經存在的類，但其接口不

符合需求的情形，應當考慮適配器設計模式。

⑴是一種很強的“擁有”關系，“部分”和“整體”的生命周期通常一樣。整體對

象完全支配其組成部分，包括它們的創建和銷毀等；(2)同樣表示“擁有”關

系，但有時候“部分”對象可以在不同的“整體”對象之間共享，并且“部分''對象的生

命周期也可以與“整體”對象不同，甚至“部分”對象可以脫離“整體”對象而單獨存

在。上述兩種關系都是(3)關系的特殊種類。

57、(1)

A、聚合

B、組合

C、繼承

D^關聯

標準答案：B

知識點解析：暫無解析

58、(2)

A、聚合

B、組合

C、繼承

D、關聯

標準答案：A

知識點解析：暫無解析

59、(3)

A^聚合

B、組合

C、繼承

D、關聯

標準答案：D

知識點解析：本題主要考查我們對類之間一些常用關系的理解本題我們主要要清

楚組合與聚合的聯系和區別。組合與聚合都體現著“部分”和“整體”的關系，但組合

是一種很強的“擁有”關系，“部分”和“整體”的生命周期通常一樣。整體對象完全支

配其組成部分，包括它們的創建和銷毀等：而聚合有時候“部分”對象可以在不同的

“整體”對象之間共享，并且“部分”對象的生命周期也可以與“整體”對象不同，其至

“部分”對象可以脫離“整體”對象而單獨存在。組合與聚合都是關聯關系的特殊種

類。

下面的UML類圖描繪的是。)設計模式。關于該設計模式的敘述中，錯誤的

absenrf$tatc=

subject-XSetStateQ

A、橋接

B、策略

C、抽象工廠

D、觀察者

標準答案：D

知識點解析：暫無解析

61、(2)

A、該設計模式中的Observer需耍維護至少??個Subject對象

B、該設計模式中的ConcreteObserver可以繞過Subject及其子類的封裝

C、該設計模式中一個Subject對象需要維護多個Observer對象

D、該設計模式中Subject需要通知Observer對象其自身的狀態變化

標準答案：B

知識點解析：本題主要考查設計模式的相關知識。橋接模式將抽象部分與實現部

分分離，使得它們兩部分可以獨立地變化。策略模式定義一系列的算法，將每一

個算法封裝起來，并讓它們可以相互替換。策略模式讓算法獨立于使用它的客戶而

變化。抽象工廠提供了一個創建一系列相關或相互依賴對象的接口，而無須指定

它們具體的類。抽象工廠模式又稱為Kil模式，屬于對象創建型模式。觀察者模式

定義對象間的一種一對多依賴關系，使得每當一個對象改變狀態，則其相關依賴對

象皆得到通知并被自動更新。從本題給出的圖我們可以判斷是觀察者模式，其中

被觀察對象(Subject),具體被觀察對象(ConcreteSubject),觀察者(Observer)及具體

觀察者(ConcreteObserver)。在本設計模式中，Observer需要維護至少一個Subject

對象，一個Subject對象需要維護多個Observer對象，另夕卜Subject需要通知

Observer對象其自身的狀態變化。

62、以下關于變量和常量和敘述中，錯誤的是o

A、變量的取值在程序運行過程中可以改變，常量則不行

B、變量具有類型屬性，常量則沒有

C、變量具有對應的存儲單元，常量則沒有

D、可以對變量賦值，不能對常量賦值

標準答案：B

知識點解析：本題主要考查我們對常理與變星的理解。顧名思義，常理是指值一旦

確定后就不能再變的量，而變量則是一個在程序執行過程中，可以根據需要修改的

量，是一個可改變的量。當然不管是常理還是變量，它們都有其類型屬性。

63、軟件商標權的權利人是指o

A、軟件商標設計人

B、軟件商標制作人

C、軟件商標使用人

D、軟件注冊商標所有人

標準答案：D

知識點解析：軟件商標權的權利人是指軟件注冊商標所有人。

64、利用可以對軟件的技術信息、經營信息提供保護。

A、著作權

B、專利權

C、商業秘密權

D、商標權

標準答案：C

知識點。析：著作權是提高對作品，包括文學、藝術、自然科學、社會科學和工程

技術領域內具有獨創性并能以某種有形形式熨制的智力成果。專利權保護的是具有

創造性的發明及設計等。商業秘密權用來保護商家的秘密，而軟件的技術信息及經

營信息正屬于商業秘密的范疇，因此需要用商業秘密權來保護。

65、李某在某軟件公司兼職，為完成該公司交給的工作，做出了一項涉及計算機程

序的發明。李某認為該發明是自己利用業余時間完成的，可以個人名義申請專利。

關于此項發明的專利申請權應歸屬。

A、李某

B、李某所在單位

C、李某兼職的軟件公司

D、李某和軟件公司約定的一方

標準答案：C

知識點解析：職務發明是指執行本單位的任務和主要利用本單位的物質條件所完成

的發明創造。我國專利法第六條第一款規定：執行本單位的任務或者主要是利用本

單位的物質技術條件所完成的發明創造為職務發明創造。職務發明創造申請專利的

權利屬于該單位；申請被批準后，該單位為專利權人。

66、以下關于網絡攻擊的敘述中，錯誤的是。

A、釣魚網站通過竊取用戶的賬號、密碼來進行網絡攻擊

B、向多個郵箱群發同一封電子郵件是一種網絡攻擊行為

C、采用DoS攻擊使計算機或網絡無法提供正常的服務

D、利用Sniffer可以發起網絡監聽攻擊

標準答案：B

知識點解析：本題考查網絡安全方面網絡攻擊相關的基礎知識。網絡攻擊手段多

種多樣，常見的形式包話口令入侵、放置特洛伊木馬程序、DoS攻擊、端口掃描、

網絡監聽、欺騙攻擊、電子郵件攻擊等。釣魚網站屬于欺騙攻擊中的Web欺騙，

Web欺騙允許攻擊者創造整個WwW世界的影像拷貝。影像Web的入口進入到攻

擊者的Web服務器，經過攻擊者機器的過濾作用，允許攻擊者監控受攻擊者的任

何活動，包括賬戶和口令。電子郵件攻擊主要表現為向目標信箱發送電子郵件炸

彈。所謂的郵件炸彈實質上就是發送地址不詳且容量龐大的郵件垃圾。而多個郵箱

群發同一封電子郵件不一定是攻擊行為。所以答案是B。

67、HTML語言中，可使用標簽將腳本插入HTML文檔。

A、＜language＞

B、＜script＞

C、＜javascript＞

D、＜vbscript＞

標準答案：B

知識點解析：本題考查HTML語言的基礎知識。在HTML語言中，可通過Vs