廣東省三校2025屆8月新高三年級摸底考試

物理試題

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的學校、班級、姓名、考場號、座位號和準考證號填寫在答題卡

上，將條形碼橫貼在答題卡”條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用25鉛筆在答題卡上將對應題目選項的答案信息點涂

黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相

應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不

按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，將試卷和答題卡一并交回。

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.2024年3月20日，長征八號火箭成功發射，將鵲橋二號直接送入預定地月轉移軌道。如圖所示，鵲橋

二號在進入近月點P、遠月點A的月球捕獲橢圓軌道，開始繞月球飛行。經過多次軌道控制，鵲橋二號最

終進入近月點尸和遠月點8、周期為24小時的環月橢圓軌道。關于鵲橋二號的說法正確的是（）

捕獲軌道____

一一二-一二A

/環月，就道屋、

A!"--B-；-------------｛月P

地月轉移軌道//鵲橋二號

A.離開火箭時速度大于地球的第三宇宙速度

B.在捕獲軌道運行的周期大于24小時

C.在捕獲軌道上經過P點時，需要點火加速，才可能進入環月軌道

D.經過A點的加速度比經過B點時大

【答案】B

【解析】

詳解】A.鵲橋二號離開火箭時速度要大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，才能進入環月軌道，A錯誤;

3

B.由開普勒第三定律臺=左，鵲橋二號在捕獲軌道上運行周期大于在環月軌道上運行的周期，B正確;

C.在P點要由捕獲軌道變軌到環月軌道，做近心運動，必須降低速度，經過尸點時，需要點火減速，C錯

誤;

D.根據萬有引力提供向心力知

_Mm

Cr——=ma

解得

GM

a=——

r

則經過A點的加速度比經過B點時小，D錯誤；

故選B。

2.如圖甲，絞車記載于北宋曾公亮的《武經總要》，其原理如圖乙，將一根圓軸削成同心而半徑不同的大

小轆粉，其上繞以繩索，繩下加動滑輪，滑輪下掛上重物，人轉動把手帶動轆輪旋轉便可輕松將重物吊

起。。、b分別是大小轆湖邊緣上的兩點。在起吊過程中，下列說法正確的是（）。

A.a點的線速度等于b點的線速度

B.人對把手做的功等于重物機械能的增加量

C.滑輪對重物的力與重物的重力是一對作用力與反作用力

D.滑輪會順時針轉動

【答案】D

【解析】

【詳解】A.a、6兩點為同軸轉動，角速度相同，。點做圓周運動的半徑大于6點做圓周運動的半徑，由

線速度與角速度的關系公式丫=0廠可知，。點的線速度大于b點的線速度，A錯誤;

B.由能量守恒定律可知，人對把手做的功等于重物機械能的增加量、輪軸動能及摩擦產生的熱三者的

和，B錯誤；

C.滑輪對重物的力與重物的重力都作用在重物上，不是一對作用力與反作用力，C錯誤；

D.重物在起吊過程中，人順時針轉動把手，由于。點的線速度大小大于沙點的線速度大小，則在相同時

間內，滑輪的左側上升的距離大，滑輪的右側下降的距離小，因此滑輪會順時針轉動，D正確。

故選D。

3.下列說法中正確的是（）

A.物體自由下落時速度增大，所以物體內能也增大

B.當分子間距離從ro（此時分子間引力與斥力平衡）增大到八時，分子力先減小后增大，分子勢能也先

減小后增大

C.熱量一定從內能大的物體向內能小的物體傳遞

D.根據熱力學第二定律可知，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體

【答案】D

【解析】

【詳解】A.物體自由下落時速度增大，動能增加，但內能是分子熱運動平均動能和分子勢能之和，與宏

觀速度無關，故A錯誤；

B.當分子間距離從加（此時分子間引力與斥力平衡）增大到八時，分子力可能一直增大或者先增大后減

小，但分子力一直表現為引力，分子力做負功，分子勢能會一直增大，故B錯誤；

C.熱傳遞的條件，高溫物體傳向低溫物體，與內能的大小無關，故C錯誤；

D.由熱力學第二定律的表述知，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，而不引起其他影響，故D

正確。

故選D。

4.2008年5月12日我國四川省汶川縣發生了8.0級的大地震，在震后的幾個月內還發生過一百多次的余震,

有的余震達到6級以上。為了減小余震所帶來新的損失，地震預報部門利用一種傳感器，探測地表傳來的

余震信息，這種傳感器應該是（）

A.電波傳感器B.壓力傳感器C.振動傳感器D.超聲波傳感器

【答案】C

【解析】

【詳解】由題意可知，這種傳感器既然與地震波有關，地震波是由震源的振動由近及遠向外傳播而產生，因

此是振動傳感器。

故選C。

5.無限長導線，均通以恒定電流直線部分和坐標軸接近重合，彎曲部分是以坐標原點。為圓心的相同

半徑的一段圓弧，已知直線部分在原點。處不形成磁場，則圖乙中。處磁感應強度和圖甲中。處磁感應

強度相同的是（）

【解析】

【分析】

【詳解】由題意可知，圖甲中0處磁感應強度的大小是其中一段在O點的磁場大小2倍，方向垂直紙面向

里；

A.根據右手螺旋定則可知，左上段與右下段的通電導線產生的磁場疊加為零，則剩余的兩段通電導線產

生的磁場大小是其中一段的在O點磁場的2倍，且方向垂直紙面向里，故A正確；

B.同理，四段通電導線在O點的磁場是其中一段在O點的磁場的4倍，方向是垂直向里，故B錯誤；

C.由上分析可知，右上段與左下段產生磁場疊加為零，則剩余兩段產生磁場大小是其中一段在O點產生

磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故C錯誤；

D.與C選項分析相同，四段在O點的磁場是其中一段在O點產生磁場的2倍，方向垂直紙面向外，故D

錯誤；

故選Ao

6.今年四月中國龍舟大賽四川遂寧站比賽在美麗的觀音湖盛大舉行，吸引了大量觀眾前來為龍舟隊員吶喊

助威。電視臺記者用無人機空中攝像對現場進行直播。如圖所示為無人機沿曲線從M點向N點飛行的過程

中的一段軌跡，速度逐漸減小，在此過程無人機所受合力方向可能的是（）

NN

A.心fB.,T

MM

NN

C.F\\D.}

MM

【答案】A

【解析】

【詳解】無人機做曲線運動時，受到的合力方向指向運動軌跡的凹側，由于無人機速度逐漸減小，可知合力

方向與速度方向的夾角大于90°o

故選Ao

7.2019年1月3日“嫦娥四號”探測器成功在月球背面著陸，標志著我國探月航天工程達到了一個新高

度。已知地球和月球的半徑之比約為4：1,分別在離月球表面高度為//處和離地球表面高度為力處自由下

落的小球運動時間之比為布：1，由此可知（）

A.地球表面重力加速度和月球表面重力加速度之比為76:1

B.小球在地球表面落地的速度和在月球表面落地的速度之比為6:1

C.地球的質量與月球的質量之比為96:1

D.地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為8:1

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據〃=eg/可知，地球表面重力加速度和月球表面重力加速度之比為

,2「

g地=/月=6

g月喧1

故A錯誤；

B.根據/=2g/z可知，小球在地球表面落地的速度和在月球表面落地的速度之比為

?地_卜地=瓜

喉Vg月1

故B錯誤；

C.根據萬有引力與重力的關系有

GMm

解得地球的質量與月球的質量之比為

“地_g地._2^.

M月g月R月21

故C正確；

D.根據第一宇宙速度的計算公式丫=阿，可知地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為

匕也］_卜地時"_2a

□月1Ng月R月1

故D錯誤；

故選C。

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.一簡諧橫波在片0時的波形如圖所示，介質中的質點尸做簡諧運動的表達式為y=4sin5加(cm),下列說法

B.該波沿％軸正方向傳播

C.該波的波速為10m/s

D.質點尸在一個周期內沿無軸正方向遷移了4m

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.根據題意，該波的振幅為

A=4cm

故A錯誤；

B.根據質點P的振動方程可知，仁0時刻，質點P處于平衡位置，且沿y軸正方向運動，結合波形圖，根

據“上下坡”法可知，該波沿x軸正方向傳播，故B正確；

C.周期為

2Tl2n

T=——=7-s=0.4

所以

力4

v=——=m/s=10m/s

T0.4

故C正確；

D.介質中的質點沿y軸上下振動，而不會隨波遷移，故D錯誤。

故選BC。

9.某汽車后備箱內安裝有撐起箱蓋的裝置，它主要由氣缸和活塞組成。開箱時，密閉于氣缸內的壓縮氣體

膨脹，將箱蓋頂起，如圖所示。在此過程中，若缸內氣體與外界無熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸

A.對外做正功，分子的平均動能減小B.對外做正功，內能增大

C.對外做負功，分子的平均動能增大D.對外做正功，內能減小

【答案】AD

【解析】

【分析】根據熱力學第一定律公式AU=W+Q，公式中AU表示系統內能的增加量，W表示外界對系統

做的功，。表示系統吸收的熱量，題中氣體膨脹對外界做功，即氣體對外界做負功，故W<0,氣體與外

界無熱交換，故Q=o,從而判斷出氣體內能的變化，也就得到分子的平均動能的變化情況。

【詳解】密閉于氣缸內的壓縮氣體膨脹對外做正功，即外界對氣體做負功，因而W<0,缸內氣體與外界無

熱交換說明Q=o,忽略氣體分子間相互作用，說明內能是所有分子動能的總和。根據熱力學第一定律

AU=W+Q,可知內能增加量△[/<(),故內能減小，分子平均動能減小，溫度降低。

故選AD。

【點睛】熱力學第一定律的公式AU=W+Q中，△。表示系統內能的增加量，W表示外界對系統做的功，

當系統對外界做功時，W取負值，。表示系統吸收的熱量，當系統放出熱量時，。取負值。

10.如圖所示，質量為M的光滑斜面靜止在光滑水平面上。某時刻，質量為”的可視為質點的小物塊從斜

面頂端由靜止開始下滑，經過一段時間，小物塊滑到斜面底端，速度大小為%,方向與水平地面成。角，

重力加速度大小為g。則小物塊從斜面頂端下滑到底端過程中，下列說法中正確的是()

A.斜面與小物塊組成的系統動量守恒

B.斜面對小物塊的支持力做的功等于小物塊機械能的變化

c.小物塊對斜面的壓力做的功等于mFc°s~§

2M

D.小物塊對斜面的壓力的沖量大小為mv0cos0

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.小物塊從斜面頂端下滑到底端過程中，斜面與小物塊組成的系統水平方向不受外力，豎直方

向所受外力矢量和不為零，因此系統動量不守恒，故A錯誤；

B.小物塊下滑過程中，斜面對小物塊的支持力做負功，引起小物塊機械能減小，且做的功等于小物塊機

械能的變化。故B正確；

C.物塊下滑過程，小物塊與斜面組成系統，水平方向動量守恒，因此根據動量守恒定律可得

0=mvQcos6-MV2

解得小物塊滑到斜面底端時，斜面的速度大小為

mv0cos0

I-M

根據動能定理可知，小物塊對斜面的壓力做的功即合外力對斜面做的功，等于其動能變化量，為

1“，77Z2VOCOS20

W=-Mv：=——Q------

222M

故C正確;

D.根據動量定理可知，小物塊對斜面的壓力在水平方向的分力的沖量等于斜面動量變化量“嶺，即等于

mvocos0；而小物塊對斜面的壓力在豎直方向分力的沖量不為零，因此小物塊對斜面的壓力的沖量大小

不等于加%cos，，故D錯誤。

故選BC。

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。

11.為了測量一節干電池的電動勢石和內電阻廣，除了一節干電池以外，實驗室還提供了如下器材:

A.毫安表(量程為：0~600mA、內阻為幾)

B電阻箱R(最大阻值9999.9。)

C.開關一只，導線若干

(1)請你根據提供的器材，在方框中畫出測量電路圖.

(2)斷開開關S,調整電阻箱的阻值,再團合開關S,讀取并記錄電流表的示數/及電阻箱接入電路中的

阻值尺。多次重復上述操作，可得到多組電流值/及電阻箱的阻值尺，并以L為縱坐標，以R為橫坐標,

作出工-R圖像，如圖所示。若直線的斜率為左，縱截距為6,由圖像及題給條件可知，電源電動勢的表

達式E-,電源內阻的表達式r=

(3)采用上述實驗，測得的干電池的電動勢和內阻與真實值相比，E測E真，如

r真。（均選填“>”或"="）

1b

【答案】①.見解析②.一③.——&?.=⑤.=

kk

【解析】

【詳解】[1]分析可知，利用“安阻法”來測量該電池電動勢及內阻，電路設計如圖所示。

[2][3]根據閉合電路歐姆定律，有

E=I（RQ+R+r）

得

-R+殳士

EE

解得

一=，-凡

E=

ik

[4][5]我們測量時把毫安表的內阻已經減掉，故由2-尺圖像可知

后測=石真，幽=，真

12.雙流中學一研究性學習小組欲通過測定工業污水（含多種重金屬離子）的電阻率來判斷某工廠廢水是

否達到排放標準（一般工業廢水電阻率的達標值為〃N200Qm,如圖1所示為該組同學所用盛水容器，其

左、右兩側面為金屬薄板（電阻極小），其余四面由絕緣材料制成，左右兩側帶有接線柱.容器內表面長

cz=40cm,寬b=20cm,高c=10cm,將水樣注滿容器后，進行以下操作：

（1）分別用多用電表歐姆擋的“xlOO”、“xlK”兩擋粗測水樣的電阻值時，表盤上指針如圖2所示，則

所測水樣的電阻約為。。

（2）為更精確地測量所取水樣的電阻，該小組從實驗室中找到如下實驗器材;

A.電流表（量程6mA,電阻RA為20。）B.電壓表（量程15V電阻區約為lOkA）

C.滑動變阻器（0-20。，額定電流1A）D.電源（12V內阻約10。）

E.開關一只、導線若干

請在圖3的實物圖中完成電路連接

（3）正確連接電路后，閉合開關,測得一組/數據；再調節滑動變阻器，重復上述測量步驟，得出一

系列數據如表所示，請在圖4的坐標紙中作出U-/關系圖線

UN2.03.86.88.010.211.6

//mA0.731.362.202.893.664.15

（4）由以上測量數據可以求出待測水樣的電阻率為Q.m,據此可知，所測水樣在電阻率這一指

標上__________（選填“達標”或“不達標”）。

【詳解】（1）口］電阻的大小等于指針示數乘以倍率，得出水樣的電阻約為1750Q；

（2）［2］因為要精確測量電阻值，需要電路中電壓有較大的變化范圍，而滑動變阻器阻值又遠小于待測電

阻，所以連線時滑動變阻器要用分壓接法；

又因為所測電阻的阻值約為

1750Q>RARV

則采用電流表內接法，電路連接如圖所示

（3）［3］描點法作圖，如圖（讓絕大多數的點在直線上，其余各點均勻地分布在直線兩側）

UN

12

10

8

6

4

2

3

012345

(4)[4]由圖線斜率可知，總電阻為

4二＞布加Q=2730Q

又

R=R總—仆=2710。

根據電阻定律

R=p—

s

故有

DC

p=—=135.5Q-m<200Q-m

L

所以不達標。

四、計算題：本大題共3小題，共36分。

13.微棱鏡增亮膜能有效提升LCD(液晶顯示屏)亮度。如圖甲所示為其工作原理截面圖，從面光源發出

的光線通過棱鏡膜后，部分會定向出射到LCD上，部分會經過全反射返回到光源進行再利用。如圖乙所

示，等腰直角VA3C為一微棱鏡的橫截面，NA=90°,AB=AC=4a,緊貼5C邊上的P點放一點光

源，BP=；BC。已知微棱鏡材料的折射率〃=1,sin37°=0.6,只研究從尸點發出照射到A3邊上的

光線。

(1)某一光線從A3邊出射時，方向恰好垂直于5C邊，求該光線在微棱鏡內的入射角的正弦值；

(2)某一部分光線可以依次在A3、AC兩界面均發生全反射，再返回到5。邊，求該部分光線在A3邊

上的照射區域長度。

■■■■■■LCD

光線

圖甲圖乙

【答案】（1）述；（2）二。

1012

【解析】

【分析】

【詳解】（1）由題意知，出射角

r=45°

由折射定律得

sinr

n=-----

sinz

解得

（2）根據sinC=L可得臨界角為

n

C=arcsin—=37°

n

當光線剛好在A5邊上"點發生全反射時，如實線光路所示，在A5邊剛好全反射時，入射角

a=37。

由幾何關系知，反射到AC邊的入射角

af=53°>C

能夠發生全反射。過尸點做A3的垂線與。點，由幾何關系知

PQ=a

3

QM=6z-tan37°=—

4

當光線剛好在AC邊上發生全反射時，如圖虛線光路所示，在AC邊剛好全反射時，在AC邊的入射角

B=37°

由幾何關系知，在A3邊的入射角

，=53。＞。

能夠發生全反射，反射點為N.

在VPNQ中由幾何關系知

4

QN=atan53°=3。

綜上所述，符合要求的區域

437

MN——CL------CI-.......CI

3412

A

14.如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系，y軸沿豎直方向。在x=L到x=2乙之間存在豎直向上的勻強

電場和垂直坐標平面向里的勻強磁場，一個比荷為上的帶電微粒從坐標原點以一定的初速度沿+x方向拋

出，進入電場和磁場后恰好在豎直平面內做勻速圓周運動，離開電場和磁場后，帶電微粒恰好沿+x方向通

過x軸上x=3L的位置，已知勻強磁場的磁感應強度為3,重力加速度為g。求：

(1)電場強度E的大小；

kB

【解析】

【詳解】（1）由題意可知微粒在電磁組合場中做勻速圓周運動時豎直方向上受力平衡，即

mg=qE①

又因為

k="②

m

解得

E=g③

k

（2）微粒的運動軌跡如圖所示，設微粒在電磁復合場中運動的半徑為凡速度大小為也u與豎直方向夾角

為仇由幾何關系知

2RcosO=L④

根據牛頓第二定律得

qvB二m—⑤

R

微粒進入電磁復合場時的豎直分速度大小為

Vy=VCOS0⑥

設微粒從原點拋出后經時間才進入電磁復合場，根據平拋運動規律有

Vy=gt⑦

L=vot⑧

聯立②④⑤⑥⑦⑧解得

v=—⑨

o0kB

15.某同學利用數碼照相機連拍功能研究運動物體的殘影，拍攝過程中每次曝光以及曝光之間的時間間隔固

定不變。實驗者使一彈性小球從某磚墻前自由落下的同時開始連拍，觀察到如圖14所示的情景（圖中1、

2、3……是由于小球的運動而在照片上留下的模糊徑跡）。測得每塊磚的平均厚度為5cm,第3、9條徑跡的

長度分別為2.2cm和8.2cm,小球剛好在第9次曝光結束時與地面碰撞，從下落點到第9