2023?2024學年度高二第一學期期末質量監測

物理試卷

本試卷共15小題，滿分100分。考試用時75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，考生必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的姓名和考生號填寫在答題卡相應的

位置上。

2.選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑；如需改動，用

橡皮擦干凈后，再選涂其他答案；不能答在試卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內的

相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使用鉛筆或涂改液。

不按以上要求作答的答案無效。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.科學家科拉頓在探索如何產生感應電流時，為了排除磁鐵對“電流表”的影響，他將連接好的“電流

表”和線圈分別放在兩個房間（如圖），他把磁鐵插入線圈后，跑到放“電流表”的房間，沒有觀察到電

流產生。對這一現象的正確解釋是（）

A.磁場不能產生電流B.磁鐵對“電流表”仍有影響

C.他觀察時磁鐵已停在線圈中D.磁鐵插入線圈的過程中不會產生感應電流

【答案】C

【解析】

【詳解】科拉頓用條形磁鐵在線圈中進行插進和抽出的實驗時，線圈中的磁通量發生了變化，電流表的回

路中有感應電流產生；當他跑到另一個房間時，由于磁鐵已經停止在線圈中，因此此時已經沒有感應電

流，所以他無法觀察到。故C正確。ABD錯誤。

故選C。

2.部分汽車有“主動降噪”這項配置，原理是在車上特定區域安裝麥克風采集噪聲信號樣本，樣本通過系

統處理后產生相位差為兀的抑噪信號再由車廂內的揚聲器放出，可以有效降低車內噪音。關于該降噪系

統，下列說法正確的是（）

A.該降噪系統降噪原理是聲波的多普勒效應

B.抑噪信號與噪音信號頻率可能不同

C.抑噪信號與噪音信號振幅相同，降噪效果最好

D.車內與兩信號源距離差為。的位置，降噪效果最差

【答案】C

【解析】

【詳解】ABC.由題意可知，“主動降噪”的原理是通過抑噪信號與噪聲信號發生干涉減弱，所以抑噪信

號與噪音信號頻率一定相同，且當抑噪信號與噪音信號振幅相同時，合振幅為零，降噪效果最好，故AB

錯誤，C正確；

D.由于抑噪信號與噪音信號的相位差為兀，所以到兩信號源距離差為波長的整數倍的位置為干涉減弱

區，降噪效果最好，故D錯誤。

故選Co

3.如圖所示，表面光滑的固定圓弧軌道，最低點為P,弧長遠小于凡現將可視為質點的兩個小球從A、

8點同時由靜止釋放，弧長AP大于3P,則（）

A.兩球在尸點相遇B.兩球在尸點右側相遇

C.兩球在尸點左側相遇D.以上情況均有可能

【答案】A

【解析】

【詳解】由于弧長遠小于R,所以兩球的運動都可以看作是單擺，由單擺的等時性可知，兩球從釋放到最

低點的時間都等于單擺周期（單擺周期公式T=2?的四分之一，擺長相等，L=R,所以兩球會同時

到達P點，故BCD錯誤，A正確。

故選Ao

4.莊子與惠子游于濠梁之上。莊子曰：“脩魚出游從容，是魚之樂也。”人在橋上觀魚（)

A.人能看到魚，魚不能看到人

B.人看到的魚是經反射所成的像

C.魚看到的人的位置比人的實際位置低

D.人看到的魚的位置比魚的實際位置高

【答案】D

【解析】

【詳解】A.魚在水中，魚作為等效光源，是從光密介質進入光疏介質，能夠發生全反射，因此，人可能

看不到魚，而人在空氣中，人作為等效光源，是從光疏介質進入光密介質，不能夠發生全反射，因此，魚

能看到人，因此魚能看到人，人不能看到魚，A錯誤；

B.人看到的魚是經光的折射所成的像，B錯誤；

CD.人在空氣中，人作為等效光源，入射角大于折射角，魚沿折射光線的反向延長線看人，魚看到的人的

位置比人的實際位置高，C錯誤，D正確。

故選D。

5.海上作業和軍事領域中，在雷達無法使用的時候，經常通過解析海上浮標的位置信號來粗略地定位船舶

和潛艇。設某海域內常態下海浪表面波長為100m,延海浪傳播方向有。、b、c三個間距150m的浮標，

常態下浮標上下浮動周期為5s,而當某小型潛艇經過時，系統檢測到。浮標發生異常浮動，3s后和6s后

又相繼檢測到力、c浮標發生了異常浮動，則下列說法正確的是（）

A.浮標隨海水波浪方向向前移動

B.浮標區域常態下海水波浪速度為20m/s

C.根據數據可推測小型潛艇行駛速度約為20m/s

D.常態下浮標々到達最高點時，浮標6處在海平面位置

【答案】B

【解析】

【分析】

【詳解】A.浮標是“海面”上的標識物，它不隨海水波浪方向向前移動，只是在各自位置上下浮動，故A

錯誤；

B.浮標上下浮動周期為5s,即海水波浪的周期T=5s,海浪表面波長4=100m,所以浮標區域常態下海

水波浪速度

2100,“,

v=——=----m/s=20mzs

T5

故B正確；

C.小型潛艇經過時，浮標發生異常浮動，由題知某小型潛艇經過相鄰的兩個浮標用時4=3s,三個浮標的

間距Ax=150m,可推測小型潛艇行駛速度約為

,Ax150.5.

v=—=-----m/s=50m/s

3

故C錯誤；

3

D.浮標6間距為150m,正好是海浪表面波長的一倍，則常態下浮標。到達最高點時，浮標6處在最

2

低點，故D錯誤。

故選B

6.潮汐能是海水周期性漲落運動中所具有的能量，是一種可再生能源。現建立一個簡化模型，某發電站大

壩內儲水水庫的有效面積為S=4x106m?，漲潮時，當大壩外側海平面高度為A=4m時（以海水流入前

的水庫水面為參考系），打開大壩下面通道的閘門海水流入，此過程中通道處的水輪機利用水流的動能發

電，直至大壩內外水面等高，關閉閘門。等到完全退潮后，開閘放水，再次發電，直至大壩內外水面再次

相同，關閉閘門，等待下一次漲潮發電（此時的水庫水面高度即為漲潮前的水庫水面高度）。由于海洋很

大，大壩外的海平面高度在海水流入、流出水庫過程中幾乎不變，潮水一天漲落兩次，海水的勢能有25%

轉化為電能，則這個發電站一天的發電量約為（）

潮汐能發電

D.1.5X10"J

【答案】C

【解析】

【詳解】根據題意可得電能為

￡^=￡pX25%=4xl06x4x4xl.0xl03xl0x2x25%J=3.2xl0nJ

故日發電量約為3.0xl0“J,ABD錯誤，C正確。

故選C。

7.如圖所示，若船用纜繩固定，人恰好可以從船頭跳上岸；撤去纜繩，人仍然恰好可以從船頭跳上岸。已

知兩次從離開船到跳上岸所用時間相等，人的質量為60kg,船的質量為120kg,不計水和空氣阻力，忽略

人豎直方向的運動，則兩次人消耗的能量之比為（）

A.1：1B.1：2C,1：3D.2：3

【答案】D

【解析】

【詳解】假設纜繩固定時人跳出的速度為匕，則人消耗的能量

口12

g=5機人匕

撤去纜繩后，人跳出的速度仍為％,由動量守恒

m人/=加船%

人消耗的能量

F_12/2

E?=5機人W+萬機船6

代入數據可得

4：￡>2=2：3

故選D。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.我國古代有一種利用共振原理的古琴調弦技術，將一小紙人放在需要調整音準的弦上，然后撥動另一個

音調準確的古琴上對應的琴弦，小紙人跳動越明顯代表音調越準確，調準音調后，下列說法正確的是

()

需調音準的古琴音調準確的古琴

A.撥動其他音調琴弦，小紙人跳動不明顯

B.敲擊對應音調的音叉，也可以讓小紙人跳動明顯

C.撥動對應音調的琴弦力量越大，小紙人跳動幅度越大

D.調弦過程中琴弦的機械能將全部轉化為紙人的機械能

【答案】ABC

【解析】

【詳解】A.小紙人跳動明顯，表明小紙人所在弦發生了共振，振幅最大，古琴上對應的琴弦與小紙人所

在弦的固有頻率相等，而撥動其他音調的琴弦，由于頻率與小紙人所在弦的固有頻率不相等，沒有發生共

振，小紙人跳動不明顯，A正確；

B.敲擊對應音調的音叉，其振動頻率等于小紙人所在弦的固有頻率，小紙人所在弦的發生共振，紙人跳

動明顯，B正確；

C.撥動對應音調的琴弦力量越大，對應的能量越大，小紙人跳動幅度越大，C正確；

D.調弦過程中琴弦的振動導致其它弦也發生受迫振動，因此調弦過程中琴弦的機械能只有部分轉化為紙

人的機械能，D錯誤。

故選ABC?

9.在電視劇《西游記》中，孫悟空為朱紫國國王懸絲診脈，中醫懸絲診脈懸的是“絲”，“診”的是脈搏

通過懸絲傳過來的振動，即通過機械波判斷出病灶的位置與輕重緩急。如圖，假設“絲”上有相鄰兩點間

距相等的點1、2、3、4、…，朱紫國國王在搭上絲線后圖中質點1在仁0時開始向上振動，產生的機械波

沿絲線向孫悟空傳播，f=0.75s時質點1第一次到達最低點，此時質點4剛好開始振動，則（）

x",4321

A.該波所有質點的振動頻率均為1Hz

B.Z=0.75s時質點4振動方向向下

C；=0.75s時質點1和質點3的加速度相同

D.t=2.5s時質點2恰好位于波峰位置

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.質點1開始振動時方向向上，r=0.75s時質點1第一次到達最低點，即

3

-M75s

4

故周期

r=is

頻率為1Hz,故A正確；

B.質點1開始時振動方向向上，U0.75s時質點4剛好開始振動，振動的方向也向上，故B錯誤；

C.U0.75s時質點1在波谷、質點3在波峰，兩質點加速度大小相等、方向相反，故C錯誤；

D.波從質點1傳到質點2用時0.25s,質點2在Z=2.5s時發生振動的總時間為

2.5s-0.25s=2.25s=2.25T

即此時質點2恰好位于波峰位置，故D正確。

故選AD。

10.如圖所示，某學生練習用頭顛球。一次足球從靜止開始下落20cm后被頭部豎直頂起，球離開頭部后

上升的最大高度為45cm。已知足球與頭部的作用時間為0.1s,足球的質量為0.4kg,重力加速度

g=10m/s2不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.足球與頭部作用過程中，足球的動量變化量大小為0.4kg-m/s

B.頭部對足球的平均作用力為24N

C.足球剛接觸頭到剛離開頭時，合外力對足球做功為1J

D.從靜止下落到上升到最大高度過程中足球重力的沖量大小等于人對足球的沖量大小

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.由位移速度公式可得，下落到與頭部剛接觸時的速度大小為

匕=12gh=J2x10x20x1。-2mzs=2m/s

反彈剛離開頭部的速度大小為

-2

v2=42gh=V2xl0x45xl0m/s=3m/s

以向上為正方向，足球與頭部作用過程中，足球的動量變化量為

△p=mv2—[~mvx)=2kg-m/s

A錯誤；

B.足球與頭部作用過程，據動量定理可得

解得

F=24N

B正確;

C.足球剛接觸頭到剛離開頭時，足球的位移可忽略，故重力不做功，據動能定理可得，頭對足球做功為

=1J

C正確；

D.從靜止下落到上升到最大高度過程中，足球的動量變化為零，由動量定理可知，合力的沖量為零，故足

球重力的沖量大小等于人對足球的沖量大小，D正確。

故選BCD。

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.長方體形狀的玻璃磚有一個表面鍍銀（光線不能透過），現利用“插針法”測定此玻璃磚的折射率。如

題圖甲所示，實驗時，先將玻璃磚平放到水平面內的白紙上，鍍銀面與紙面垂直。貼著玻璃磚前后兩個面

在紙上畫出直線叫也和41左2，其中〃4也側為鍍銀面。然后在白紙上豎直插上兩枚大頭針品2。

（1）準備插第三枚大頭針時，應在___________側觀察（選填“網鈾”或“《kJ）；

（2）插第三枚大頭針時，這枚大頭針應___________；

A.只擋住4的像B.只擋住鳥的像

C.同時擋住耳和鳥的像

（3）插完所需大頭針，補全光路。題圖乙為光路的一部分，4,用均為光路上的點，過4,用作直線4色2

的垂線，垂足分別為4、B2,已知圖中4。=40,則玻璃磚的折射率可表示為。

A&口

ARc

■B2O■AO-B出2'

【答案】?.秘2②-c③.A

【解析】

【詳解】（1）山確定第三枚大頭針尸3位置的作圖方法：由于仍網表面鍍銀，只能反射，所以光路為：入

射光線、經過％1七的折射光線、經過〃4〃?2的反射光線、再次經過左上的折射后的出射光線，作出此光

路，即可標出尸3的位置，則

準備插第三枚大頭針時，應在4小2側觀察;

(2)[2]插第三枚大頭針時，這枚大頭針應同時擋住4和8的像，故選C。

(3)[3]根據折射定律可得

4。

_sin，_A。_

sinrB20BQ

麗一

故選Ao

12.某小組用如圖1所示的裝置驗證動量守恒定律。

夕撞針橡思泥尸打點計時器

長木板工/,nZ一

圖1

(1)關于橡皮泥在本實驗中的作用，下列說法正確的是

A.改變小車的質量

B.在兩車碰撞時起到緩沖作用，防止撞壞小車

C.若在兩個小車的碰撞端分別貼上尼龍搭扣(魔術貼)，可起到相同的作用

(2)關于實驗的操作，下列說法正確的是

A.實驗前應微調木板的傾斜程度，使小車P能靜止在木板上

B.接通打點計時器電源后，應將小車P由靜止釋放

C.與小車P碰撞前，小車Q應靜止在木板上的適當位置

D.加祛碼以改變小車質量再次實驗，必須再次調整木板傾角

(3)打點計時器每隔0.02s打一次點，實驗得到的一條紙帶如圖2所示，已將各計數點之間的距離標在圖

±o則小車P碰撞前的速度為m/So(計算結果保留三位有效數字)

,4B.fDEI

<--------------------------?<-------------------------------------?<-------------------------?<-------------------?

XI=12.18cmx2=16.26cmx3=12.35cmx4=10.80cm

圖2

（4）測得小車P的總質量為相，小車Q的總質量為祖2，圖2中48、BC、CD、DE四段長度分別為占、

巧、￡、4，為了驗證動量守恒定律，需要驗證的表達式是o（用題中所給物理量符號表示）

（5）某同學發現系統碰后動量的測量值總是大于碰前動量的測量值，可能的原因是o（寫出一條即

可）

【答案】①.C②.C③.1.63④.叫％=（初1+e）X4⑤.木板傾角過大（碰前小車Q具

有沿軌道向下的速度）

【解析】

【詳解】（1）[1]在碰撞過程中，橡皮泥在本實驗中的作用是使碰撞后兩車粘連在一起。

故選C

（2）[2]A.實驗前應微調木板傾斜程度，使小車P能在木板上勻速直線運動，平衡摩擦力，故A錯誤;

B.接通打點計時器電源后，小車P勻速運動，故釋放時需有一定的初速度，故B錯誤；

C.與小車P碰撞前，小車Q應靜止在木板上，保證碰撞前速度為0,且位置要適當，保證可以測量出小車

P的碰前速度，故C正確；

D.加祛碼以改變小車質量再次實驗，不需要再次調整木板傾角，故D錯誤。

故選Co

（3）[3]碰撞前的速度應該選擇8C段求平均速度，則

.=三=16.26x]0—2向§B1.63mzs

t0.02x5

（4）[4]%為碰撞后二者的運動距離，則根據動量守恒定律可得

r

=（加]+m2）v

解得

叫馬=（町+加2）乂

(5)[5]由上述可知

=(7%+加2)%4

若系統碰后動量的測量值總是大于碰前動量的測量值，則說明碰撞前Q不是處于靜止狀態，故碰前小車Q

具有沿軌道向下的速度。

13.一根水平長繩一端尸固定，某同學抓住長繩的另一端S點在豎直方向上下振動。繩子上有A、8兩點，

水平時距離S分別為4m和10m。波沿繩子傳播的速度v=4m/s,當A點在平衡位置豎直向上振動時，8點

恰好在平衡位置豎直向下振動，A、3之間僅有2個質點在平衡位置。求：

(1)A、3兩點起振的時間差加；

(2)S點在豎直方向振動的頻率/。

【答案】(1)1.5s；(2)1Hz

【解析】

【詳解】(1)波在介質中勻速傳播，根據

x=vt

可得A、＜8兩點起振的時間差為

.x—x.10-4

At=上R——=------s=1.5s

v4

(2)根據題意可知A、8兩點間的距離為

xB=1.52

解得

2=4m

根據

v=4f

代入數據解得

/=lHz

14.如圖，半徑為R的半圓形玻璃磚直立在豎直面內，。為圓心，平面與地面垂直，P是圓弧面上的

一點，弧所對的圓心角為60°,一束單色光豎直向下從P點射入玻璃磚，折射光線剛好射到N點，

求：

(i)玻璃磚對光的折射率

(ii)若光線沿尸。射入玻璃磚，從邊射出后照射在地面上的位置。，。離N點的距離為多少？

【答案】(i)〃(ii)NQ=#R

【解析】

由于MP弧所對的圓心角為60°,入射光線豎直向下，即與平行，則入射角為

i=60°

根據幾何關系知光在P點的折射角為

r=30。

則玻璃磚對光的折射率為

sinz后

n~———=73

sinr

(ii)若光線沿尸。射入玻璃磚，光路如圖所示

由幾何關系，光線在面的入射角為

￡Z=30°

設折射角為。，由

sing

n=------

sine

解得

夕=60。

由幾何關系知