試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁2025屆高三第二次調研測試物理注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘。考試結束后，請將答題卡交回。2.答題前，請務必將自己的姓名、考試號等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規定位置。3.請認真核對答題卡表頭規定填寫或填涂的項目是否準確。4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。5.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑加粗。一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1．康普頓在研究石墨對X射線的散射時，發現了部分X射線的波長變長，X射線波長變長，則（）A．速度變小 B．頻率變大C．動量變小 D．能量變大2．水星和地球繞太陽做勻速圓周運動，已知水星的公轉周期約為88天。則水星（）A．軌道半徑比地球的大 B．角速度比地球的大C．線速度比地球的小 D．加速度比地球的小3．碳（14）具有放射性，能夠自發地進行β衰變，核反應方程為，該反應釋放的能量為E。則（）A．的質量比的大 B．的結合能為EC．的結合能與的相等 D．β衰變產生的電子來自于的核外電子4．一束波長為λ的單色光垂直入射到一個狹縫上，在屏上觀察到衍射圖樣，縫的寬度為d，縫到屏的距離為L。請根據學過的知識判斷，中央明條紋的寬度可能是（）A． B． C． D．5．用如圖所示的實驗裝置驗證動量守恒定律，一同學在實驗中記錄了某次碰撞前后小球落點的位置P和M、N，發現M、N點不在OP連線上，下列圖中落點位置可能正確的是（）A． B．C． D．6．如圖所示，ABCD是折射率n=2.4的透明介質做成的四棱柱橫截面，其中，。現有一束光垂直入射到棱鏡的AB面上，入射點從A移到B的過程中，光只能（）A．從CD、BC面射出 B．從BC、AD面射出C．從AB、AD面射出 D．從AB、BC面射出7．如圖所示，讓裝有水的玻璃杯繞過其側面的豎直軸勻速轉動，杯中液面形狀可能正確的是（）A． B．C． D．8．在一輛向右勻加速直線運動的車廂里，將光滑的小球從高h處相對車廂靜止釋放，小球與車廂水平地板發生彈性碰撞，部分相鄰落點a、b、c如圖所示，已知小方格邊長為d，重力加速度為g，不計空氣阻力。則（）A．可以求出車廂的加速度B．可以求出小球釋放時車廂的速度C．可以求出車廂在落點a、c對應時間內的位移D．可以判斷c是小球與地板第一次碰撞的落點9．如圖所示，豎直放置在光滑絕緣水平面上的平行板電容器，極板M固定，N與輕質絕緣彈簧相連，彈簧右端固定。充電后電容器所帶電荷量為Q，N板靜止在O點，板間電場強度大小為E，每個極板在板間產生的電場均為勻強電場。若將N板向左移動Δx由靜止釋放，此后運動過程中（）A．N板在O點時彈簧處于原長 B．N板所帶的電荷量為C．彈簧彈力的方向不會改變 D．系統機械能變化的最大值為QEx10．如圖所示，正方形導線框在光滑水平面上以某初速度進入有界勻強磁場，線框邊長是磁場寬度的一半。線框穿過磁場的過程中，感應電流i隨時間t的變化關系和速度v隨位移x的變化關系圖像，可能正確的是（）A． B．C． D．二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。11．某小組用圖甲所示電路測量毫安表G的內阻Rg。毫安表G量程Ig=3mA，內阻Rg約60Ω~90Ω，可供選擇的器材如下：A．滑動變阻器R1（最大阻值500Ω）；B．滑動變阻器R2（最大阻值5kΩ）；C．電阻箱R（0~999.9Ω）；D．電壓表（量程0~300mV）；E．電源E（電動勢約為6V）；F．開關、導線若干。(1)實驗中，滑動變阻器應選用（選填“R1”或“R2”），在圖乙中用筆畫線代替導線將實物電路圖補充完整；(2)實驗前，應將圖乙中滑動變阻器的滑片移到（選填“左端”或“右端”）；(3)閉合開關S1，開關S2接a，調節滑動變阻器的滑片，電表示數如圖丙所示，毫安表G內阻的測量值Rg1=Ω；（結果保留三位有效數字）(4)閉合開關S1，斷開開關S2，調節滑動變阻器的滑片，使毫安表G的指針滿偏；保持滑動變阻器滑片的位置不變，將開關S2接b，調節電阻箱的阻值使毫安表G的指針指在1.50mA處，記下電阻箱的阻值R=76.8Ω。則毫安表G內阻的測量值Rg2=Ω；(5)該小組認為在（4）中測得毫安表G的內阻較為準確。你（選填“同意”或“不同意”）該觀點，理由是。12．手持細繩，使繩上A點從t=0時刻開始帶動細繩上各點上下做簡諧運動，振幅為0.2m，t=0.4s時B點剛開始振動，A點回到平衡位置，繩上形成的波形如圖所示，規定向上為質點振動位移的正方向。(1)寫出A點的振動方程；(2)求0~3s內質點B的路程s。13．某校冬季籃球比賽在球館內進行，籃球被帶入球館前，球內氣體的溫度t1=-3°C，壓強。被帶入球館后一段時間，球內氣體溫度t2=7°C，球的體積保持不變。(1)求溫度為t2時球內氣體壓強p2；(2)比賽要求籃球內氣體壓強，則需充入一定質量的氣體。設充氣過程中球內氣體溫度保持t2不變，求充入球內氣體的質量與原來球內氣體質量的比值k。14．如圖甲所示，傾角的斜面體放置在水平面上，右側靠著半徑為R的球，球上端固定一輕桿，輕桿在固定裝置約束下只能沿豎直方向運動。已知斜面體的高度為3.2R，斜面體和球的質量均為m，不計一切摩擦，重力加速度為g，，。(1)水平向右推動斜面體，求最小推力的大小F0；(2)若斜面體在推力作用下由靜止開始向右做加速度為a=0.8g的勻加速直線運動，求斜面對球作用力的大小FN；(3)在第（2）問中，斜面體運動到其最高點剛好與球面接觸，如圖乙所示，求該過程中推力做的功W。15．如圖所示，在xOy坐標系第一象限內有兩個四分之一圓弧MN、PQ，圓弧的圓心均在坐標原點O處，MN的半徑為R，MN、PQ間有一電壓為U0（未知）的輻向電場。MN外側第一象限內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里。從PQ上各處飄入電場的電子，其初速度幾乎為0，這些電子沿徑向加速后進入磁場。從M點進入磁場的電子直接從磁場中N點射出。已知電子的電荷量為e，質量為m。(1)求電壓U0；(2)若電壓為，求M點進入磁場的電子在磁場中運動的時間t；(3)若電壓為3U0，求MN上進入磁場的電子在磁場中經過區域的面積S。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁1．C【詳解】A．X射線是一種光，光在真空中傳播速度始終為c，即X射線速度不變，故A錯誤；B．根據可知，X射線波長變長，則頻率變小，故B錯誤；C．根據可知，X射線波長變長，則動量變小，故C正確；D．結合上述可知，X射線波長變長，則頻率變小，根據可知，能量變小，故D錯誤。故選C。2．B【詳解】A．根據萬有引力定律提供向心力有解得因水星的公轉周期約為88天小于地球的公轉周期365天，故水星的軌道半徑比地球的小，故A錯誤；B．根據萬有引力定律提供向心力有解得因水星的軌道半徑比地球的小，故水星的角速度比地球的大，故B正確；C．根據萬有引力定律提供向心力有解得因水星的軌道半徑比地球的小，故水星的線速度比地球的大，故C錯誤；D．根據萬有引力定律提供向心力有解得因水星的軌道半徑比地球的小，故水星的加速度比地球的大，故D錯誤。故選B。3．A【詳解】A．在進行β衰變時，虧損質量，釋放能量，故的質量比的大，故A正確；B．核子結合為原子核的過程中，虧損質量，釋放的能量就是該原子核的結合能，而能量E是在進行β衰變時釋放的能量，故B錯誤；C．衰變過程中，質量虧損，釋放能量，因此與的結合能不會相等，故C錯誤；D．β衰變產生的電子來自于核內一個中子轉化成一個質子的同時釋放出來的，D錯誤。故選A。4．A【詳解】根據雙縫干涉相鄰明條紋中心間距公式有類比上述表達式可知，單縫衍射中央明條紋的寬度可能是。故選A。5．B【詳解】碰撞前的動量等于碰撞后的動量，設碰撞的小球質量為m1，被碰撞小球質量為m2，所以P點是碰撞前入射小球單獨下落的位置，M是碰撞后入射小球的位置，N是被碰小球的下落位置，M、N點不在OP連線上，說明兩小球碰撞時不沿OP方向，可知碰撞前后兩小球在垂直于OP方向上動量守恒，兩小球在垂直于OP方向的速度方向相反，則兩小球落地點在OP的兩側，則有由于所以碰撞后兩小球做平拋運動，下落的高度相等，所以下落的時間相等，在垂直于OP方向的位移則故選B。6．D【詳解】光線從左側垂直AB射入棱鏡時，透射方向不變，光線射到CD時，由幾何知識得：入射角為i=30°，該棱鏡的臨界角為C，則故有C＜30°所以直接射到DC面上的光線發生了全反射（例如光線①），然后射到AB面上的入射角為60°，再次全反射后垂直射到BC面上射出；射到DC面上的光線全反射后射到BC面上時（例如光線②）入射角為60°，再次全反射垂直射到AB面上射出；直接射到BC面上的光線的入射角為60°也發生全反射射到DC面上再次全反射后垂直AB射出（例如光線③）光路圖如圖所示；則入射點從A移到B的過程中，光只能從AB、BC面射出。故選D。7．C【詳解】對水面上一個質量很小的水滴m受力分析，因受豎直向下的重力和水面對水滴的作用力，兩個力的合力充當向心力，因向心力沿水平方向指向轉軸，可知水面對水滴的作用力應該斜向上方，設與豎直方向夾角為θ，則由牛頓第二定律可知因r越大，則θ越大，可知水面的形狀為C的形狀。故選C。8．A【詳解】A．由題意，小球相對車廂靜止釋放，小球在水平方向上與車具有相同的初速度，小球與車廂水平地板發生彈性碰撞，可知每次小球與車廂相撞前后豎直方向的速度大小不變，則相鄰落點a、b、c之間的時間間隔相同，根據，，聯立可求出車廂的加速度故A正確；B．要想求出小球釋放時車廂（及小球本身）相對于地面的初速度，需要知道小球相對于地面的水平運動情況；而題中僅給出了車廂內相鄰落點的示意，并無對地速度的任何參照，故無法求出釋放時車廂相對于地面的速度，故B錯誤；C．車廂相對于地面的位移，其中?是車廂初速度，題中并不知道的數值，故無法明確計算從碰撞a到碰撞c所經歷時間內車廂相對于地面的“絕對”位移，故C錯誤。D．僅憑示意圖中幾個落點的位置并不能斷定哪個落點是小球第一次碰撞地板的位置，例如落點c也可能是第二次或第三次碰撞時的位置，故D錯誤。故選A。9．D【詳解】A．根據題意，充電前電容器極板N與輕質絕緣彈簧相連，此時彈簧處于原長，在O點右側，充電后電容器極板M固定，N極板在電場力作用下向左移動，靜止在O點，所以此時彈簧處于伸長狀態，故A錯誤；B．將N板向左移動Δx由靜止釋放，此后運動過程中，由圖可知電源是斷開的，所以N板所帶的電荷量不變為+Q，故B錯誤；C．根據題意，N極板運動過程中，彈簧會在壓縮和伸長狀態間變化，彈力方向會改變，故C錯誤；D．當N極板運動到最右端時，電場力做功為由于電場力做功使系統機械能改變，系統機械能變化的最大值為，故D正確。故選D。10．D【詳解】AB．根據法拉第電磁感應定律設線圈電阻為R，根據閉合電路的歐姆定律根據安培力公式根據牛頓第二定律聯立解得根據加速度的表達式可知，線框向右全部進入磁場的過程，線框做加速度減小的減速運動；線框完全進入磁場后，穿過線框的磁通量不變，線框中感應電動勢為零，感應電流為零，安培力為零，加速度為零，因此線框完全進入磁場到剛要離開磁場過程，線框做勻速運動；線框穿出磁場過程中，根據加速度的表達式可知，線框繼續做加速度減小的減速運動，直到完全穿出磁場；此過程v-t圖應為如下圖所示由于線框寬度只有磁場寬度的一半，所以線框整體在磁場中勻速運動的距離與出磁場的距離相等則根據可知出磁場電流將越來越小，方向與進磁場時的電流方向相反綜上可以得出出磁場時間比在磁場中勻速運動時間更長，故AB錯誤；CD．線框進入磁場過程中，水平向右由動量定理聯立得即因此v-x圖應該線性變化；完全進入磁場后，通過線框的磁通量為定值，所以沒有安培力，線框做勻速直線運動；出磁場時同理可得線框v-x圖應該也為線性變化，故C錯誤，D正確。故選D。11．(1)R2(2)左端(3)80.0(4)76.8(5)不同意（3）中電表內阻不會產生系統誤差，測量值較準確；（4）中流過電阻箱的電流大于，測量值偏小。【詳解】（1）[1]毫安表G量程Ig=3mA，則電路中的最大電流為3mA，電路中的最小電阻為故滑動變阻器應選用；[2]根據實驗電路圖，將實物電路連接完整，如圖所示（2）為保護電路，實驗前，應將圖乙中滑動變阻器的滑片移到阻值最大的位置，即左端；（3）由圖丙可知，電壓表示數為U=160mV，電流表示數為I=2.00mA，則毫安表G內阻的測量值（4）此過程利用了半偏法測毫安表的內阻。閉合開關S1，斷開開關S2，調節滑動變阻器的滑片，使毫安表G的指針滿偏，即回路中的電流為3mA；將開關S2接b后認為回路中的總電流仍不變，也為3mA，調節電阻電阻箱，使用毫安表G的指針指在1.50mA處，則另1.50mA的電流從電阻箱流過，記下電阻箱的阻值R=76.8Ω，毫安表與電阻箱并聯，電壓相等，故毫安表的內阻與電阻箱的阻值相等，即。（5）[1]不同意；[2]（3）中電表內阻不會產生系統誤差，測量值較準確；（4）中流過電阻箱的電流大于，測量值偏小。12．(1)(2)5.2m【詳解】（1）振動周期振動方程t=0時刻A點向下振動，解得（2）由題知，質點B振動時間解得13．(1)(2)【詳解】（1）球從室外帶入球館，球內氣體做等容變化，則有其中，解得（2）設在球館內將壓強為p2