廣東省惠東縣惠東中學2025年高三下學期期中考試物理試題理試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，某同學練習定點投籃，其中有兩次籃球垂直撞在豎直籃板上，籃球的軌跡分別如圖中曲線1、2所示。若兩次拋出籃球的速度v1和v2的水平分量分別為v1x和v2x，豎直分量分別為v1y和v2y，不計空氣阻力，下列關系正確的是（）A．v1x<v2x，v1y>v2y B．v1x>v2x，v1y<v2yC．v1x<v2x，v1y<v2y D．v1x>v2x，v1y>v2y2、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距s=2m，工件與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.1．工件滑上A端瞬時速度vA=5m/s，達到B端的瞬時速度設為vB，則（）A．若傳送帶以1m/s順時針轉動，則vB=3m/sB．若傳送帶逆時針勻速轉動，則vB<3m/sC．若傳送帶以2m/s順時針勻速轉動，則vB=3m/sD．若傳送帶以某一速度順時針勻速轉動，則一定vB>3m/s3、如圖甲所示是法拉第制作的世界上最早的發電機的實驗裝置。有一個可繞固定轉軸轉動的銅盤，銅盤的一部分處在蹄形磁體中實驗時用導線連接銅盤的中心C。用導線通過滑片與鋼盤的邊線D連接且按觸良好，如圖乙所示，若用外力轉動手柄使圓盤轉動起來，在CD兩端會產生感應電動勢（）A．如圖甲所示，產生感應電動勢的原因是銅盤盤面上無數個以C為圓心的同心圓環中的磁通量發生了變化B．如圖甲所示，因為銅盤轉動過程中穿過銅盤的磁通量不變，所以沒有感應電動勢C．如圖乙所示，用外力順時針（從左邊看）轉動銅盤，電路中會產生感應電流，通過R的電流自下而上D．如圖乙所示，用外力順時針（從左邊看）轉動銅盤，電路中會產生感應電流，通過R的電流自上而下4、中澳美“科瓦里-2019”特種兵聯合演練于8月28日至9月4日在澳大利亞舉行，中國空軍空降兵部隊首次派員參加，演習中一名特種兵從空中靜止的直升飛機上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化的規律如圖所示，時刻特種兵著地，下列說法正確的是（）A．在～時間內，平均速度B．特種兵在0～時間內處于超重狀態，～時間內處于失重狀態C．在～間內特種兵所受阻力越來越大D．若第一個特種兵開始減速時第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們在懸繩上的距離先減小后增大5、我國在酒泉衛星發射中心用長征二號丁運載火箭成功將世界首顆量子科學實驗衛星（簡稱“量子衛星”）“墨子號”發射升空。已知引力常量為G，地球半徑為R，“墨子號”距地面高度為h，線速度為，地球表面的重力加速度為g，第一宇宙速度為，下列說法正確的是A． B．衛星距離地面的高度h可用來表示C．地球的質量可表示為 D．此衛星角速度大于6、如圖所示，金屬棒MN兩端由等長的輕質絕緣細線水平懸掛，處于垂直紙面水平向里的勻強磁場中，棒中通有由M到N的恒定電流I，細線的拉力不為零，兩細線豎直．現將勻強磁場磁感應強度B大小保持不變，方向緩慢地轉過90°變為豎直向下，在這個過程中()A．細線向紙面內偏轉，其中的拉力一直增大B．細線向紙面外偏轉，其中的拉力一直增大C．細線向紙面內偏轉，其中的拉力先增大后減小D．細線向紙面外偏轉，其中的拉力先增大后減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量均為的相同物塊P、Q靜止于同一水平面上，它們與水平面間的動摩擦因數均為0.5。現分別給兩物塊施加等大的作用力F，方向如圖所示。設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，重力加速度大小為，下列說法正確的是（）A．若，則P受到的摩擦力比Q受到的摩擦力小B．若，則P受到的摩擦力與Q受到的摩擦力大小相等C．若，則P受到的摩擦力比Q受到的摩擦力小D．若，則P受到的摩擦力與Q受到的摩擦力大相等8、如圖所示，電路中均為可變電阻，電源內阻不能忽略，平行板電容器的極板水平放置。閉合開關，電路達到穩定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動，如果僅滿足下列各選項中的條件，油滴仍可能靜止不動的是（）A．增大的阻值，增大的阻值B．增大的阻值，減小的阻值C．減小的阻值，增大的阻值D．減小的阻值，減小的阻值9、隨著北京冬奧會的臨近，滑雪項目成為了人們非常喜愛的運動項目。如圖，質量為m的運動員從高為h的A點由靜止滑下，到達B點時以速度v0水平飛出，經一段時間后落到傾角為θ的長直滑道上C點，重力加速度大小為g，不計空氣阻力，則運動員（）A．落到斜面上C點時的速度vC=B．在空中平拋運動的時間t=C．從B點經t=時，與斜面垂直距離最大D．從A到B的過程中克服阻力所做的功W克=mgh－mv0210、如圖所示，半徑為R的光滑絕緣圓環固定于豎直平面內，a為圓環的最低點，c為圓環的最高點，b點與圓心O等高，該空間存在與圓環平面平行的勻強電場。質量為m、帶電量為+q的小球P套在圓環上，沿環做圓周運動，通過a、b、c三點時的速度大小分別為、、。下列說法正確的是（）A．勻強電場方向水平向右B．勻強電場場強大小為C．小球運動過程中對圓環的最大壓力為7.5mgD．小球運動過程中對圓環的最小壓力為1.25mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在做“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，實驗裝置如圖1所示．某同學經過粗略的調試后，出現了干涉圖樣，但不夠清晰，以下調節做法正確的是______．A．旋轉測量頭上下撥動金屬撥桿C．左右撥動金屬撥桿前后撥動金屬撥桿該同學通過測量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時，發現里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，如圖2所示，若要使兩者對齊，該同學應如何調節_______．A．僅左右轉動透鏡僅旋轉單縫C．僅旋轉雙縫僅旋轉測量頭如圖3所示中條紋間距表示正確是______．12．（12分）某同學用如圖甲所示的裝置測量滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數，實驗過程如下：（1）用游標卡尺測量出固定于滑塊上的遮光條的寬度d=____mm，在桌面上合適位置固定好彈簧和光電門，將光電門與數字計時器（圖中未畫出）連接．（2）用滑塊把彈簧壓縮到某一位置，測量出滑塊到光電門的距離x．釋放滑塊，測出滑塊上的遮光條通過光電門所用的時間t，則此時滑塊的速度v=_____．（3）通過在滑塊上增減砝碼來改變滑塊的質量m，仍用滑塊將彈簧壓縮到（2）中的位置，重復（2）的操作，得出一系列滑塊質量m與它通過光電門時的速度v的值，根據這些數值，作出v2-m-1圖象如圖乙所示．已知當地的重力加速度為g，由圖象可知，滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數=___；彈性勢能等于EP=____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直角坐標系Oxy位于豎直平面內，x軸與絕緣的水平面重合，在y軸右方有垂直紙面向里的勻強磁場和豎直向上的勻強電場．質量為m2=8×10-3kg的不帶電小物塊靜止在原點O，A點距O點L=0.045m，質量m1=1×10-3kg的帶電小物塊以初速度v0=0.5m/s從A點水平向右運動，在O點與m2發生正碰并把部分電量轉移到m2上，碰撞后m2的速度為0.1m/s，此后不再考慮m1、m2間的庫侖力．已知電場強度E=40N/C，小物塊m1與水平面的動摩擦因數為μ=0.1，取g=10m/s2，求：（1）碰后m1的速度；（2）若碰后m2做勻速圓周運動且恰好通過P點，OP與x軸的夾角θ=30°，OP長為Lop=0.4m，求磁感應強度B的大小；（3）其它條件不變，若改變磁場磁感應強度的大小為B/使m2能與m1再次相碰，求B/的大小？14．（16分）如圖，在x0y平面坐標系的第Ⅰ象限內有沿x軸負方向的勻強電場，它的場強大小為E=4×105V/m，第Ⅱ象限有垂直平面向里的勻強磁場—個帶正電粒子以速度大小v0=2×107m/s從上A點沿y軸正方向射人電場，并從C點進入磁場.已知A點坐標為（0.2m，0），該粒子的比荷=2.5×109C/kg，不計粒子的重力.(1)求C點的坐標；(2)求粒子剛進入磁場時的速度；(3)若要使粒子不能進入第Ⅲ象限，求磁感應強度B的大小.15．（12分）如圖所示，豎直平面內有一直角坐標系xOy，x軸沿水平方向。第二、三象限有垂直于坐標平面向里的勻強磁場，與x軸成θ＝37°角的絕緣細桿固定在二、三象限；第四象限同時存在著豎直向上的勻強電場和垂直于坐標平面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場，一質量為m、電荷量為q的帶電小球a穿在細桿上沿細桿勻速下滑，在N點脫離細桿恰能沿圓周軌道運動到x軸上的A點，且速度方向垂直于x軸。已知A點到坐標原點O的距離為，小球a與絕緣細桿的動摩擦因數μ＝0.5；，重力加速度為g，空氣阻力忽略不計。求：(1)帶電小球的電性及電場強度的大小E；(2)第二、三象限里的磁場的磁感應強度大小B1與第四象限磁感應強度B之比，=？(3)當帶電小球a剛離開A點豎直向上運動時，從y軸正半軸距原點O為4l的P點（圖中未畫出）以某一初速度水平向右平拋一個不帶電的絕緣小球b，a、b兩球剛好在第一象限某點相碰，則b球的初速度為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，由圖可知，第二次運動過程中的高度較小，所以運動時間較短，水平射程相等，但第二次用的時間較短，故第二次水平分速度較大，即在豎直方向上做自由落體運動，由公式可知，第二次運動過程中的高度較小，所以第二次豎直分速度較小，即故選A。2、C【解析】

A．物體在傳送帶上做加速或減速運動的加速度為a=μg=1m/s2若傳送帶以1m/s順時針轉動，則物體開始時做減速運動，當速度減為1m/s時的位移為然后物體隨傳送帶勻速運動，故達到B端的瞬時速度為1m/s，故A錯誤；B．若傳送帶逆時針勻速轉動，則物體在傳送帶上做減速運動，到達B端時的速度為故B錯誤；C．若傳送帶以2m/s順時針勻速轉動時，物體做減速運動，由B選項可知因為到達B端的速度為vB=3m/s，故最后物體到達B端的速度為vB=3m/s，故C正確；D．因為當傳送帶以某一速度順時針勻速轉動時，若物體一直減速，則到達B端的速度為3m/s只有當傳送帶的速度大于3m/s時到達右端的速度才可能是vB>3m/s，故D錯誤．故選C.3、C【解析】

AB．外力搖手柄使得銅盤轉動產生感應電動勢的原因是銅盤盤面上無數個沿半徑方向的銅棒在切割磁感線而產生的，故AB錯誤；CD．若用外力順時針(從左邊看)轉動銅盤時，根據右手定則可得感應電流方向為C到D(電源內部)，D端是感應電動勢的正極，所以通過R的電流自下而上，故C正確，D錯誤。故選C。4、C【解析】

A．在t1-t2時間內，若特種兵做勻減速直線運動，由v1減速到v2，則平均速度為，根據圖線與時間軸圍成的面積表示位移可知，特種兵的位移大于勻減速直線運動的位移，則平均速度，故A錯誤；

B．0-t1時間內，由圖線可知，圖線的斜率大于零，則加速度方向豎直向下，發生失重；在t1-t2時間內，圖線的切線的斜率小于零，則加速度方向豎直向上，發生超重；故B錯誤；

C．在t1-t2時間內，根據牛頓第二定律可知f-mg=ma解得f=mg+ma因為曲線的斜率變大，則加速度a增大，則特種兵所受懸繩的阻力增大，故C正確；

D．若第一個特種兵開始減速時，第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，由于第一個特種兵的速度先大于第二個特種兵的速度，然后又小于第二個特種兵的速度，所以空中的距離先增大后減小，故D錯誤；

故選C。5、C【解析】

A．由萬有引力提供向心力，有，聯立得選項A錯誤；B．對量子衛星有得代入，得，選項B錯誤；C．對量子衛星有得選項C正確；D．對量子衛星有代入，得此衛星角速度為<選項D錯誤。故選C。6、A【解析】

開始時，金屬棒的重力和安培力大小相等．當磁場方向由垂直紙面向里緩慢地轉過90°變為豎直向下，知安培力的大小FA=BIL不變，方向由豎直向上向里變為垂直紙面向里．根據共點力平衡知，細線向紙面內偏轉，因為金屬棒受重力、拉力和安培力平衡，重力和安培力的合力于拉力大小等值方向，重力和安培力的大小不變，之間的夾角由180°變為90°，知兩個力的合力一直增大，所以拉力一直增大，故A正確，BCD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

施加作用力后，、在水平方向上分力相等，由于P與地面間的最大靜摩擦力小于Q與地面間的最大靜摩擦力，所以，若P靜止，Q一定靜止。P靜止時滿足關系式解得因和均小于，故當和時，P、Q均靜止，P、Q受到的摩擦力均為靜摩擦力，且大小都等于，BD正確。故選BD。8、AD【解析】

A．電路穩定時，電容器的電壓等于可變電阻R2的電壓，當增大R1、R2阻值時，可導致總電流減小，根據歐姆定律，電阻R2兩端電壓可能不變，則極板間電壓不變，電場強度不變，油滴受到的電場力不變，則油滴靜止不動，故A符合題意；

B．電路穩定時，當增大R1的阻值，減小R2的阻值，則根據閉合電路歐姆定律可知，電阻R2兩端的電壓減小，極板間電場強度減小，油滴受到的電場力減小，則油滴向下運動，故B不符合題意；

C．電路穩定時，當減小R1的阻值，增大R2的阻值，則根據閉合電路歐姆定律可知，電阻R2兩端的電壓增大，極板間電場強度增大，油滴受到的電場力增大，則油滴向上運動，故C不符合題意；

D．電路穩定后，當減小R1的阻值，減小R2的阻值，可能導致總電流增大，根據歐姆定律，電阻R2兩端電壓可能不變，則極板間電壓不變，電場強度不變，油滴受到的電場力不變，則油滴靜止不動，故D符合題意。

故選AD。9、CD【解析】

A．從B點飛出后，做平拋運動，在水平方向上有在豎直方向上有落到C點時，水平和豎直位移滿足解得從B點到C點，只有重力做功，根據動能定理可得解得AB錯誤；C．當與斜面垂直距離最大時，速度方向平行于斜面，故有解得C正確；D．從A到B的過程中重力和阻力做功，根據動能定理可得解得D正確。10、AC【解析】

A．從最低點到最高點：解得：故ac連線為等勢線，從a到b，有解得：電場線垂直于等勢線，且沿電場線方向電勢逐漸降低，故勻強電場方向水平向右，故A正確；B．勻強電場場強大小故B錯誤；C．電場力當電場力與重力合力與圓心在一條直線上時，對圓環的壓力達到最大和最小，根據幾何關系可知，最大速度根據牛頓第二定律解得最大支持力為：根據牛頓第三定律可知，最大壓力為1．5mg；根據幾何關系可知，最小速度根據牛頓第二定律解得最小支持力為：故C正確D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CDCE【解析】

使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據公式可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，所以需要左右移動撥桿．故C正確ABD錯誤；發現里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，若要使兩者對齊，該同學應調節測量頭，故ABC錯誤，D正確；干涉條紋的寬度是指一個明條紋與一個暗條紋的寬度的和，為兩個相鄰的明條紋或暗條紋的中心之間的距離，故圖CE是正確的．12、5.70mm【解析】

（1）[1]．由乙圖知，游標卡尺讀數為0.5cm+14×0.05mm=5.70mm；（2）[2]．滑塊經過光電門的速度為；（3）[3][4]．根據能量守恒整理得結合圖象得：得得.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.4m/s，方向向左（2）1T（3）0.25T【解析】試題分析：(1)m1與m2碰前速度為v1，由動能定理－μm1gl＝m1v－m1v代入數據解得：v1＝0.4m/s設v2＝0.1m/s，m1、m2正碰，由動量守恒有：m1v1＝m1v1′＋m2v2代入數據得：v1′＝－0.4m/s，方向水平向左(2)m2恰好做勻速圓周運動，所以qE＝m2g得：q＝2×10－3C粒子由洛倫茲力提供向心力，設其做圓周運動的半徑為R，則qv2B＝m2軌跡如圖，由幾何關系有：R＝lOP解得：B＝1T(3)當m2經過y軸時速度水平向左，離開電場后做平拋運動，m1碰后做勻減速運動．m1勻減速運動至停，其平均速度為：＝v1′＝0.2m/s>v2＝0.1m/s所以m2在m1停止后與其相碰由牛頓第二定律有：f＝μm1g＝m1am1停止后離O點距離：s＝則m2平拋的時間：t＝平拋的高度：h＝gt2設m2做勻速圓周運動的半徑為R′，由幾何關系有：R′＝h由qv2B′＝聯立得：B′＝0.25T考點：本題考查了帶電粒子在磁場中運動和數形結合能力14、（l）（0，0.4m）；（2），與y軸的夾角為；（3）．【解析】試題分析：（1