2025年山東省淄博市高三模擬檢測卷物理試題一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1．為了減輕學生的學習壓力，某中學舉行了趣味運動會，在拋沙包比賽中，兩個質量相同的沙包運動軌跡如圖所示，其軌跡在同一豎直平面內，拋出點均為O，且軌跡交于P點，拋出時沙包1和沙包2的初速度分別為和，其中方向水平，方向斜向上。忽略空氣阻力，關于兩沙包在空中的運動，下列說法正確的是（）A．沙包2在最高點的速度大于B．從O到P兩沙包的平均速度相同C．從O到P兩沙包的動量變化量相同D．在P點，沙包1重力的瞬時功率小于沙包2重力的瞬時功率【答案】D【解析】根據題意可知，沙包1做平拋運動，沙包2做斜拋運動，沙包1和沙包2運動到點的時間由高度決定，沙包2先上升再下降到點，運動時間大于沙包1的運動時間A．沙包2在最高點的速度即為水平分速度，由于兩沙包從O到P的水平分位移相同，但沙包2的運動時間更長，因此沙包2在最高點的水平速度小于沙包1的水平速度，故A錯誤；B．從O到P兩沙包的位移相同，但時間不同，則平均速度不同，故B錯誤；C．從O到P的過程中，由動量定理有由于兩沙包質量相等，沙包2的運動時間更長，可知，兩沙包的動量變化量不相同，故C錯誤；D．根據題意，由公式可知，由于沙包2運動的最高點在沙包1的拋出點之上，則運動到點時，沙包2的豎直分速度大于沙包1的豎直分速度，由公式可知，由于兩沙包質量相等，則在P點，沙包1重力的瞬時功率小于沙包2重力的瞬時功率，故D正確。故選D。2．如圖所示，某同學將兩相同羽毛球A、B從同一高處以相同速率v0水平打出。運動過程中羽毛球僅受到重力及恒定的水平風力作用，逆風時，球A落至地面上的P處，順風時，球B落至地面上的Q處。則（）

A．A球飛行時間比B球長B．兩球落地時速度大小相同C．兩球飛行過程中合外力的沖量相同D．兩球落地時重力的功率不同【答案】C【解析】A．A、B兩球豎直方向均做自由落體運動，則由此可知，兩球飛行時間相等，故A錯誤；B．A球水平方向做勻減速直線運動，則B球水平方向做勻加速直線運動，則兩球飛行時間相等，所以落地時兩球豎直方向速度相等，但A球水平速度小于B球水平速度，落地速度大小為所以A球落地時的速度小于B球的落地速度，故B錯誤；C．兩球合外力的沖量為由于兩球受相同的重力和恒定的風力，所以兩球的合外力相同，飛行時間相等，所以兩球飛行過程中合外力的沖量相同，故C正確；D．落地時重力的功率為由此可知，兩球落地時重力的功率相同，故D錯誤。故選C。3．如圖所示，一彈性輕繩（繩的彈力與其伸長量成正比）左端固定在A點，彈性繩自然長度等于AB，跨過由輕桿OB固定的定滑輪連接一個質量為m的小球，小球穿過豎直固定的桿。初始時A、B、C在同一條水平線上，小球從C點由靜止釋放滑到E點時速度恰好為零。已知C、E兩點間距離為h，D為CE的中點，小球在C點時彈性繩的拉力為0.5mg，小球與桿之間的動摩擦因數為0.5，彈性繩始終處在彈性限度內。下列說法正確的是（）A．對于彈性繩和小球組成的系統，從C點到E點的過程中機械能守恒B．小球在CD階段和在DE階段克服摩擦力所做的功相同C．小球在CD階段損失的機械能大于小球在DE階段損失的機械能D．若在E點給小球一個向上的速度，則小球恰好能回到C點【答案】B【解析】A．由于小球受到桿的滑動摩擦力做負功，對于彈性繩和小球組成的系統，從C點到E點的過程中機械能減少，A錯誤；B．設BC間距為x，在C點時，繩上的拉力為從C點向下運動過程，設B點右側繩長為x'，與豎直方向夾角為θ，水平方向由平衡條件可得小球受到的滑動摩擦力大小為故小球從C點到E點的過程中摩擦力大小不變，小球在CD階段和在DE階段克服摩擦力所做的功相同，B正確；C．．對小球而言，除了摩擦力做功以外還有彈力做功，克服摩擦力做功相同，彈力做功不同，由于彈力沿豎直分力越來越大，所以，小球在CD階段損失的機械能小于在DE階段損失的機械能，C錯誤；D．從C到E過程，據動能定理可得若在E點給小球一個向上的速度，從E到C過程，根據動能定理可得聯立解得到達C點的動能所以小球并不是恰好能回到C點，D錯誤。故選B。4．有質量均為m的A、B兩顆繞地球運動的人造衛(wèi)星，其軌道分別為如圖所示的Ⅰ和Ⅱ，軌道Ⅰ為半徑為R的圓，軌道Ⅱ為長軸等于2R的橢圓，兩軌道不在同一平面內，軌道Ⅱ上c、d兩點距離軌道Ⅰ垂直距離均為L且是兩軌道距離最近的兩點，O點為地球球心位置，已知地球質量為M，萬有引力常量為G。下列說法正確的是（

）A．A、B運行周期之比B．A衛(wèi)星運行時的動能為，B衛(wèi)星經過a點時的動能為，則C．若B衛(wèi)星經過c點時到A衛(wèi)星的距離為L，則下次距離為L時B恰好經過d點D．若，則B經過b點時的加速度與A的加速度之比為9:4【答案】B【解析】A．由開普勒第三定律得其中RA、RB是圓軌道半徑或橢圓軌道半長軸，由題可知因此A錯誤；B．根據則A的運行速率根據衛(wèi)星變軌原理可知，B經過a點時的速率v大于軌道半徑為Oa的衛(wèi)星運行速率，即因所以則根據動能表達式可得B正確；C．若B經過c點時到A的距離為L，則下次距離為L時B恰好經過一個周期又回到c點，同時A經過一個周期又回到上次位置，兩衛(wèi)星相距最近，C錯誤；D．根據牛頓第二定律得得衛(wèi)星加速度因此D錯誤。故選B。5．水晶球是用天然水晶加工而成的一種透明的球型物品。如圖甲所示為一個質量分布均勻的透明水晶球，半徑為a，過球心的截面如圖乙所示，PQ為直徑，一單色細光束從P點射入球內，折射光線與PQ夾角為37℃，出射光線與PQ平行。已知光在真空中的傳播速度為c，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（

）A．光束在P點的入射角為53° B．“水晶球”的折射率為1.6C．光在“水晶球”中的傳播速度為 D．光在“水晶球”中的傳播時間為【答案】B【解析】B．根據題意作出光路圖如圖由幾何關系可知，光線射出時的折射角r為2θ，折射率故B正確；A．由圖β=r=2θ=74°故A錯誤；C．光在“水晶球”中的傳播速度為故C錯誤；D．光在“水晶球”中傳播的距離時間帶入數據有故D錯誤。故選B。6．質量為1kg的物塊放在一個縱截面為矩形的靜止木箱內，物塊和木箱水平底面之間的動摩擦因數為0.3，開始時物塊被一根輕彈簧用1.6N的水平拉力向左拉著而保持靜止；如圖所示。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2。則（

）A．木箱以2m/s2的加速度豎直向下加速時，物塊與木箱之間發(fā)生相對滑動B．木箱以2m/s2的加速度豎直向上加速時，物塊與木箱之間發(fā)生相對滑動C．木箱以4m/s2的加速度水平向左加速時，物塊與木箱之間發(fā)生相對滑動D．木箱以1m/s2的加速度水平向右加速時，物塊所受的摩擦力為2.6N【答案】D【解析】A．木箱以2m/s2的加速度豎直向下加速時，支持力為此時的最大靜摩擦力為fm=0.3×8N=2.4N能與木箱保持相對靜止，故A錯誤；B．木箱以2m/s2的加速度豎直向上加速時，物塊處于超重狀態(tài)，壓力增大，能與木箱保持相對靜止，故B錯誤；C．木箱以4m/s2的加速度水平向左加速時，對物塊F+f=ma可得f=2.4N<fm=3N物塊與木箱保持相對靜止，故C錯誤；D．木箱以1m/s2的加速度水平向左加速時，對物塊f-F=ma可得f=2.6N故D正確。故選D。7．如圖甲所示為一列水平向右傳播的簡諧橫波上的兩質點a、b，兩質點之間的距離為x=3m，a、b兩質點的振動圖像分別如圖乙、丙所示，已知波長。下列說法正確的是（）A．該波的波長可能為18mB．該波的波速為1.2m/sC．從t=0時刻起1.5s內，質點a通過的路程為D．從t=0時刻起1.5s內，質點b通過的路程為【答案】C【解析】A．由圖丙可知該機械波的周期為振幅為t=0時刻質點a向下振動，且質點b正在平衡位置向上振動，則a、b兩質點的平衡位置的間距為當n=0時，；當n=1時，（舍掉），故錯誤；B．根據可得故B錯誤；C．從t=0時刻起1.5s內質點a通過的路程為故C正確；D．從t=0時刻起1.5s內質點b通過的路程等于一個振幅，即故D錯誤。故選C。二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8．如圖所示，兩光滑金屬導軌間距為1m，固定在絕緣桌面上的部分是水平的，處在磁感應強度大小為1T、方向豎直向下的有界勻強磁場中(導軌其他部分無磁場)，電阻R的阻值為2Ω，桌面距水平地面的高度為1.25m，金屬桿ab的質量為0.1kg，有效電阻為1Ω．現將金屬桿ab從導軌上距桌面高度為0.45m的位置由靜止釋放，其落地點距桌面左邊緣的水平距離為1m．取g=10m/s2，空氣阻力不計，離開桌面前金屬桿ab與金屬導軌垂直且接觸良好．下列判斷正確的是（

）A．金屬桿剛進入磁場時，其速度大小為3m/sB．金屬桿剛進入磁場時，電阻R上通過的電流大小為1.5AC．金屬桿穿過勻強磁場的過程中，克服安培力所做的功為0.25JD．金屬桿穿過勻強磁場的過程中，通過金屬桿某一橫截面的電荷量為0.2C【答案】AC【解析】金屬桿進入磁場前，只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律得：，解得：v=3m/s，故A正確；金屬棒切割磁感線產生感應電動勢：E=BLv，由閉合電路的歐姆定律可知，電流：，故B錯誤；金屬棒離開磁場后做平拋運動，在豎直方向上，水平方向上：，解得：，金屬桿穿過勻強磁場的過程中，根據動能定理有：，即克服安培力所做的功為0.25J，故C正確；金屬桿穿過勻強磁場的過程中，根據動理定理有：，又，則有：，解得：q=0.1C，故D錯誤；故選AC．9．在x軸上O、P兩點分別放置電荷量為、的點電荷，一帶正電的試探電荷在兩電荷連線上的電勢能隨x變化關系如圖所示，其中A、B兩點電勢能為零，BD段中C點電勢能最大，則（

）A．，B．BC間場強方向沿x軸負方向C．C點的電場強度大于A點的電場強度D．將一負點電荷從B點移到D點，電場力先做負功后做正功【答案】AB【解析】A．正電荷在電勢高的地方電勢能大，O到P點由圖知，電勢降低，A點的電勢為零，所以O點的電荷帶正電，P點電荷帶負電，故A正確；B．由圖可知：從B到C，電勢升高，BC間電場強度方向沿x軸負方向，故B正確；C．圖象斜率是電場力，C點斜率為零，則C點電場強度為零，故C錯誤；D．因為BC間電場強度方向沿x軸負方向，CD間電場強度方向沿x軸正方向，則將一負點電荷從B點移到D點，電場力先做正功后負功，故D錯誤。故選AB。10．玻爾氫原子模型成功解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，氫原子能級圖如圖所示，（電子電荷量，普朗克常量）（??）A．氫原子從高能級躍遷到基態(tài)時，會輻射射線B．用波長為325nm的光照射，可使氫原子從n＝1躍遷到n＝2的能級C．當氫原子從n＝4的能級躍遷到n＝2的能級時，輻射出頻率為的光子D．氫原子從n＝4的能級躍遷到n＝2的能級時所輻射的光去照射逸出功為2.25eV的鉀表面，產生的光電子的最大初動能為0.3eV【答案】CD【解析】A．射線是原子核受激發(fā)后產生的，與氫原子躍遷無關，故A錯誤；B．根據氫原子的能級圖和能級躍遷規(guī)律，當氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級時，釋放的能量為解得輻射光的波長根據發(fā)生躍遷時只能吸收或輻射一定頻率的光子，可知，波長為325nm的光照射，不能使氫原子發(fā)生躍遷，故B錯誤；C．根據當氫原子從n＝4的能級躍遷到n＝2的能級時，輻射出頻率為故C正確；D．根據光電效應方程，產生的光電子的最大初動能為故D正確。故選CD。三、非選擇題（本大題共5小題，共54分。第11題6分，第12題9分，第13題10分，第14題12分，第15題17分。其中13—15題解答時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，若只有最后答案而無演算過程的不得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位。）11．某同學用如圖甲所示的裝置測量滑塊與木板間的動摩擦因數。打點計時器固定在木板上端，滑塊拖著穿過打點計時器限位孔的紙帶從木板上滑下。圖乙是打出的一段紙帶。（1）已知打點計時器使用的交流電頻率為，選取至的7個點為計數點，且各計數點間均有4個點沒有畫出，測得各點到點的距離依次是。由此可知滑塊下滑的加速度（結果保留三位有效數字）。（2）為了測量動摩擦因數，還應測量的物理量有。A．木板的長度B．木板的末端被墊起的高度C．木板的質量D．滑塊的質量E.滑塊運動的時間（3）滑塊與木板間的動摩擦因數（用題中各物理量的字母代號及重力加速度表示）。由于該測量裝置存在系統誤差測量的動摩擦因數會（填“偏大”或“偏小”）。【答案】0.480AB偏大【解析】（1）[1]打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，可知打點周期為0.02s，由于各計數點之間均有4個點沒有畫出，故相鄰兩個計數點之間的時間間隔為s=0.10s。根據各點到點的距離可以計算出相鄰計數點之間的距離，利用逐差法可得滑塊下滑的加速度m/s2（2）[2][3]滑塊沿木板下滑，設木板與水平面間的夾角為，由牛頓第二定律有根據幾何關系得聯立解得，因此為了測量動摩擦因數，應該測量木板的長度和木板末端被墊起的高度，故AB符合題意，CDE不符合題意；故選AB。（3）[4]由（2）問可知，，由于實驗沒有考慮滑塊拖著紙帶運動過程中紙帶受到的阻力，所以測量的動摩擦因數會偏大。12．如圖甲為物理興趣小組設計的多用電表的電路原理圖。其中表頭G的內阻、滿偏電流mA，Ω。該多用電表表盤如圖乙所示，下排刻度均勻，上排刻度線對應數值還沒有及時標出。(1)當選擇開關接“1”時，為電流擋，電流擋的量程為mA。(2)當選擇開關接“3”時，為電壓擋，若電壓擋的量程為15V，則Ω。(3)該興趣小組在實驗室找到了一個電阻箱，利用組裝好的多用電表設計了如下從“校”到“測”的實驗：①將選擇開關接“2”，紅黑表筆短接，調節(jié)的阻值使電表指針滿偏；②將多用電表紅黑表筆與電阻箱相連，調節(jié)電阻箱使多用電表指針指在電表刻度盤正中央位置，此時電阻箱如圖丙所示，則多用電表內部電源的電動勢V；③用待測電阻代替電阻箱接入兩表筆之間，表盤指針指在圖乙所示位置，則計算可知待測電阻Ω（結果保留3位有效數字）。【答案】(1)250(2)40(3)12.512.5【解析】（1）由歐姆定律可得電流擋的量程為（2）根據電壓表改裝原理解得Ω（3）[1]歐姆表的內阻等于此時電阻箱讀數根據閉合電路歐姆定律V[2]圖乙所示位置電流為200mA，根據閉合電路歐姆定律可得解得13．如圖所示為某款汽車的懸掛氣壓減震裝置示意圖，其內部結構主要由活塞、活塞桿與導熱良好的圓柱形氣缸組成，氣缸內密閉氣柱的長度可以在范圍內變化。已知氣缸內密閉空氣柱的長度為時，壓強為（為大氣壓強）。若不考慮氣體溫度的變化，整個裝置密封完好，不計活塞與氣缸之間的摩擦，密閉氣體可視為理想氣體，求：（1）氣缸內氣體膨脹時，內能如何變化？是吸熱還是放熱？（2）氣缸內氣體壓強的最大變化范圍。

【答案】（1）內能不變，吸熱；（2）【解析】（1）理想氣體的內能由溫度決定，因為氣體溫度不變，故氣柱的內能不變，即；當氣體體積膨脹時，氣體對外做功，即，根據熱力學第一定律可知即氣體從外界吸熱（2）氣缸內氣體做等溫變化，氣柱長度最長時，壓強取最小值，根據玻意耳定律可得解得氣柱長度最短時，壓強取最大值，根據玻意耳定律可得解得則氣缸內氣體壓強p的變化范圍為14．某物流公司研發(fā)團隊，為了更好地提高包裹的分收效率，特對包裹和運輸裝置進行詳細的探究，其情景可以簡化為如圖甲所示，質量M=2kg、長度L=2m的長木板靜止在足夠長的水平面（可視為光滑）上，左端固定一豎直薄擋板，右端靜置一質量m=1kg的包裹（可視為質點）。現機器人對長木板施加一水平向右的作用力F，F隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示，6s后將力F撤去。已知包裹與擋板發(fā)生彈性碰撞且碰撞時間極短，包裹與長木板間動摩擦因數μ=0.1，重力加速度取g=10m/s2。從施加作用力F開始計時，求：（1）時，長木板的速度大小；（2）與擋板碰撞后瞬