2025屆高三開年摸底聯考生物試題考試時間為90分鐘，滿分100分注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考場號、座位號、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共15小題，每小題2分，共30分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.山藥含有極其豐富的微量元素、腺苷、蛋白質和抗氧化活性的多糖等營養物質。下列敘述正確的是（）A.山藥含有豐富的微量元素K、Ca、Cu、Fe、Zn等B.山藥的腺苷分子徹底水解能獲得三種不同的產物C.山藥中蛋白質的營養價值主要由非必需氨基酸的種類決定D.抗氧化活性的山藥多糖可減少自由基對蛋白質和磷脂分子的攻擊【答案】D【解析】【分析】組成生物細胞的元素和化合物，根據其含量，元素分為大量元素和微量元素，C、H、O、N、P、S、K、Ga、Mg是大量元素；組成蛋白質的氨基酸分子中有8種為必需氨基酸。【詳解】A、K、Ca屬于大量元素，A錯誤；B、腺苷由腺嘌呤和核糖組成，腺苷分子徹底水解能獲得腺嘌呤和核糖兩種不同的產物，B錯誤；C、蛋白質的營養價值主要取決于其含有的必需氨基酸的種類，C錯誤；D、山藥多糖抗氧化活性顯著，可減少自由基對蛋白質、磷脂分子的攻擊，D正確。故選D。2.2024年4月，科學家發現了第一種能固氮的真核生物貝氏布拉藻，它的固氮功能來自于一種特殊的細胞器—硝化質體。與線粒體類似，硝化質體是某種固氮藍細菌（UCYNA）內共生的結果。下列推斷最可能錯誤的是（）A.貝氏布拉藻與UCYNA細菌共有的細胞器是核糖體B.UCYNA可將NH3轉化成HNO3供貝氏布拉藻利用C.培養含硝化質體的貝氏布拉藻的培養基無需添加碳源和氮源D.在藻類的細胞周期中，硝化質體也會分裂，并傳遞給子細胞【答案】B【解析】【分析】線粒體是具有雙層膜的細胞器，內含少量的DNA和RNA以及核糖體，是半自主性細胞器，能表達產生自身代謝所需的蛋白質。【詳解】A、貝氏布拉藻是真核生物，有包括核糖體在內的多種細胞器，UCYNA是原核生物，只有核糖體一種細胞器，兩者共有的細胞器是核糖體，A正確；B、硝化質體是某種固氮藍細菌（UCYNA）內共生的結果，UCYNA只是一種固氮藍細菌，并不具備硝化細菌的化能合成作用過程，所以不能將NH3轉化成HNO3，B錯誤；C、硝化質體能進行固氮作用，為貝氏布拉藻提供氮源，貝氏布拉藻可利用二氧化碳進行光合作用，無需提供碳源，C正確；D、與線粒體類似，硝化質體是某種固氮藍細菌內共生的結果，推測在藻類的細胞周期中，硝化質體也會分裂，并傳遞給子細胞，D正確。故選B。3.下列有關高中生物學教材實驗的敘述，正確的是（）A.在酵母菌培養液中通過添加溴麝香草酚藍溶液可判斷呼吸類型B.鑒定DNA時，可將絲狀物直接加入到二苯胺試劑中進行沸水浴C.制作洋蔥根尖有絲分裂裝片時，染色后還需用50％的酒精洗去浮色D.觀察紫色洋蔥鱗片葉外表皮細胞質壁分離與復原的實驗不用單獨設置對照組【答案】D【解析】【分析】1、探究酵母菌細胞呼吸方式的實驗中：（1）檢測CO2的產生：使澄清石灰水變渾濁，或使溴麝香草酚藍水溶液由藍變綠再變黃；（2）檢測酒精的產生：橙色的重鉻酸鉀溶液，在酸性條件下與酒精發生反應，變成灰綠色。2、斐林試劑可用于鑒定還原糖，在水浴加熱的條件下，溶液的顏色變化為磚紅色沉淀，斐林試劑只能檢驗生物組織中還原糖（如葡萄糖、麥芽糖、果糖）存在與否，而不能鑒定非還原性糖（如淀粉、蔗糖）。【詳解】A、溴麝香草酚藍溶液可用于檢測二氧化碳的產生情況，但不能直接判斷酵母菌的呼吸類型，因為酵母菌有氧呼吸和無氧呼吸都能產生二氧化碳，A錯誤；B、鑒定DNA時，將絲狀物溶于2mol/L的NaCl溶液后加入二苯胺試劑，在沸水浴條件下，DNA遇二苯胺會呈現藍色，B錯誤；C、制作洋蔥根尖有絲分裂裝片的流程為：解離→漂洗→染色→制片，染色后無需用50%的酒精洗去浮色，C錯誤；D、觀察紫色洋蔥鱗片葉細胞質壁分離與復原實驗中，不需要單獨設置對照試驗，而是存在自身前后對照，D正確。故選D。4.絲瓜為雌雄同株異花植物，現將兩個絲瓜品種P1（早）和P2（含）進行間行雜交獲得F1，F1自交獲得F2，結果如圖所示。不考慮基因突變和染色體變異，下列敘述錯誤的是（）A.絲瓜味苦性狀至少受到兩對等位基因控制B.P1（♀）和P2（♂）進行間行雜交時，需要進行人工去雄和套袋C.P1（♀）和P2（♂）雜交獲得F1屬于雜交育種，原理是基因重組D.F2不苦植株中能穩定遺傳的植株占3/7【答案】B【解析】【分析】基因的自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時非同源染色體上的非等位基因自由組合。【詳解】A、F2中味苦：不苦=271:209≈9:7，為9:3:3:1的變式，可知絲瓜味苦性狀至少受到兩對等位基因的控制，A正確；B、因為絲瓜為雌雄同株異花植物，故P1（♀）和P2（♂）進行間行雜交時，不需要進行人工去雄，但需要套袋處理，B錯誤；C、P1（♀）和P2（♂）雜交獲得F1屬于雜交育種，原理是基因重組，C正確；D、假設控制味苦性狀的兩對等位基因用A/a和B/b表示，則F1基因型為AaBb，F2中不苦植株的基因型及比例為3/7A_bb、3/7aaB_和1/7aabb，其中能穩定遺傳的純合子為1/7AAbb、1/7aaBB和1/7aabb，即占3/7，D正確。故選B。5.染色質由DNA、組蛋白等組成。組蛋白乙酰化引起染色質結構松散，有關基因進行表達；組蛋白去乙酰化，有關基因表達受到抑制（如圖所示）。下列敘述正確的是（）A.組蛋白乙酰化可能發生在細胞分化過程中B.①與②過程中堿基互補配對方式相同C.組蛋白乙酰化和去乙酰化過程通過改變DNA序列以調控基因的表達D.圖中X酶能識別、結合基因的特定部位并催化磷酸二酯鍵斷裂【答案】A【解析】【分析】轉錄過程以四種核糖核苷酸為原料，以DNA分子的一條鏈為模板，在RNA聚合酶的作用下消耗能量，合成RNA。翻譯過程以氨基酸為原料，以轉錄過程產生的mRNA為模板，以核糖體為場所，通過tRNA攜帶氨基酸，消耗能量產生多肽鏈。【詳解】A、細胞分化是基因選擇性表達的結果，組蛋白乙酰化使染色體結構松散，有利于基因的表達，故組蛋白乙酰化可能發生在細胞分化過程中，A正確；B、過程①為轉錄，過程②為翻譯，轉錄過程的堿基互補配對方式有AU、TA、CG、GC；翻譯過程中的堿基互補配對方式有AU、UA、GC、CG，B錯誤；C、組蛋白乙酰化使染色體結構松散，有利于基因的表達，組蛋白去乙酰化使染色體結構緊致，不利于基因的表達，這兩個過程都沒有改變DNA序列，C錯誤；D、轉錄過程需要RNA聚合酶，圖中X酶為RNA聚合酶，具有催化解旋的功能，能識別、結合基因的特定部位并催化氫鍵斷裂，D錯誤。故選A。6.小熊貓和大熊貓是兩個不同的物種。大熊貓在分類上屬于食肉目，具有典型的食肉動物的消化系統，但在長期的進化過程中卻特化為以各種竹子為食。下列敘述正確的是（）A.大熊貓和小熊貓屬于不同物種的原因是二者之間存在地理隔離B.大熊貓以竹子為食的原因是腸道中可能含有能消化纖維素的微生物C.某地區所有的大熊貓和小熊貓所含有的全部基因構成了該種群的基因庫D.大熊貓由以肉為食進化為以竹子為食的實質是種群基因型頻率的定向改變【答案】B【解析】【分析】現代生物進化理論認為：種群是生物進化的單位，生物進化的實質是種群基因頻率的改變。生物進化的方向是由自然選擇決定的，隔離是物種形成的必要條件，生殖隔離是物種形成的標志。【詳解】A、生殖隔離是新物種形成的標志，大熊貓和小熊貓屬于不同物種的原因是二者之間存在生殖隔離，A錯誤；B、竹子的主要成分是纖維素，大熊貓以竹子為食很可能是腸道內含有能消化纖維素的微生物，B正確；C、基因庫是一個種群全部個體所帶有的全部基因的總和，大熊貓和小熊貓屬于不同物種，不是一個種群，C錯誤；D、生物進化的實質是種群基因頻率的定向改變，D錯誤。故選B。7.在2024年巴黎奧運會上，中國名將鄭欽文斬獲了中國網球歷史上的第一枚奧運金牌。激烈比賽時機體會出現大量產熱、出汗、肌細胞代謝產物增多等生理狀況，下列敘述正確的是（）A.運動員劇烈運動時會生成乳酸，生成乳酸的過程發生在內環境中B.比賽時，醛固酮分泌增多，與靶細胞膜上受體結合，促進Na+的重吸收C.運動時大量出汗，下丘腦合成并釋放的抗利尿激素增多，對水的重吸收作用增強D.劇烈運動時細胞呼吸產生CO2增多，刺激位于腦干中的呼吸中樞使人體呼吸頻率提高【答案】D【解析】【分析】水平衡調節的激素是抗利尿激素；抗利尿激素的作用是促進腎小管、集合管重吸收水。【詳解】A、肌細胞無氧呼吸生成乳酸，該過程發生在細胞中，而不是發生在內環境中，A錯誤；B、比賽時，由于大量出汗，鈉離子流失較多，促進腎上腺皮質分泌醛固酮，醛固酮是固醇類激素，其受體在細胞膜內，與膜內的特異性受體結合，使膜上的離子通道蛋白增加，促進腎小管和集合管對Na?的重吸收，B錯誤；C、大量出汗后細胞外液滲透壓升高，下丘腦合成并分泌、垂體釋放的抗利尿激素增多，使腎小管和集合管對水的重吸收作用增強，C錯誤；D、劇烈運動時細胞呼吸產生的CO2增多，刺激位于腦干的呼吸中樞，使機體更加快速排出CO2，人體呼吸頻率提高，D正確。故選D。8.外源mRNA會引發免疫反應，科學家將組成mRNA的尿苷替換為假尿苷，經修飾的外源mRNA進入細胞后能躲避免疫系統的識別，使相應蛋白質的合成量顯著增加。下列敘述正確的是（）A.組成mRNA的尿苷只能由專一的tRNA進行攜帶和轉運B.經修飾的外源mRNA可通過主動運輸進入人體細胞進而引起免疫應答C.在蛋白質合成過程中，mRNA、tRNA、rRNA均參與發揮作用D.mRNA中的尿苷替換為假尿苷，堿基修飾屬于表觀遺傳，不影響后代表型【答案】C【解析】【分析】1、mRNA上3個相鄰的堿基決定1個氨基酸。每3個這樣的堿基叫作1個密碼子。游離在細胞質中的各種氨基酸，以mRNA為模板合成具有一定氨基酸順序的蛋白質，這一過程叫作翻譯；2、表觀遺傳是指DNA的基因序列不發生變化，但基因表達卻發生了可遺傳的改變。表觀遺傳這種改變是細胞內除了遺傳信息以外的其他可遺傳物質發生的改變，且這種改變在發育和細胞增殖過程中能穩定傳遞。【詳解】A、組成mRNA的尿苷不由tRNA轉運，tRNA攜帶和轉運的是氨基酸，A錯誤；B、經修飾的外源mRNA屬于大分子物質，進入人體細胞的方式是胞吞，B錯誤；C、在翻譯過程中，mRNA（作為翻譯的模板）、tRNA（轉運氨基酸）、rRNA（參與構成核糖體）均參與發揮作用，C正確；D、表觀遺傳是指DNA序列不發生變化，但基因的表達卻發生了可遺傳的改變，mRNA中的核苷酸堿基修飾不屬于表觀遺傳，D錯誤。故選C。9.科學家進行“乙烯利對黃瓜生長發育的影響”的部分研究結果如下表所示，下列敘述正確的是（）組別乙烯利濃度/mg·L1單株雄花數單株雌花數葉面積/cm2106.891.44283.12505.391.56349.631004.332.27363.142003.831.5312.2A.組別1未使用乙烯利處理，因而葉片細胞內不含有乙烯B.提升黃瓜雌、雄花比例的最適乙烯利濃度為100mg·L1C.若使用乙烯利濃度過大可能會使葉面積變小，影響黃瓜產量D.乙烯利既是植物激素也是營養物質，配合澆水、適時施用才能更好發揮作用【答案】C【解析】【分析】分析表格：乙烯利濃度在0200范圍內，隨著濃度的升高，單株雄花數逐漸減少，單株雌花數先增大后減少，葉面積先增大后減少，莖粗先增大后減少，并且后3項指標都高于沒有用乙烯利處理的1組。【詳解】A、乙烯在植物細胞中廣泛存在，組別1未使用乙烯利處理，其葉片細胞內也含有乙烯，A錯誤；B、表中數據無法得出提升黃瓜雌、雄花比例的最適乙烯利濃度的準確值，只能得出大概范圍，只能說明和另外3種濃度下相比，乙烯利濃度為100mg·L1時，黃瓜雌、雄花比例相對較高，B錯誤；C、由表格數據可知，乙烯利濃度過大可能會使葉面積變小，葉面積變小使植株光合作用減小，進而影響產量，C正確；D、乙烯利是植物生長調節劑，既不是植物激素，也不能作為營養物質，D錯誤。故選C。10.光敏色素分布在植物體的各個部位，工作者研究了光和脫落酸（ABA）對某植物生長和種子萌發的影響，得到圖1、圖2的結果。下列敘述正確的是（）A.根據圖1所示，光信號可能促進該植物合成脫落酸B.根據圖2所示，光信號增加了ABA對該植物種子萌發的抑制作用C.根據圖2所示，一定范圍內，隨著ABA濃度的增加，對該植物種子萌發的抑制作用增強D.根據圖2所示，黑暗條件下，該植物種子野生型相對于光受體缺失突變體對外源ABA的抑制作用更敏感【答案】C【解析】【分析】根據圖1顯示：野生型植株ABA含量相對值低于光受體缺失突變體，說明光可能抑制植物ABA的合成。分析圖2：該實驗的自變量有光照和黑暗、野生型植株和光受體缺失突變體、ABA的有無和濃度，因變量是種子萌發率。【詳解】A、野生型植株能接受光信號，光受體缺失突變體不能接受光信號，分析圖1可知，野生型植株ABA含量相對值低于光受體缺失突變體，說明光可能抑制植物ABA的合成，A錯誤；B、野生型、光照組和野生型、黑暗組對照，在不同濃度ABA處理下，野生型植株在光照條件下的種子萌發率都大于黑暗條件，野生型、光照組和光受體缺失突變體、光照組對照，在光照條件下，野生型植株在不同濃度ABA處理下種子萌發率大于突變體種子的萌發率，由此推測光信號減弱了ABA對種子萌發的抑制效果，B錯誤；C、據圖2分析，與對照（ABA濃度為0）相比，不同濃度的外源ABA處理明顯抑制黑暗和光照下生長的植物種子的萌發，且隨著ABA濃度的增加，對該植物種子萌發的抑制作用增強，C正確；D、實驗結果表明，野生型種子和光受體缺失突變體種子相比，光受體缺失突變體的種子萌發率更低，說明黑暗條件下光受體缺失突變體種子對外源ABA的抑制作用更敏感，D錯誤。故選C。11.某興趣小組在“探究培養液中酵母菌種群數量變化”的實驗中，將酵母菌培養液稀釋100倍，經等體積臺盼藍染液染色后，用血細胞計數板（規格為1mm×1mm×0.1mm）進行計數，觀察到一個中方格的菌體數如圖。相關敘述正確的是（）A.顯微計數時，先計數室上方蓋蓋玻片，再沿凹槽邊緣滴加樣液B.統計時，要統計方格內和相鄰兩邊及其夾角上的藍色菌體C.為避免酵母菌增殖影響實驗結果，滴加培養液后需立即計數D.通過圖示中方格酵母菌數量可推測1mL酵母菌培養液中酵母菌數量是2.25×108個【答案】A【解析】【分析】血細胞計數板有2種，一種是計數區分為16個中方格，而每個中方格又分成25個小方格；另一種是一個計數區分成25個中方格，而每個中方格又分成16個小方格。【詳解】A、使用血細胞計數板時，先放置蓋玻片，然后使培養液從凹槽邊緣處自行滲入計數室，A正確；B、只有死細胞能被臺盼藍染成藍色，統計時應統計方格內和相鄰兩邊及其夾角上的無色菌體，B錯誤；C、滴加培養液后等細胞沉降到計數室底部再開始計數，C錯誤；D、根據題干“將酵母菌培養液稀釋100倍，經等體積臺盼藍染液染色后”，可知，實際稀釋倍數為2×100=200倍。圖中一個中格（16小格）中的活菌數為9個，根據計算公式：1mL培養液中的酵母菌數為=每個小格中的平均酵母菌數×400個小格×10000×酵母菌培養稀釋倍數，則該1mL樣品中酵母菌數約=9÷16×400×10000×2×100=4.5×108個，D錯誤。故選A。12.科研人員發現，蚜蟲吸食葉片汁液時會誘導煙草釋放揮發性化合物（VOC），周圍植物感知VOC后會產生防御反應，使蚜蟲不再喜食其葉片汁液。攜帶植物病毒的蚜蟲吸食煙草葉片汁液時，VOC釋放減少，周圍植物對蚜蟲的防御能力降低。根據該研究結果分析，以下敘述正確的是（）A.被蚜蟲危害煙草向周圍植物傳遞物理信息B.病毒與植物、病毒與蚜蟲之間均為寄生關系C.相比未攜帶病毒的蚜蟲，攜帶病毒的蚜蟲侵害植物時更能提高周圍植物的防御反應D.信息傳遞能調節生物的種間關系，進而維持生態系統的平衡與穩定【答案】D【解析】【分析】1、生態系統中信息的種類：（1）物理信息：生態系統中的光、聲、溫度、濕度、磁力等，通過物理過程傳遞的信息，如蜘蛛網的振動頻率；（2）化學信息：生物在生命活動中，產生了一些可以傳遞信息的化學物質，如植物的生物堿、有機酸，動物的性外激素等；（3）行為信息：動物的特殊行為，對于同種或異種生物也能夠傳遞某種信息，如孔雀開屏；2、信息傳遞在生態系統中的作用：（1）個體：生命活動的正常進行，離不開信息的作用；（2）種群：生物種群的繁衍，離不開信息傳遞；（3）群落和生態系統：能調節生物的種間關系，經維持生態系統的穩定。【詳解】A、生物在生命活動中，產生了一些可以傳遞信息的化學物質，如植物的生物堿、有機酸，動物的性外激素等，均屬于化學信息，被蚜蟲危害的煙草向周圍植物傳遞的是化學信息，A錯誤；B、分析題意，攜帶植物病毒的蚜蟲吸食煙草葉片汁液時，VOC釋放減少，周圍植物對蚜蟲的防御能力降低，更利于蚜蟲的吸食，故蚜蟲與其傳播的植物病毒的種間關系是互利共生，B錯誤；C、攜帶植物病毒的蚜蟲吸食煙草葉片汁液時，VOC釋放減少，周圍植物對蚜蟲的防御能力降低，可見，相比未攜帶病毒的蚜蟲，攜帶病毒的蚜蟲侵害植物時不能提高周圍植物的防御反應，C錯誤；D、蚜蟲吸食葉片汁液時會誘導煙草釋放揮發性VOC，周圍植物感知VOC后會產生防御反應，使蚜蟲不再喜食其葉片汁液，說明信息傳遞能調節種間關系，維持生態系統的平衡與穩定，D正確。故選D。13.混菌釀造復合果酒是提升果酒品質的常用方法之一。下圖為菠蘿一蘋果復合果酒工廠化生產流程。相關敘述正確的是（）A.發酵前未對果汁進行滅菌是為了避免殺死原料中天然菌種B.可以用平板劃線法探究發酵液中酵母菌的數量C.控溫發酵時通入無菌空氣對酵母菌的增殖和酒精的產量均不利D.將陳釀接種醋酸菌并隔絕空氣即可進行醋酸發酵【答案】A【解析】【分析】1、發酵工程生產的產品主要包括微生物的代謝產物、酶及菌體本身。產品不同，分離提純的方法一般不同：（1）如果產品是菌體，可采用過濾，沉淀等方法將菌體從培養液中分離出來；（2）如果產品是代謝產物，可用萃取、蒸餾、離子交換等方法進行提取。2、發酵過程中要嚴格控制溫度、pH、溶氧、通氣量與轉速等發酵條件。3、傳統發酵技術是利用微生物的發酵獲得微生物的代謝產物，如果酒發酵、果醋發酵等。【詳解】A、發酵前未對果汁進行滅菌是為了保留原料中的天然菌種，這些天然菌種可能有助于發酵過程和果酒風味的形成，A正確；B、探究發酵液中酵母菌的數量使用稀釋涂布平板法，B錯誤；C、控溫發酵時通入無菌空氣有利于酵母菌的增殖，但果酒的發酵是在無氧條件下進行，故不利于酒精的產生，C錯誤；D、酒精發酵結束后接種醋酸菌除了需要通入無菌空氣，還需升高溫度，才能進行醋酸發酵，D錯誤。故選A。14.研究者欲利用原生質體融合技術，實現三白草和魚腥草有效成分的工廠化生產。下列敘述正確的是（）A.過程①常使用纖維素酶和果膠酶，應在無菌水中進行，以防止雜菌污染B.過程②可使用聚乙二醇以誘導三白草原生質體和魚腥草原生質體的融合C.過程③經過脫分化、再分化形成的愈傷組織是呈不定形的薄壁組織團塊D.過程④需要調節培養基中生長素和細胞分裂素的比例，誘導生芽和生根【答案】B【解析】【分析】植物體細胞雜交是指將不同來源的植物體細胞在一定條件下融合成雜種細胞，并把雜種細胞培育成新植物體的技術。植物體細胞雜交技術在打破生殖隔離，實現遠緣雜交育種培育植物新品種等方面展示出獨特的優勢。【詳解】A、用纖維素酶和果膠酶去除細胞壁的過程應在等滲溶液中進行，以免細胞滲透吸水或失水過多，A錯誤；B、誘導植物原生質體融合可使用聚乙二醇，B正確；C、過程③經過脫分化即可形成愈傷組織，不存在再分化，C錯誤；D、過程④是提取代謝產物，并未培育成完整植株，不需要誘導生芽和生根，D錯誤。故選B。15.人工智能（AI）技術通過大數據分析、機器學習、深度學習等方法，為生物醫藥研究、藥物開發、臨床診斷和治療等帶來革命性的變化。下列關于AI技術在生物醫藥領域的應用，下列敘述錯誤的是（）A.AI技術設計的某種蛋白質的氨基酸序列推導出的對應基因序列不唯一，且基因序列中不包含啟動子和終止子B.AI技術通過智能穿戴設備和移動應用程序可實時監測患者的生理參數，預測健康風險，并提供相應的診斷和治療建議C.AI技術對大量的基因組數據進行處理和分析，可以識別疾病相關的基因突變，為精準醫療提供支持D.AI技術對大量的蛋白質數據進行分析，能夠預測患者體內某些蛋白質的三維結構以便設計新藥物，該過程屬于蛋白質工程技術【答案】D【解析】【分析】蛋白質工程概念及基本原理（1）蛋白質工程是指以蛋白質分子的結構規律及其生物功能的關系作為基礎，通過基因修飾或基因合成，對現有蛋白質進行改造，或制造一種新的蛋白質，以滿足人類的生產和生活的需求。（基因工程在原則上只能生產自然界已存在的蛋白質）（2）蛋白質工程崛起的緣由：基因工程只能生產自然界已存在的蛋白質。（3）蛋白質工程的基本原理：它可以根據人的需求來設計蛋白質的結構，又稱為第二代的基因工程。（4）基本途徑：預期蛋白質功能→設計預期的蛋白質結構→推測應有氨基酸序列→找到對應的脫氧核苷酸序列（基因），最終還是回到基因工程上來解決蛋白質的合成。【詳解】A、密碼子具有簡并性，故AI技術設計的某種蛋白質的氨基酸序列推導出的對應基因序列不唯一，啟動子和終止子為非編碼區，由氨基酸序列推理的基因序列中不包含啟動子和終止子，A正確；B、利用AI技術，通過智能穿戴設備和移動應用程序，能夠實時監測患者的生理參數，預測健康風險，并提供相應的診斷和治療建議，AI技術為臨床診斷和治療等方面帶來了革命性的變化，B正確；C、AI技術在基因組數據處理和分析中應用，通過識別疾病相關的基因突變，為精準醫療的實現提供了強大的技術支持，C正確；D、蛋白質工程是指以蛋白質分子的結構規律及其生物功能的關系作為基礎，通過基因修飾或基因合成，對現有蛋白質進行改造，或制造一種新的蛋白質，利用AI技術設計新藥物，沒有對現有蛋白質進行改造，或制造一種新的蛋白質，不屬于蛋白質工程技術，D錯誤。故選D。二、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分。每小題有一個或多個選項符合題目要求，全部選對得3分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分。16.海蟑螂體長約2.5厘米，行動敏捷，但其只能隨著海水的潮汐，有規律地在潮間帶（即高潮線和低潮線之間的區域）遷徙。海蟑螂喜食紫菜、生物尸體、有機碎屑等，這對在近海潮間帶區域養殖的紫菜造成了極大地破壞。下列敘述錯誤的是（）A.海蟑螂既是消費者也是分解者B.每平方米存在10只海蟑螂，這屬于對種群數量特征的描述C.潮間帶隨著海水的潮汐有規律地演替D.某海灘海蟑螂種群的數量即為該地海蟑螂的環境容納量【答案】CD【解析】【分析】環境容納量是指長時期內環境所能維持的種群最大數量，用字母K表示。由于種群數量高于K時可能下降，低于K時可能上升，所以K值只代表種群數量的一個平均值。【詳解】A、海蟑螂喜食紫菜、生物尸體、有機碎屑等，海蟑螂既是消費者也是分解者，A正確；B、每平方米存在10只海蟑螂，這屬于種群密度，是對種群數量特征的描述，B正確；C、群落演替需要物種替代或群落類型替代，潮間帶隨著海水的潮汐有規律地變化不屬于演替，C錯誤；D、環境容納量是指長時期內環境所能維持的種群最大數量；某海灘海蟑螂種群能長時間維持的最大數量即為該地海蟑螂的環境容納量，D錯誤。故選CD。17.腫瘤中常有兩種癌細胞，一種以糖酵解為主要產能方式（A型），另一種以線粒體氧化為主要產能方式（B型）。研究發現，多種癌細胞高表達MCT1、MCT4載體，連接兩種癌細胞，形成協同代謝，促進腫瘤的發生與發展，相關機理如圖所示。下列敘述正確的是（）A.理論上A型癌細胞攝取葡萄糖的速率高于B型B.抑制癌細胞中MCT1和MCT4的功能可能抑制腫瘤的生長C.在有氧氣參與下，癌細胞線粒體中葡萄糖可被氧化分解形成水和CO2D.MCT1、MCT4參與癌細胞間能量物質【答案】ABD【解析】【分析】1、無氧呼吸的二階段：第一階段：和有氧呼吸第一階段相同。第二階段：在細胞質基質中丙酮酸重新生成乳酸，一般植物細胞內生成酒精和二氧化碳；2、細胞癌變的根本原因是原癌基因和抑癌基因發生基因突變，其中原癌基因負責調節細胞周期，控制細胞生長和分裂的過程，抑癌基因主要是阻止細胞不正常的增殖。【詳解】A、A型癌細胞只通過糖酵解釋放少量能量，B型癌細胞能進行TCA循環產生更多能量，為了維持正常的生命活動，理論上A型癌細胞攝取葡萄糖的速率高于B型，A正確；B、抑制癌細胞中MCT1和MCT4的功能，A型癌細胞乳酸排出受阻，可對A型細胞造成毒害，B型癌細胞的代謝也受到影響，從而可抑制腫瘤生長，B正確；C、葡萄糖先在細胞質基質中進行分解，形成丙酮酸后才能進入線粒體進一步被氧化分解，C錯誤；D、癌細胞代謝旺盛，需要大量的能量，MCT1、MCT4參與癌細胞間能量物質的分配，以適應快速增殖對能量的需要，D正確。故選ABD。18.基因型為AaBb的某二倍體（2N）高等動物，其某時期的細胞中染色體組數與同源染色體對數，以及細胞分裂過程中每條染色體上的DNA數如圖所示，下列相關敘述正確的是（）A.圖①可能為減數分裂I后期，可能發生等位基因分離B.圖②對應圖③中的a與b之間的時期，細胞中含有N條染色體C.圖①→圖②過程中發生了著絲粒分裂，導致同源染色體對數減少為0D.圖③中a之前會發生染色體復制，b所處時期會發生染色單體的分離【答案】AD【解析】【分析】圖甲①有同源染色體，可能處于減數分裂前的間期或減數第一次分裂時期，②沒有同源染色體，處于減數第二次分裂時期。圖乙表示每條染色體上的DNA的數量。【詳解】A、圖①有同源染色體，可能處于減數分裂前的間期或減數分裂Ⅰ時期，也可能處于有絲分裂前的間期，有絲分裂的前、中期，若處于減數分裂Ⅰ后期，則可發生等位基因分離，A正確；B、圖②時期無同源染色體，染色體組數為2，故為減數分裂Ⅱ后期，對應圖③中b及之后的時期，細胞中含有2N條染色體，B錯誤；C、圖①→圖②過程中，由于同源染色體分離導致減數分裂Ⅱ的細胞中無同源染色體，C錯誤；D、圖③中的a之前會發生染色體復制，b所處時期會發生染色單體的分離，D正確。故選AD。19.科學家將兩株不同的雜交瘤細胞A和B融合形成雙雜交瘤細胞AB，雙雜交瘤細胞AB能夠懸浮在培養基中生長繁殖，產生的雙特異性抗體AB結構如圖所示。下列敘述正確的是（）A.雙特異性抗體AB可同時與2種抗原結合B.培養雙雜交瘤細胞時，需提供5％的CO2以刺激細胞呼吸C.雙雜交瘤細胞進行傳代培養時，需使用胰蛋白酶分散處理D.雙特異性抗體AB與靶細胞結合，可使靶細胞直接裂解死亡【答案】A【解析】【分析】單克隆抗體制備流程：先給小鼠注射特定抗原使之發生免疫反應，之后從小鼠脾臟中獲取已經免疫的B淋巴細胞；誘導B細胞和骨髓瘤細胞融合，利用選擇培養基篩選出雜交瘤細胞；進行抗體檢測，篩選出能產生特定抗體的雜交瘤細胞；進行克隆化培養，即用培養基培養和注入小鼠腹腔中培養；最后從培養液或小鼠腹水中獲取單克隆抗體。【詳解】A、根據抗原和抗體發生特異性結合的原理推測，雙抗體可同時與2種抗原結合，A正確；B、培養雙雜交瘤細胞時，需提供5%的CO2維持培養液的pH，B錯誤；C、雜交瘤細胞是懸浮培養的細胞，細胞之間并未接觸，若要傳代培養，將細胞培養液直接離心，去除上清液培養基，加入新鮮培養基即可，不需要用胰蛋白酶處理，C錯誤；D、根據抗原與抗體能夠發生特異性結合的特性，利用雙抗體可以將蛋白類藥物運送至靶細胞，從而使藥物發揮相應的作用，細胞毒性T細胞才會使靶細胞裂解、死亡，D錯誤。故選A。20.如圖表示大腦海馬區某些區域突觸在受到較長時間重復刺激后可能引起突觸結構穩定性改變，形成長時程增強效應，這一現象被認為是學習和記憶的基礎。下列相關敘述正確的是（）A.谷氨酸是一種神經遞質，可與不同種特異性受體結合B.神經元B膜去極化是Na+大量內流引起膜外電位由正轉負的結果C.逆行信使NO經自由擴散作用于神經元A，進而促進谷氨酸持續釋放D.不斷重復某種刺激可增加受體A的數量，降低神經興奮的敏感性【答案】ABC【解析】【分析】分析題圖可知，突觸前膜釋放谷氨酸，分別作用于突觸后膜上B、A受體，引起鈣離子通道和鈉離子通道開放，其中鈣離子作用于鈣調蛋白，產生的NO，又返回到突觸小體中，繼續作用于突觸小泡釋放谷氨酸，達到一種持續增強的突觸效應。【詳解】A、谷氨酸是一種神經遞質，既可與受體A結合，也可與受體B結合，A正確；B、Na+大量內流，神經元B膜外電位由靜息時的正電位變成負電位，神經元B膜去極化，B正確；C、氣體NO經自由擴散進入神經元A，促進谷氨酸持續釋放，C正確；D、不斷重復某種刺激可增加受體A的數量，形成長時程增強效應，提高神經興奮的敏感性，D錯誤。故選ABC。三、非選擇題：本題共5小題，共55分。21.光照條件下，葉肉細胞中CO2與O2能競爭性結合Rubisco，分別催化C2（RuBP）的羧化與氧化。C2羧化固定CO2合成（CH2O）；C4氧化則產生乙醇酸（C2），C2在過氧化物酶體和線粒體作用下，完成光呼吸碳氧化循環。圖示為葉肉細胞中部分物質代謝過程，其中虛線表示光呼吸途徑，①~⑥代表相關生理過程。請回答下列問題：（1）過程①發生在_____，過程④⑤表示_____。（2）與光呼吸不同，以葡萄糖為反應物的有氧呼吸產生NADH的場所是_____。從氣體的角度分析，卡爾文循環和光呼吸的主要區別是_____。（3）減弱Rubisco的活性從而減弱光呼吸不能達到增產的目的，理由是_____。（4）為探究不同濃度光呼吸抑制劑SoBS對水稻光合作用強度（用CO2固定量表示）和光呼吸強度的影響，研究人員開展了相關實驗研究（SoBS溶液處理對葉片呼吸作用的影響忽略不計）。請完成下表。實驗步驟簡要操作過程配制不同濃度的SoBS溶液用清水配制100mg·L1、200mg·L1、300mg·L1、400mg·L1、500mg·L1、600mg·L1的SoBS溶液設置對照處理組①_____②_____用不同濃度SoBS溶液均勻噴施葉片的正反面實驗結果測定一段時間后，分別測定各組光合作用強度與光呼吸強度，結果如下表【答案】（1）①.葉綠體類囊體薄膜②.C3的還原（2）①.細胞質基質和線粒體基質②.卡爾文循環消耗CO2，不產生O2，而光呼吸消耗O2，產生CO2（3）Rubisco的活性減弱會導致暗反應速率減弱，不利于光合產物的積累（4）①.用清水均勻噴施葉片的正反面②.進行實驗組處理③.低④.噴施100mg·L1SoBS溶液的水稻光合作用強，光呼吸弱⑤.100~300【解析】【分析】題圖分析，過程①代表光合作用光反應中水的光解，過程③代表光合作用暗反應中二氧化碳的固定過程④和⑤代表光合作用暗反應中C3的還原，過程⑥是光呼吸。題意分析，光呼吸會抑制暗反應，光呼吸會產生CO2，向水稻葉面噴施不同濃度的光呼吸抑制劑SoBS溶液后由表格數據可知，光合作用的強度隨著SoBS濃度的增加出現先增加后下降的現象。【小問1詳解】過程①代表光合作用光反應中水的光解，在葉綠體類囊體薄膜上發生；過程③代表光合作用暗反應中二氧化碳的固定，過程④和⑤代表光合作用暗反應中C3的還原。【小問2詳解】與光呼吸不同的是，以葡萄糖為反應物的有氧呼吸產生NADH的過程發生于有氧呼吸第一階段、第二階段，對應的場所在細胞質基質、線粒體基質。從氣體交換的角度來看，光呼吸消耗氧氣，產生CO2，而卡爾文循環消耗CO2，但不釋放氧氣。【小問3詳解】減弱Rubisco的活性會減弱光呼吸，同時光合作用也減弱，因此達不到增產的目的。【小問4詳解】因為實驗組的處理是用不同濃度SoBS溶液均勻噴施葉片的正反面，所以設置對照組的處理是用清水均勻噴施對照組葉片的正反面。與未噴施SoBS溶液相比，噴施100mg·L1SoBS溶液的水稻葉片光合作用強度增加，光呼吸強度降低，據此推知光合作用固定的CO2增加，光呼吸釋放的CO2減少，即葉片的CO2吸收量增加、釋放量減少。此時，在更低的光照強度下，兩者即可相等。應在表中光合作用強度與光呼吸強度的最大差值的兩側濃度之間，即100~300mg·L1再設置多個濃度梯度進一步進行實驗。22.農業生產中常使用大棚薄膜和地膜覆蓋以提高作物產量，廢薄膜經過破碎、化學分解和生物降解會變成微塑料（直徑小于5mm的含碳有機物）。微塑料會對土壤中多種生物造成毒害，其中土壤中的微生物可對微塑料進一步降解，并會在其周圍形成新的微生物群落，此類微生物群落形成的生態系統通常被稱為“塑料圈”。請回答以下問題：（1）塑料圈生態系統能量的主要來源是_____。從生態系統的組成成分分析，環境中的微塑料屬于_____。若想從土壤中找到能分解微塑料的微生物，應從長期有微塑料污染的地方采集土壤，制備土壤懸浮液，接種到_____的培養基中進行篩選，這種培養基從功能上劃分屬于_____培養基。（2）研究表明，納米級微塑料可進入煙草細胞，雞糞也富含微塑料，這表明土壤中的微塑料可能存在沿_____生物富集的風險，微塑料的進入會大大降低原有生態系統的抵抗力穩定性，原因是_____。（3）微塑料引起的土壤條件改變對不同微生物的影響差異較大。為探究不同程度（低、中、高）微塑料污染對土壤中好氧微生物數量的影響，寫出簡要實驗思路：_____。（4）從污染源控制的角度，提出一條農業生產上使用塑料薄膜的合理建議以緩解微塑料污染：_____。【答案】（1）①.微塑料中含有的能量②.非生物的物質和能量③.以微塑料為唯一碳源④.選擇（2）①.食物鏈②.塑料的進入會降低土壤中生物的多樣性，使土壤中的營養結構更加簡單，進而使抵抗力穩定性降低（3）將相同數量的好氧微生物分成4組，編號A、B、C、D，分別用沒有微塑料污染的土壤、低微塑料污染的土壤、中微塑料污染的土壤和高微塑料污染的土壤處理，在適宜條件下培養一段時間后觀察統計好氧微生物的數量（4）減少使用塑料薄膜、合理控制塑料薄膜的使用時間、使用塑料薄膜后要及時回收處理、開發新型不會產生微塑料的薄膜等（答出一點即可）【解析】【分析】生態系統的結構包括生態系統的組成成分和營養結構，組成成分又包括非生物的物質和能量，生產者、消費者和分解者，營養結構就是指食物鏈和食物網。生產者是指綠色植物，能利用光能，通過葉綠體，制造有機物；消費者是指各種動物，不能自己制造有機物，只能直接或間接地以植物為食；分解者是指生物圈中靠分解動植物的尸體或是糞便為食的細菌和真菌等。【小問1詳解】塑料圈是由各類微生物組成的生物群落和無機環境相互作用而形成的統一整體，微塑料中含有能量，所以該生態系統能量的主要來源是微塑料。從生態系統的組成成分分析，環境中的微塑料屬于非生物的物質和能量，若想找到能分解微塑料的微生物，應從長期有微塑料污染的地方采集土壤，利用的培養基應該以微塑料為唯一碳源，只有分解微塑料的微生物才能利用微塑料作為碳源，不能分解微塑料的微生物因為缺乏碳源而不能生長繁殖，所以用此培養基就能夠選擇出分解微塑料的微生物，這種培養基從功能上劃分屬于選擇培養基。【小問2詳解】根據題意，微塑料不易被分解，可被細胞吸收，因此，微塑料被生產者吸收后沿著食物鏈（網）傳遞，在生物體內很難被降解，因此沿著食物鏈流動過程中逐漸積累，使其在機體內濃度超過環境濃度，發生生物富集現象。微塑料會對土壤中多種生物造成毒害，微塑料的進入會降低土壤中生物的多樣性，使土壤中的營養結構更加簡單，進而使原有生態系統的抵抗力穩定性降低。【小問3詳解】本實驗的目的是探究不同程度微塑料污染對土壤中好氧微生物數量的影響，自變量為不同程度微塑料污染，因變量為土壤中好氧微生物數量，其他為無關變量，為了滿足對照原則，需要設置一組空白對照。因此實驗思路是將土壤中好氧微生物分成4組，分別在沒有微塑料污染的土壤、低微塑料污染的土壤、中微塑料污染的土壤和高微塑料污染的土壤四種條件下培養，一段時間后，檢測各組土壤中好氧微生物數量，并比較得出結論。【小問4詳解】題目要求從“污染源控制的角度”進行分析，由題干可知，微塑料常來自大棚薄膜和地膜，廢薄膜經過破碎、化學分解和生物降解而形成，故可從減少使用塑料薄膜、合理控制塑料薄膜的使用時間、使用塑料薄膜后要及時回收處理、開發新型不會產生微塑料的薄膜等方面給出合理建議。23.5一羥色胺（5HT）是一種能使人產生愉悅情緒的神經遞質，甲基苯丙胺（冰毒）能干擾這種調控機制，使人產生毒品依賴。為探索情緒低落的發生與5HT的關系，科研人員進行了相關研究，圖1是神經元之間通過突觸傳遞信息的示意圖，回答下列問題：（1）神經元A合成的5HT儲存在_____中，5HT與受體結合，引起突觸后膜電位發生變化。圖中需要消耗能量的過程有_____（寫編號）。（2）正常情況下突觸間隙中的5HT發揮作用后可通過圖中_____（結構）回收到神經元A內。吸食冰毒后突觸間隙中的5HT濃度增加，作用時間延長，原因是_____。（3）研究表明，長期吸食冰毒會影響突觸后膜上5HT受體的數量。冰毒使人體產生毒品依賴的原因是_____，珍愛生命，遠離毒品，在學習和工作中不斷進取獲得成就感與滿足感，才是真正的快樂之源。（4）有研究者推測，情緒低落是突觸間隙中5HT的作用下降所致。證實此推測思路，可通過測定并比較情緒正常者與情緒低落者的_____（多選）。A.突觸前膜SERT表達量 B.突觸后膜釋放的5HT量C.鈉離子通道結構 D.突觸后膜受體結構（5）釋放5HT的神經元主要聚集在大腦的中縫核部位。為進一步探究情緒低落者突觸間隙中的5HT含量下降的原因，研究人員利用情緒低落模型鼠進行了研究，得到的結果如表，其中miR16是一種非編碼RNA。表中結果可歸納為_____。組別數量中縫核miR16相對含量中縫核SERT相對含量對照組10只0.840.59模型組10只0.650.99（6）研究者進一步研究了中縫核處miR16與SERT含量的相關性，發現miR16作用原理如圖2，據此推測miR16阻斷了_____（填“復制”“轉錄”或“翻譯”）過程而影響SERT含量。根據以上信息推測，模型鼠產生情感低落行為的機制是_____。【答案】（1）①.突觸小泡②.①③（2）①.SERT②.冰毒能促進5HT的釋放，抑制5HT的回收（3）長期吸食冰毒使突觸后膜上5HT受體數量減少，機體正常的神經活動受到影響，吸食者需不斷吸食冰毒用以維持這些神經元的活動，從而產生毒癮（4）ACD（5）模型鼠的中縫核內miR16含量低于正常鼠，而SERT含量高于正常鼠（6）①.翻譯②.中縫核miR16含量下降，SERTmRNA降解減少，導致SERT表達量上升，從而使突觸間隙中5HT被突觸前膜回收量增加，使突觸間隙中5HT含量下降，導致情緒低落【解析】【分析】神經元之間通過突觸傳遞信息的過程：興奮到達突觸前膜所在的神經元的軸突末梢，引起突觸小泡向突觸前膜移動并釋放神經遞質；神經遞質通過突觸間隙擴散到突觸后膜的受體附近；神經遞質與突觸后膜上的受體結合；突觸后膜上的離子通道發生變化，引發電位變化；神經遞質被降解或回收。【小問1詳解】據圖1分析，在神經元A中，5HT合成后儲存在突觸小泡內。圖中過程①為逆濃度梯度運輸，屬于主動運輸，需要消耗能量；②屬于協助擴散，不需要消耗能量；③屬于胞吐，需要消耗能量。【小問2詳解】正常情況下，突觸間隙中的5HT在發揮完作用后可通過突觸前膜上的SERT回收到神經元A內。突觸前膜上有回收5HT的轉運蛋白，該蛋白可以和甲基苯丙胺（冰毒）結合，抑制5HT的回收，使突觸間隙中的5HT增加；冰毒能促進5HT的合成與釋放，也會導致突觸間隙的5HT濃度增加，因此吸食冰毒后突觸間隙的5HT濃度增加，可能的原因是冰毒能促進5HT的合成與釋放，抑制5HT的回收。【小問3詳解】長期吸食冰毒影響突觸后膜上的5HT受體，使受體數量減少，機體神經活動受到影響，需要吸食更多的冰毒來維持神經系統活動，從而使人體產生毒品依賴。【小問4詳解】突觸前膜SERT是回收5HT的載體蛋白，可以減少突觸間隙中5HT的含量；突觸后膜的受體接受5HT后，引發Na?通道開放，Na?內流，突觸后膜興奮，所以可以測定并比較情緒正常者與情緒低落者的突觸前膜SERT表達量、Na?通道結構、突觸后膜受體結構來證實此推測思路。故選ACD。【小問5詳解】對照組中縫核miR16相對含量比模型組的高，而對照組中縫核SERT相對含量比模型組的低，因此表中結果可歸納為模型鼠的中縫核內miR16含量低于正常鼠，而SERT含量高于正常鼠。【小問6詳解】據圖2可知，miR16與蛋白質形成復合體后，引起SERT的mRNA降解，所以miR16影響SERT含量，其阻斷的過程是翻譯。根據圖2、表1信息分析，產生情感低落行為的分子機制為：miR16雙鏈與蛋白質形成復合體，復合體中miR16一條鏈被降解，另一條鏈與SERT的mRNA結合，引起SERT的mRNA的降解，抑制SERT合成，當中縫核miR16含量下降，導致SERT表達量上升，從而使突觸間隙中5HT被突觸前膜回收的量增加，造成突觸間隙中5HT含量下降，導致情緒低落等抑郁行為發生。24.近年來“漢服文化”出圈，以蠶絲為原料的傳統服飾更是深受民眾喜愛，帶動了蠶養殖行業的發展。已知蠶（2n＝56）的性別決定方式為ZW型，雄蠶成活率高，產絲量也比雌蠶高。幼蠶體色有斑紋對無斑紋為顯性，受一對等位基因A、a控制。請回答下列問題：（1）若要對家蠶的基因組進行研究，應對_____條染色體進行測序。正常情況下，雌蠶處于減數分裂II后期的細胞可能含有_____條W染色體。（2）研究者通過輻射對某品系家蠶進行處理，獲得甲、乙、丙3種突變類型，如圖1。變異類型甲、乙、丙分別是_____。（3）為篩選出符合要求的突變類型，研究者將獲得的突變體分別與無斑紋雄蠶雜交，獲得F1，F1自由交配獲F2，觀察并統計F2表型及比例。（注：各類型突變體產生的配子活力相當，一對常染色體上A和a基因都缺失時胚胎致死）①若F2表型及比例與_____相關聯，則突變類型為甲；②若F2表型及比例為有斑紋：無斑紋＝7:9，則突變類型為乙；③若F2表型及比例為_____，則突變類型為丙。（4）經篩選獲得突變類型甲后，研究者通過圖2所示過程培育出了“限性斑紋雌蠶”，以便能根據幼蟲體色確定家蠶性別。①F1有斑紋的個體中染色體正常的比例為_____。②F2中，“限性斑紋雌蠶”的占比為_____。③在生產實踐中，可利用“限性斑紋雌蠶”和_____雄蠶進行雜交，根據體色即可辨別幼蠶的性別。【答案】（1）①.29②.0或2（2）染色體結構變異（易位）、基因突變、染色體結構變異（缺失）（3）①.性別②.有斑紋：無斑紋=7：8（4）①.1/3②.2/15③.無斑紋【解析】【分析】家蠶(2n=56)的性別決定方式是ZW型，雄家蠶的染色體組成為27對+ZZ，雌家蠶的染色體組成為27對+ZW。【小問1詳解】家蠶（2n=56）的染色體組成為27對常染色體+ZZ或27對常染色體+ZW，要研究家蠶的基因組，需測定27對常染色體中的27條+Z+W共29條染色體的DNA序列。雌蠶性染色體組成為ZW，減數分裂Ⅰ，ZW同源染色體會發生分離，故正常情況下，雌蠶處于減數分裂Ⅱ后期的細胞含有0或2條W染色體。【小問2詳解】據圖分析，甲中常染色體A基因所在的染色體片段易位到了W染色體，變異類型屬于染色體結構變異（易位）；乙中A基因突變為a基因，變異類型屬于基因突變；丙中A基因所在的染色體片段缺失，變異類型屬于染色體結構變異（缺失）。【小問3詳解】突變體甲為AOZWA，突變體乙為AaZW，突變體丙為AOZW，與無斑紋雄蠶aaZZ雜交，由于只有突變體甲的A基因存在于性染色體上，因此其F?表型及比例與性別相關聯，而其他兩種突變體A/a基因存在于常染色體上，與性別無關。突變體丙AO和無斑紋雄蠶aa雜交，子一代基因型及比例為1/2Aa、1/2aO，F1自由交配獲F2，利用配子法求解，A=1/4，a=2/4，O=1/4，OO=1/4×1/4=1/16（這些個體不存在A、a基因，表現為致死），無斑紋（aa和aO）=2/4×2/4+2×2/4×1/4=8/16，有斑紋（A_）=18/161/16=7/16，有斑紋:無斑紋=7:8。【小問4詳解】①F1的基因型及比例為1AaZZ、lAaZWA、laOZZ、laOZWA，其中laOZZ為無斑紋，1AaZZ為染色體正常且為有斑紋，因此F1有斑紋的個體中染色體正常的比例為1/3。