春暉中學2024學年第一學期高一期末模擬考試物理試題一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共36分。每小題列出的四個備選項中只有一個是正確的）1.在國際單位制中規定“質量”為基本物理量，它對應的單位是（）A.斤 B.千克 C.牛頓 D.英鎊【答案】B【解析】【分析】【詳解】在國際單位制中規定“質量”為基本物理量，它對應的單位是千克.故選B。2.下列說法正確的是（）A.汽車速度計的示數是指汽車的速率B.“太陽東升西落”所選擇的參考系是太陽C.“嫦娥五號”繞月飛行時一定不能把它看成質點D.某市的出租車的收費標準為2.00元千米，其中的千米說的是位移【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．汽車速度計的示數是指汽車的瞬時速率，故A正確；B．“太陽東升西落”所選擇的參考系是地球，故B錯誤；C．“嫦娥五號”繞月飛行時，如果研究飛行時間，“嫦娥五號”大小可以忽略，可以把它看成質點，故C錯誤；D．某市出租車的收費標準為2.00元千米，其中的千米說的是路程，故D錯誤。故選A。3.關于下表中一些運動物體的加速度，下列說法正確的是（）運動物體a/（m·s2）子彈在槍筒中5×104高鐵起步0.35汽車急剎車5A.汽車急剎車時加速度方向與速度方向相同B.在這三個運動物體中，高鐵起步的速度變化最慢C.高鐵起步的速度變化率比汽車急剎車的速度變化率要大D.子彈在槍筒中的速度變化量一定比高鐵起步的速度變化量要大【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．汽車急剎車時減速運動，加速度方向與速度方向相反，故A錯誤；B．在這三個運動物體中，高鐵起步的速度變化最慢，因為其加速度最小，故B正確；C．高鐵起步的速度變化率比汽車急剎車的速度變化率要小，矢量正負代表方向，故C錯誤；D．速度變化量還與時間有關，無法判斷，故D錯誤；故選B。4.下列說法正確的是（）A.因為物體本身就有重力，所以重力沒有施力物體B.重力的方向總是垂直于接觸面向下C.兩物體間有彈力就一定存在摩擦力D.繩子拉力的方向沿著繩子而指向繩子收縮的方向【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．重力施力物體是地球，故A錯誤；B．重力的方向總是豎直向下，不一定垂直于接觸面向下，比如在斜面上的物體，故B錯誤；C．兩物體間有彈力還需相對運動趨勢或相對運動，存在摩擦力，故C錯誤；D．繩子拉力的方向沿著繩子而指向繩子收縮的方向，故D正確。故選D。5.圖中虛線描述的是一位跳水運動員高臺跳水時頭部的運動軌跡，最后運動員沿豎直方向速度v入水，圖中與入水速度方向可能相同的位置是（）A.a點 B.b點 C.c點 D.d點【答案】B【解析】【詳解】由于曲線運動的速度方向為該點軌跡的切線方向，所以在題圖中的a點速度方向水平向左，b點的速度方向豎直向下，c點的速度方向斜向右下方，d點的速度方向豎直向上，則圖中與入水速度方向可能相同的位置是b點。故選B。6.2018年10月份，蕭山區某中學舉行了校秋季運動會，如圖所示是小明同學在參加跳高決賽的現場，他以背越式跳過1.65m的高度拿到了本屆校運會的亞軍，為班級爭了光．若忽略空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小明下降過程中處于失重狀態B.小明腳離地起跳以后在上升過程中處于超重狀態C.小明起跳時地面對他的支持力等于他的重力D.小明起跳以后在下降過程中重力消失了【答案】A【解析】【詳解】試題分析：小明下降過程中，只受重力的作用，有向下的重力加速度，處于失重狀態，故A正確；起跳以后在上升過程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是處于完全失重狀態，故B錯誤；小明起跳的初始階段加速度的方向向上，所以地面對他的支持力大于他的重力，故C錯誤；人處于超重或失重狀態時，人的重力并沒變，故D錯誤．考點：超重和失重【名師點睛】本題主要考查了對超重失重現象的理解，人處于超重或失重狀態時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力或懸掛物的拉力變了．7.下列說法中正確的是（）A.伽利略認為力是維持物體運動的原因B.牛頓認為力是改變物體加速度的原因C.亞里士多德提出了動力學的第一條定律—慣性定律D.笛卡爾認為如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不會停下來，也不會偏離原來的方向【答案】D【解析】【詳解】A．亞里士多德認為力是維持物體運動的原因；伽利略由理想斜面實驗，提出力不是維持物體運動的原因，A錯誤；B．牛頓第一定律揭示了力是改變物體運動狀態的原因，也是產生物體加速度的原因，而不是改變物體加速度的原因，B錯誤；C．牛頓在伽利略和笛卡爾工作的基礎上提出了動力學的第一條定律—慣性定律，C錯誤；D．笛卡爾認為如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不會停下來，也不會偏離原來的方向，D正確。故選D。8.章老師利用無人機拍攝校運動會開幕式。一次拍攝中，時，無人機由靜止從地面開始起飛，在5s內無人機的水平速度vx、豎直速度vy與時間t的關系圖像分別如圖1、2所示，下列說法中正確的是（）A.無人機在02s內做曲線運動 B.無人機在4s末到達最大高度C.無人機在05s內的位移為22m D.無人機在45s內處于失重狀態【答案】D【解析】【詳解】A．無人機初速度為零，水平方向和豎直方向都做勻加速，因此受恒力運動，0～2s內沿加速度方向做直線運動，A錯誤；B．無人機在5s內一直向上運動，5s末到達最大高度，B錯誤；C．水平位移為豎直位移為合位移為C錯誤；D．無人機在45s內減速上升，加速度向下，處于失重狀態，D正確。故選D。9.如圖所示，A、B兩個物體相互接觸，但并不黏合，放置在水平面上，水平面與物體間的摩擦力可忽略，兩物體的質量為4kg，為6kg。從開始，推力和拉力分別作用于A、B上，、隨時間的變化規律為，，下列說法正確的是（）A.A、B始終做勻變速直線運動B.A對B的作用力大于B對A的作用力C.t=1.5s時A的速度小于1.5m/sD.t=2s時A、B開始分離【答案】D【解析】【詳解】AD．A、B一起運動時，對A、B整體受力分析，由牛頓第二定律有解得加速度為兩物體分離時，A、B之間的作用力為0，隔離B受力分析由牛頓第二定律有代入數據解得即后A、B分開運動，分開后，B只受，在變力的作用下，B的加速度是變化的，A錯誤，D正確；B．A對B的作用力與B對A的作用力是作用力與反作用力，始終等大，B錯誤；C．時，A、B一起運動，加速度大小為，由運動學知識有C錯誤。故選D。10.如圖所示，小明在水平底面上用沙子堆成一個圓錐體，各沙子之間的動摩擦因數為，圓錐體的體積（為圓錐體底面的面積、為圓錐體的高），假設沙子受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則當底面半徑為時沙堆的最大體積為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】【詳解】取側面的一粒沙作為研究對象，其受力情況如圖所示。設圓錐的高為H、底面半徑為R、底面周長為S，據平衡條件，有mgsinθ=Ff①

FN=mgcosθ②

Ff=μFN③解得μ=tanθ根據幾何關系，有當底面半徑為時沙堆的最大體積為故選C。11.在某次投籃表演中，運動員在空中一個漂亮的投籃，籃球以與水平面成的傾角落入籃筐。這次起跳投籃時，投球點和籃筐正好在同一水平面上，已知投球點到籃筐距離為7.2m，不考慮空氣阻力，則（）A.籃球投出后的最高點相對籃筐的豎直高度為3.6mB.籃球剛離手時，籃球的速度為C.籃球入籃筐時的速度為D.籃球運動到最高點時，其速度為零【答案】C【解析】【詳解】A．因籃球以與水平面成傾角落入籃筐，可知落入籃筐時的水平速度和豎直速度相等，均設為v，則水平方向豎直方向選項A錯誤；BC．由解得t=1.2s則解得v=6m/s則籃球剛離手時，籃球的速度為則籃球入籃筐時的速度也為，選項B錯誤，C正確；D．籃球運動到最高點時有水平速度，則速度不為零，選項D錯誤。故選C。12.如圖所示，墻角上有A、B、C、D四個點，一只蜘蛛通過AO和BO兩根蛛絲將自己懸掛在結點O休息，其中虛線OD沿豎直方向，蛛絲AO水平，蛛絲BO與豎直方向的夾角為30°，蜘蛛的重力為G。某時刻蛛絲AO由于某個原因突然斷裂，它需要在墻上ACD之間選一點E重新拉一根蛛絲EO，最后蜘蛛重新掛在O點休息并保持O點位置不變。下列說法正確的是（）A.蛛絲BO拉力的最小值為0.5G B.蛛絲BO拉力的最大值為2GC.蛛絲EO拉力的最大值為2G D.蛛絲EO拉力的最小值為0.5G【答案】D【解析】【詳解】AB．對蜘蛛與與結點O整體進行分析，作出導體受力圖，如圖所示可知，蛛絲BO拉力的最小值為0，蛛絲BO拉力的最大值為AB錯誤；CD．根據上述動態受力圖可知，蛛絲EO拉力的最大值為蛛絲EO拉力最小值為C錯誤，D正確。故選D。13.如圖（1）所示，質量為m的小球用細線懸掛，靜止于足夠深的油槽中，某時刻剪斷細線，小球開始在油槽中下沉。下沉過程中，小球受重力、浮力（大小不變）、粘滯阻力作用。測得小球的加速度隨下沉速度變化的圖像如圖（2）所示。已知重力加速度為g，下沉過程中（）A.小球的最大加速度為gB.小球先加速后減速，最后做勻速運動C.小球受到的浮力大小為D.小球受到的最大粘滯阻力為【答案】D【解析】【詳解】AB．由圖像可知，小球開始下沉后速度越來越大，加速度越來越小，由于受到油的浮力，最大加速度為，當加速度時，小球做勻速運動，速度不再變化，故AB錯誤；C．當速度為零時，根據牛頓第二定律得解得故C錯誤；D．當速度為時，小球受到的最大粘滯阻力最大，根據平衡條件得結合C選項可得故D正確。故選D。二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.2022年9月25日6時55分，我國在太原衛星發射中心使用快舟一號甲運載火箭，以“一箭雙星”方式，成功將試驗十四號和試驗十五號衛星發射升空并順利進入預定軌道。下列說法正確的是（）A.衛星進入運行軌道之后，與地球之間仍然存在作用力和反作用力B.火箭噴出的氣體對火箭產生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力C.火箭飛出大氣層后，由于沒有空氣，火箭雖向后噴氣，但也無法獲得前進的動力D.火箭噴出的氣體對周圍空氣產生一個作用力，空氣反作用力使火箭獲得飛行的動力【答案】AB【解析】【詳解】A．衛星進入運行軌道之后，與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力，即地球對衛星的引力和衛星對地球的引力，故A正確；BD．火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故D錯誤，B正確；C．火箭飛出大氣層后，雖然沒有了空氣，但火箭向后噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故C錯誤。故選AB。15.如圖所示，在同一豎直線上有A、B兩點，相距為h，B點離地高度為H。現從A、B兩點分別向P點安放兩個光滑的固定斜面AP和BP，并讓兩個小物塊（可看成質點）從兩斜面的A、B點同時由靜止滑下，發現兩小物塊同時到達P點，則（）A.OP間距離為B.AB=BPC.兩個小物塊運動到P點的速度相同D.兩個小物塊運動時間均為【答案】AD【解析】【詳解】A．令，，根據牛頓第二定律有，根據位移公式有，OP間距離結合上述有根據三角函數解得則有解得，則有故A正確；B．結合上述有，則有，結合上述解得，可知，當時解得即有，由于題中與大小關系不確定，則AB與BP關系也不確定，故B錯誤；C．根據速度公式有，結合上述解得，可知故C錯誤；D．結合上述有，根據數學三角函數關系有解得故D正確。故選AD。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“探究彈簧彈力與形變量的關系”時，某同學把兩根彈簧如圖甲連接起來進行探究。鉤碼數1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36（1）某次測量如圖乙所示，指針示數為____cm。（2）在彈性限度內，將50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，得到指針A、B的示數LA和LB如表。用表中數據計算彈簧Ⅰ的勁度系數為____N/m（g取10m/s2）。表中數據____（選填“能”或“不能”）計算出彈簧Ⅱ的勁度系數。【答案】（1）16.00##15.99##16.01（2）①.12.5②.能【解析】【小問1詳解】[1]刻度尺讀數需讀到分度值的下一位，指針示數為16.00cm；【小問2詳解】[2]由表格中的數據可知，每增加一個鉤碼，彈力的變化量設對應的彈簧形變量的變化量為，為了減小偶然誤差的影響，采用逐差法，則根據胡克定律知[3]結合LA和LB示數的變化，可以得出彈簧Ⅱ形變量的變化量，結合彈力變化量，根據胡克定律能求出彈簧Ⅱ的勁度系數。17.某同學利用圖（a）所示實驗裝置來探究小車加速度與所受合力之間的關系。實驗中保持小車的質量200g不變，通過不斷增加槽碼的質量，增加繩子拉力，并記錄槽碼質量為m，用拖在小車后面穿過打點計時器的紙帶得到相應的加速度，描點得到了如圖（b）的一系列點。回答下列問題：（1）根據該同學的描點，可以得出小車的加速度與所掛槽碼的質量m成_______（填“線性”或“非線性”）關系，應該用_________（填“直線”或“平滑曲線”）擬合。（2）由圖（b）可知，圖線不經過原點，可能的原因是_________A沒有補償阻力B.斜面傾角過大C.沒有使所掛槽碼總質量始終遠小于小車的總質量D.沒有使所掛槽碼的總質量始終遠大于小車的總質量（3）若利用本實驗裝置來探究小車質量不變的情況下，小車的加速度與合外力的關系，并把槽碼的總重力作為小車受到的合外力，在實驗過程中需要采取的措施有_________（多選）。A.取下槽碼，調整木板的傾角，使小車拖著紙帶在木板上勻速運動B.掛著槽碼，調整木板的傾角，使小車拖著紙帶在木板上勻速運動C.在增加槽碼個數的同時，在小車上增加鉤碼，使所掛槽碼的總質量始終遠小于小車的總質量D.本實驗中，槽碼總質量應適當小些，如不超過20g（4）若把槽碼改成重物，小車換為物塊，來探究物塊在水平軌道上的運動規律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在水平軌道上（尚未到達滑輪處），從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數點，相鄰計數點間的距離如圖（c）所示，打點計時器電源的頻率為50Hz。通過分析紙帶數據，可判斷物塊開始減速的時刻位于________A.計數點5和6之間某時刻B.計數點6和7之間某時刻C.計數點7和8之間某時刻D.計數點8和9之間某時刻計數點8對應的速度大小為________（結果保留三位有效數字）【答案】（1）①.非線性②.平滑曲線（2）A（3）AD（4）①.B②.0.961【解析】【小問1詳解】[1][2]如圖可知，點跡分布不是直線，則可知小車的加速度與所掛槽碼的質量m成非線性關系，應用平滑曲線擬合連接。【小問2詳解】AB．圖線不經過原點，說明拉力較小時小車加速度為零，由此分析可知原因是沒有補償阻力（沒有平衡摩擦力）或斜面傾角過小（平衡摩擦力不夠）。故A正確，B錯誤；CD．“沒有使所掛槽碼的總質量始終遠小于小車的總質量”是圖線成非線性關系的原因，與圖線不經過原點無關，故CD錯誤；故選A。【小問3詳解】AB．平衡摩擦力時應取下槽碼，調整木板的傾角，使小車拖著紙帶在木板上勻速運動，故A正確，B錯誤；CD．實驗過程中根據控制變量法可知，小車質量不能改變，則不能在小車上增加砝碼，槽碼的總質量應適當小些，如不超過20g，故C錯誤，D正確。故選AD。【小問4詳解】[1]勻加速運動過程中，相同時間間隔位移差相等，觀察紙帶可知，計數點6以前，每兩個計數點之間位移差約為2.00cm，計數點6和7之間位移與計數點5和6之間的位移差值明顯小于2.00cm，則計數點6和7之間某時刻開始減速。故選B。[2]打點計時器電源的頻率為50Hz，從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數點，相鄰計數點間的時間間隔為平均速度等于時間中點的速度，則計數點8對應的速度為18.在做“研究平拋運動”的實驗時，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡，實驗裝置如圖所示。（1）實驗時，除了木板、小球、斜槽、鉛筆、圖釘之外，下列器材中還需要的是________。A.重垂線 B.秒表 C.彈簧測力計 D.天平（2）關于這個實驗，下列說法正確的是___________（多選）。A.小球釋放的初始位置越高越好B.每次小球要從同一高度由靜止釋放C.要選擇光滑的斜槽，并調整斜槽末端切線到水平D.小球的平拋運動要靠近木板但不接觸（3）在做“研究平拋運動”的實驗時，坐標紙應當固定在豎直的木板上，圖中坐標紙的固定情況與斜槽末端的關系正確的是___________。A. B.C. D.【答案】（1）A（2）BD（3）C【解析】【小問1詳解】實驗時，除了木板、小球、斜槽、鉛筆、圖釘之外，還需要的是重垂線。故選A。【小問2詳解】A．小球釋放的初始位置并非越高越好，若是太高，導致水平拋出的速度太大，實驗難以操作，故A錯誤；B．因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B正確；C．只要讓小球每次從斜槽上同一位置由靜止釋放，則可得到相同的平拋速度，不需要斜槽必須光滑，故C錯誤；D．實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線，故D正確。故選BD。【小問3詳解】斜槽末端是水平的，小球做平拋運動，要分解為水平方向和豎直方向的分運動，故方格紙應該水平豎直，坐標原點應該與小球在斜槽末端靜止時在木板上的投影重合。故選C。19.航拍儀是一種拍攝儀器，具有體積小、使用靈活、機動性強等優點。在一次拍攝中，航拍儀從地面由靜止啟動，獲得豎直向上、大小恒定的升力F，開始勻加速起飛，經過一段時間后航拍儀突然出現故障而失去動力，航拍儀在上升過程的速度隨時間變化圖像如圖所示。已知航拍儀的質量，它在豎直運動過程中受到的空氣阻力不變，方向與速度方向相反。求：（1）航拍儀上升的最大高度；（2）航拍儀在上升過程中受到的空氣阻力大小；（3）航拍儀勻加速起飛時升力的大小。【答案】（1）34m；（2）12N；（3）34N【解析】【詳解】（1）當航拍儀速度減為零時上升的高度達到最大，高度為圖像所圍成的面積（2）設減速階段加速度大小為，vt圖像的斜率表示物體的加速度根據牛頓第二定律可知即，（3）設加速階段加速度大小為，根據vt圖像可知利用牛頓第二定律得20.一輛貨車運載著圓柱形光滑的空油桶。在車廂底，一層油桶平整排列，相互緊貼并被牢牢固定，上一層只有一只桶C，桶C受到桶A和桶B的支持，和汽車一起保持靜止，如圖所示，假設每只油桶質量均為m，形狀相同。（答案用字母m、g表示）（1）車輛靜止時，求A對C的支持力大小。（2）當汽車以加速度a=向左加速時，A對C和B依然保持靜止，求A對C的支持力大小。（3）當汽車向左運動的加速度增大到一定值時，桶C就會脫離A而運動到B的右邊，這個加速度至少多大？【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】車輛靜止時，對桶C受力分析如圖由平衡條件得聯立解得則車輛靜止時，求A對C的支持力大小為。【小問2詳解】當汽車以加速度a=向左加速時，A對C和B依然保持靜止，則對桶C有代入a=，解得求A對C的支持力大小【小問3詳解】當汽車向左運動的加速度增大到一定值時，桶C就會脫離A而運動到B的右邊，此時A對C的作用力為0，則對桶C有解得此時的加速