…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統編版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、氫原子的部分能級如圖所示．已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間．由此可推知；氫原子（）

A.從高能級向n=1能級躍遷時了出的光的波長比可見光的短。

B.從高能級向n=2能級躍遷時發出的光均為可見光。

C.從高能級向n=3能級躍遷時發出的光的頻率比可見光的高。

D.從n=3能級向n=2能級躍遷時發出的光為可見光。

2、【題文】如圖所示；甲；乙、丙三個邏輯電路的符號分別表示。

A.“與”門、“或”門、“非”門B.“與”門、“非”門、“或”門C.“或”門、“與”門、“非”門D.“或”門、“非”門、“與”門3、（2016?上饒校級二模）如圖所示，一個質量為4kg的小物塊從高h=6m的坡面頂端由靜止釋放，滑到水平臺上，滑行一段距離后，從邊緣O點水平飛出，垂直擊中平臺右下側擋板上的P點．現以O為原點在豎直面內建立如圖所示的平面直角坐標系，擋板的形狀滿足方程y=x-15（單位：m），忽略空氣阻力，g=10m/s2，則下列說法正確的是（）A.小物塊從水平臺上O點飛出的速度大小為1m/sB.小物塊從O點運動到P點的時間為lsC.小物塊從靜止運動到O點克服摩擦力做功為40JD.小物塊剛到P點時位移方向與水平方向的夾角為4、以下關于電場和電場線的論述正確的是（）A.電場線的方向就是正檢驗電荷的運動方向B.電場線是直線的地方是勻強電場C.若電場中有一點P，P點的電勢很高，則同一電荷在P點的電勢能越大D.電場線式描述電場的一種方式，未畫電場線的地方也可能有電場5、如圖所示為三個物體運動的v-t圖象，其中A、B兩物體是從不同地點出發，A、C是從同一地點出發，則以下說法正確的是（）A.C兩物體的運動方向相反B.t=4s時，B兩物體相遇C.t=4s時，C兩物體相遇D.t=2s時，B兩物體相距最近評卷人得分二、雙選題(共7題，共14分)6、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C7、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}rm{X}單質可作半導體材料；rm{Z}的氣態氫化物與其最高價含氧酸都是強酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結構D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵8、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學家因研究“分子機器的設計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學獎。納米分子機器日益受到關注，機器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發生加成反應C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種9、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關系如圖所示。下列有關敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmmjsftrkrm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm{b}10、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數遞增的短周期元素，其部分性質或結構如下：。元素元素性質或原子結構rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數是族序數的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能破壞水的電離平衡11、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進行循環充放電，成功地實現了對磁性的可逆調控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、太陽內部不斷進行著各種核聚變反應，一個氘核和一個氚核結合成一個氦核是其中一種，請寫出其核反應方程____；如果氘核的比結合能為E1，氚核的比結合能為E2，氦核的比結合能為E3，則上述反應釋放的能量可表示為____．13、霍爾效應是電磁基本現象之一，在現代汽車上廣泛應用霍爾器件：ABS系統中的速度傳感器、汽車速度表等．如圖1，在一矩形半導體薄片的P、Q間通入電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，在M、N間出現電壓UH，這個現象稱為霍爾效應，UH稱為霍爾電壓，且滿足UH=k；式中k為霍爾系數，由半導體材料的性質決定，d為薄片的厚度．利用霍爾效應可以測出磁場中某處的磁感應強度B．

（1）為了便于改變電流方向作研究，設計如圖2的測量電路，S1、S2均為單刀雙擲開關，虛線框內為半導體薄片（未畫出）．為使電流從P端流入，Q端流出，應將S1擲向____（填“a”或“b”），S2擲向____（填“c”或“d”）．

（2）已知某半導體薄片厚度d=0.40mm，霍爾系數為1.5×10-3V?m?A-1?T-1，保持待測磁場磁感應強度B不變，改變電流I的大小，測量相應的UH值；記錄數據如表．

。I（×10-3A）3.06.09.012.015.018.0UH（×10-3V）1.11.93.44.56.26.8根據表中數據在給定區域內圖3中畫出UH-I圖線，利用圖線求出待測磁場B為____T．

（3）利用上述方法，可以粗略測出磁場的分布．為了更精細測出磁場的分布，可采取的措施有____

（A）選用厚度較薄的半導體薄片。

（B）選用厚度較厚的半導體薄。

（C）選用霍爾系數k大的半導體薄片。

（D）增大電流強度I．14、有甲乙兩個物體，在下列情況中，除了所列一個不同點以外，其它情況都相同，試求下列情況下它們的運動EK1和EK2的比值。

（1）物體甲的速度是乙的2倍，EK1：EK2=____

（2）物體甲向北運動，物體乙向南運動EK1：EK2=____．15、一個質點經過平衡位置O；在A；B兩點間做簡諧運動如圖甲，它的振動圖象如圖乙所示，設向右為正方向，則。

（1）OB=____cm；

（2）第0.2s末，質點的速度方向向____．

（3）0.7s末，質點位置在____點與____點之間；

（4）質點從O點運動到B點再運動到A點所需時間t=____s．16、（2014秋?諸暨市期末）如圖所示，將一小球從樓梯頂部以3m/s速度水平拋出，已知所有臺階的高度均為0.20m，寬度均為0.25m，不計空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2，則小球拋出后最先落到第____級臺階上．17、真空中有兩個點電荷，保持電荷間的距離不變，一個電荷電荷量變為原來的4倍，另一個電荷的電荷量變為原來的一半，則電荷間的作用力變為原來的____倍；若保持一個電荷的電荷量不變，另一個電荷的電荷量變為原來的2倍，同時增大電荷間的距離為原來的2倍，則電荷間的作用力變為原來的____倍；若保持兩個電荷的電荷量不變，當電荷間的作用力變為原來的16倍，則電荷間的距離為原來的____倍．18、氣球以10m/s的速度勻速上升，當它上升到離地15米高處，從氣球上掉下一個物體，不計空氣阻力則物體落地時的速度為____．（g取10m/s2）19、做加速直線運動的物體，若加速度逐漸減小則物體的速度逐漸____（增大、減小或不變），位移逐漸____（增大、減小或不變）．評卷人得分四、判斷題(共3題，共9分)20、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內能．____．（判斷對錯）21、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）22、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）評卷人得分五、畫圖題(共2題，共14分)23、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在圖示中，物體A處于靜止狀態，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、簡答題(共4題，共28分)25、籃球以10m/s的速度水平撞擊籃板后以8m/s的速度反向彈回，球與板接觸的時間為0.1s，以初速度方向為正向，則籃球在這段時間內加速度多大？方向如何？26、如圖（a），AB為足夠長的粗糙水平軌道，D為AB上的一點，DB長度s=2m，BC為光滑四分之一圓弧軌道處在豎直平面內，半徑為R=4m，兩軌道在B點平滑連接．質量m=1kg的滑塊，在水平向右的恒力F=10N作用下，從D點由靜止開始運動，受到恒定的摩擦力f=6N．當滑塊運動到B點時，撤去恒力F．求：（g取10m/s2）

（1）滑塊運動到B點的速度大小；

（2）滑塊到達B點時對軌道的壓力大小；

（3）滑塊在圓弧軌道BC上所能達到的最大高度；

（4）若只改變恒力F的大小和出發點D的位置，并使F的大小與DB的長度s滿足圖（b）所示關系，其他條件不變，通過計算判斷滑塊是否可以到達C點．27、苯甲酸廣泛應用于制藥和化工行業，某同學嘗試用甲苯的氧化反應制備苯甲酸rm{.}反應原理：

已知：甲苯的熔點為rm{-95隆忙}沸點為rm{110.6隆忙}易揮發，密度為rm{0.866g/cm^{3}}苯甲酸的熔點rm{122.4隆忙}在rm{25隆忙}和rm{95隆忙}下在水中溶解度分別為rm{0.344g}和rm{6.8g}【制備產品】將rm{30.0mL}甲苯和rm{25.0mL}rm{1mol/L}高錳酸鉀溶液在rm{100隆忙}下反應rm{30min}裝置如圖rm{1}所示．

rm{壟脜}儀器rm{A}的名稱為____，rm{A}的進水口為____rm{(}填“rm{a}”或“rm{b}”rm{).}支管的作用是：____。rm{壟脝}在本實驗中，三頸燒瓶最合適的容積是____。rm{(}填字母rm{)}A.rm{50mL}rm{B.100mL}rm{C.250mL}rm{D.500mL}【分離產品】該同學設計如圖rm{2}流程分離粗產品苯甲酸和回收甲苯。rm{壟脟}操作Ⅰ的名稱是____。含有雜質的產物經操作Ⅱ進一步提純得無色液體甲苯，則操作Ⅱ的名稱是____。rm{壟脠}測定白色固體rm{B}的熔點，發現其在rm{115隆忙}開始熔化，達到rm{130隆忙}時仍有少量不熔，該同學推測白色固體rm{B}是苯甲酸與rm{KCl}的混合物，設計了如下方案進行提純和檢驗，實驗結果表明推測正確rm{.}請在答題卡上完成表中內容。。序號實驗方案實驗現象結論rm{壟脵}將白色固體rm{B}加入水中，加熱溶解，________得到白色晶體和無色溶液rm{壟脷}取少量濾液于試管中，____生成白色沉淀濾液含rm{c{l}^{-}}rm{壟脹}干燥白色晶體，加熱使其融化，測其熔點____熔點為rm{122.4隆忙}白色晶體是苯甲酸【純度測定】稱取rm{1.220g}白色固體，配成rm{100mL}甲醇溶液，取rm{25.00mL}溶液，用rm{0.1000mol/LKOH}標準溶液滴定，重復滴定四次，每次消耗的體積如表所示．。第一次第二次第三次第四次體積rm{(mL)}rm{24.00}rm{24.10}rm{22.40}rm{23.90}rm{壟脡}滴定操作中，如果對裝有rm{KOH}標準溶液的滴定管讀數時，滴定前仰視，滴定后俯視則測定結果____rm{(}填“偏大”、“偏小”或“不變”rm{)}計算樣品中苯甲酸純度為____rm{壟脢}從白色固體rm{B}中得到純凈的苯甲酸的實驗方法是：____。28、氮元素能夠形成多種化合物。請回答下列問題：

rm{(1)}聯氨rm{(N_{2}H_{4})}在空氣中迅速完全燃燒生成rm{N_{2}}同時放大量熱，可作火箭的燃料。

已知：rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+1/2}rm{O}rm{(g)+1/2}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)簍TH}rm{(g)簍TH}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}rm{triangleH}

rm{O(g)}rm{triangleH}rm{{,!}_{1}}rm{=-241.8kJ/mol}rm{=-241.8kJ/mol}rm{N}rm{N}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+2H}rm{(g)+2H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=N}

rm{(g)=N}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{4}}rm{(l)}rm{triangleH}rm{(l)}rm{triangleH}rm{{,!}_{2}}

rm{=+50.6kJ/mol}rm{=+50.6kJ/mol}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}在空氣燃燒生成rm{O(g)簍TH}rm{O(g)簍TH}rm{{,!}_{2}}rm{O(l)}rm{triangleH}汽車尾氣中的氮氧化物是形成酸雨的氣體之一，科學家正在研究一種以乙烯作為還原劑的脫硝rm{O(l)}原理；其脫硝機理示意圖如圖。寫出該脫硝原理總反應的化學方程式：___________。

rm{triangleH}用活性炭還原法也可以處理氮氧化物，某研究小組向某密閉容器加入一定量的活性炭和rm{{,!}_{3}}發生反應rm{C(s)+2NO(g)?N_{2}(g)+CO_{2}(g)婁隴H=akJ/mol}在rm{=-44kJ/mol}時；反應進行到不同時間測得各物質的量濃度如下：

根據圖表數據分析rm{=-44kJ/mol}時：該反應在則rm{N}的平均反應速率rm{N}_________；rm{{,!}_{2}}后，只改變某一條件，根據上表的數據判斷改變的條件可能是_________rm{H}填字母rm{H}A.通入一定量的rm{{,!}_{4}}B.加入合適的催化劑C.適當縮小容器的體積rm{(l)}在空氣燃燒生成rm{N}通入一定量的rm{(l)}E.加入一定量的活性炭rm{N}若rm{{,!}_{2}}后升高溫度至和氣態水的熱化學方程式為__________________。達到平衡時，容器中rm{(2)}rm{(NO)}rm{(3)}的濃度之比為rm{NO}則rm{C(s)+2NO(g)?N_{2}(g)+CO_{2}(g)

婁隴H=akJ/mol}_____rm{T_{1}隆忙}填“rm{T_{1}隆忙}”或“rm{壟脵}”rm{0-20min}rm{v(NO)=}電解法合成氨因其原料轉化率大幅度提高，有望代替傳統的工業合成氨工藝。下圖是一種電解法合成氨的裝置圖。則rm{壟脷30min}電極上的電極反應式為_________________。

rm{(}能溶于氨水，發生反應rm{)}rm{CO_{2;;;;;;;;}}rm{D.}rm{NH_{3})_{2}^{+}(aq)+Cl^{-}(aq)}其平衡常數rm{NO}現用rm{壟脹}某濃度氨水rm{30min}溶質視為rm{T_{2}隆忙}完全溶解rm{NO}所需氨水濃度至少為_______________________。rm{N_{2}}寫出表達式即可rm{CO_{2}}rm{2:1:1}參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|D【分析】

A；從高能級向n=1能級躍遷時；輻射的光子能量最小為10.20eV，大于可見光的光子能量，則波長小于可見光的波長．故A正確．

B；從高能級向n=2能級躍遷時輻射的光子能量最大為3.40eV；大于可見光的能量．故B錯誤．

C；從高能級向n=3能級躍遷時發出的光的頻率最大為1.51eV；小于可見光的光子能量．故C錯誤．

D；從n=3能級向n=2能級躍遷時發出的光子能量為1.89eV；在可見光能量范圍之內．故D正確．

故選AD．

【解析】【答案】能級間躍遷時輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，即Em-En=hv．

2、A【分析】【解析】本題考查簡單的邏輯電路。

“與”門、“或”門、“非”門，注意掌握各種門電路的特點【解析】【答案】A3、B【分析】【分析】（1）根據平拋運動豎直位移；水平位移的關系式；結合軌跡方程求出運動的時間、初速度、水平位移和豎直位移；

（2）根據動能定理求出小物塊從靜止運動到O點克服摩擦力做功；

（3）利用三角函數求設小物塊剛到P點時位移方向與水平方向的夾角的正切值．【解析】【解答】解：AB．設小球從O點做平拋運動的初速度為v0；設P點的坐標為（x，-y），則：

水平方向上：x=v0t

豎直方向上：y=gt2

由因為：y=x-15

由y=x-15可知；該直線的斜率為1；

因為垂直擊中平臺右下側擋板上的P點，由速度的合成可知：1=

聯立以上格式解得：t=1s；v0=10m/s；x=10m；y=5m．故A錯誤；B正確；

C．由最高點釋放到O點，據動能定理可得：mgh-Wf=mv02-0

代入數據解得：Wf=40J．故C正確；

D．設小物塊剛到P點時位移方向與水平方向的夾角為α，則tanα==，那么α≠；故D錯誤．

故選：BC．4、D【分析】【分析】電場中客觀存在的物質，電場線是假設的曲線，并不存在．電場線不能相交，也不能相切．電場線的疏密表示電場強度的相對大小．根據這些知識分析即可．【解析】【解答】解：A；電場線的方向與正檢驗電荷的運動方向不是一回事；只有當電場線是直線，且電荷的初速度為零或初速度方向與電場線在一條直線上時，電荷的運動軌跡才與電場線重合，故A錯誤．

B；電場線是直線的地方不一定是勻強電場；故B錯誤．

C；若電場中有一點P；P點的電勢很高，則同一正電荷在P點的電勢能越大，負電荷電勢能越小，故C錯誤．

D；電場線可以形象描述電場的強弱和方向；未畫電場線的地方也可能有電場，故D正確．

故選：D．5、C【分析】【分析】勻變速直線運動圖象應用，運動方向，加速度，位移都可以通過圖象求解．【解析】【解答】解：A；0-4s的時間內；A、C兩物體的速度值都為正方向，即運動方向相同，故A錯誤；

B；4s內；A、B圖象面積相同，故位移相同，但出發點不同，故沒有相遇，B錯誤．

C；0-4s的時間內；A、C圖象面積相同，位移相同，且出發點相同，故相遇，C正確；

D；t=2s時；兩物體速度相等，但不知道之前A在前還是B在前，故無法判斷此時相距最近還是最遠，D錯誤；

故選：C．二、雙選題(共7題，共14分)6、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強【解析】【答案】B、D7、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結構與性質的關系，題目難度中等，推斷元素為解答關鍵，注意熟練掌握原子結構與元素周期律、元素周期表的關系。【解答】rm{X}單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負價代數和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質可作半導體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負價代數和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}8、AB【分析】【分析】本題考查有機物的結構與性質，為高頻考點，注意把握官能團與性質的關系，側重苯、烷烴性質的考查。【解答】A.只含有碳氫兩種元素的有機物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發生加成反應，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB。【解析】rm{AB}9、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關系為解答關鍵，注意掌握中和滴定側重方法，試題培養了學生的分析能力及化學實驗能力。【解答】A.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應產生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm{b}點碳酸氫根離子水解，促進了水的電離，而rmpldchao點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmfgnb1dj點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}10、AC【分析】【分析】本題考查元素的結構與元素的性質，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關鍵。【解答】rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子，應為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態氫化物和它的最高價氧化物對應的水化物能發生化合反應，形成的物質為銨鹽，應為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數等于周期序數的rm{3}倍，即最外層電子數為電子層數的rm{3}倍，應為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小，應為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數越多，半徑越大可知，原子半徑順序為rm{T>Y>Z>X}故A錯誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價鍵也含有離子鍵；故C錯誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能和rm{X}三種元素的簡單離子，均能促進水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}11、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側重于學生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等。【解答】A.正極發生還原反應，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發生反應，所以不可以用rm{e}溶液為電解質溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共8題，共16分)12、H+H→He+n4E3-2E1-3E2【分析】【分析】根據電荷數守恒、質量數守恒寫出核反應方程，根據比結合能等于結合能與核子數的比值，通過能量關系，求出釋放的核能．【解析】【解答】解：根據電荷數守恒、質量守恒守恒，知核反應方程為H+H→He+n；

氘核的比結合能為E1，氚核的比結合能為E2，氦核的比結合能為E3；

根據比結合能等于結合能與核子數的比值；則有：

該核反應中釋放的核能△E=4E3-2E1-3E2．

故答案為：H+H→He+n；4E3-2E1-3E2．13、bc0.1±0.02AC【分析】【分析】（1）根據電流的流向確定單刀雙擲開關的擲向位置．

（2）根據表格中的數據作出UH-I圖線；根據圖線的斜率，結合表達式求出霍爾系數．

（3）當厚度較薄的、霍爾系數k大的半導體薄片，更能精確測量磁場的分布．【解析】【解答】解：（1）為使電流從Q端流入，P端流出，應將S1擲向b，S2擲向c，為了保護電路，定值電阻應串聯在S1，E（或S2，E）之間．

（2）UH-I圖線如圖所示．根據UH=k知，圖線的斜率為k=0.375；

而霍爾系數k=1.5×10-3V?m?A-1?T-1；且d=0.40mm；

代入數據，解得：B==0.1T；

因此待測磁場B為0.1±0.02T；

（3）由上式可知；當厚度較薄的；霍爾系數k大的半導體薄片，更能精確測量磁場的分布，而增大電流強度I時，不會增大斜率，即不會提高測量精確度．故AC正確；

故答案為：（1）b，c；（2）圖如上所示，0.1±0.02T；（3）AC．14、4：11：1【分析】【分析】依據動能的表達式，可以分析各個量的不同對動能的影響．【解析】【解答】解：

由動能的表達式可知；

（1）物體甲的速度是乙的2倍，EK1：EK2=4：1．

（2）物體甲向北運動，物體乙向南運動，速度大小相同，則EK1：EK2=1：1．

故答案為：（1）4：1；（2）1：1．15、5左OB0.6【分析】【分析】（1）OB間距離等于振幅；由圖象直接讀出．

（2）位移圖象切線的斜率等于速度；根據數學知識判斷速度的方向．

（3）根據位移分析質點的位置．

（4）質點從O經B運動到A所需時間t是T，周期由圖象直接讀出．【解析】【解答】解：（1）OB間距離等于振幅；由圖知，OB=A=5cm．

（2）位移圖象切線的斜率等于速度；根據數學知識知，第0.2s末質點的速度方向沿負向，即向左，位移大小為0．

（3）第0.7s時；質點位置在O與B兩點之間．

（4）質點從O經B運動到A所需時間為：t=T=×0.8s=0.6s．

故答案為：（1）5；（2）左；（3）O，B；（4）0.6．16、6【分析】【分析】小球做平拋運動，根據平拋運動的特點水平方向做勻速運動，豎直方向做自由落體運動，結合幾何關系即可求解．【解析】【解答】解：如圖：設小球落到斜線上的時間t

水平：x=v0t

豎直：y=

且

解得t=0.48s

相應的水平距離：x=v0t=3×0.48m=1.44m

臺階數：n=

知小球拋出后首先落到的臺階為第6級臺階．

故答案為：617、20.50.25【分析】【分析】根據庫侖定律的公式F=進行分析．【解析】【解答】解：真空中兩個點電荷，它們之間的作用力大小為F=；

若保持兩點間的距離不變，一個點電荷的電荷量變為原來的4倍，另一個點電荷的電荷量變為原來的；

則兩點間的作用力大小F′==2F；

若保持一電荷的電荷量不變；另一個電荷的電荷量變為原來的2倍，使它們之間的距離變為原來的2倍；

則兩點電荷的作用力大小變為F″==；

若保持兩個電荷的電荷量不變，當電荷間的作用力變為原來的16倍，根據公式F=；

則電荷間的距離為原來的；

故答案為：2，0.5，0.25．18、20m/s【分析】【分析】本題的關鍵是明確物體從氣球上掉下時具有與氣球相同的速度，即物體將做豎直上拋運動，然后對全程分析，利用推論，注意式中各量的正負，然后求解即可．【解析】【解答】解：由于慣性，物體從氣球上掉下時具有與氣球相同的速度，即物體將做豎直上拋運動，對物體全程分析可知，若規定向上方向為正方向，則位移x=-15m，根據公式為：；

代入數據解得：v=20m/s

故答案為：20m/s19、增大增大【分析】【分析】加速度表示物體的速度變化快慢，當加速度與速度同向時，加速度減小，速度仍在增大，位移也在增大．【解析】【解答】解：根據題意；物體做加速直線運動，加速度與速度同向，當加速度逐漸減小時，速度仍在增大，由于物體的運動方向沒有變化，位移也在增大．所以速度；位移都在增大．

故答案為：增大、增大．四、判斷題(共3題，共9分)20、×【分析】【分析】從微觀上說，系統內能是構成系統的所有分子無規則運動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統計規律．【解析】【解答】解：物體內能是指物體內部所有分子做無規則運動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內能，不是分子的內能；

故答案為：×21、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×22、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×五、畫圖題(共2題，共14分)23、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據簡諧運動在一個周期內通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據得：7秒內波傳播的位移為：根據平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m24、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題六、簡答題(共4題，共28分)25、略

【分析】【分析】根據籃球的初末速度和時間，結合加速度的定義式求出加速度的大小和方向．【解析】【解答】解：規定初速度的方向為正方向；則籃球的加速度為：

a=，即加速度大小為180m/s2；方向與初速度方向相反．

答：這段時間內的加速度大小為180m/s2，方向與初速度方向相反．26、略

【分析】【分析】（1）從D到B的過程中；根據動能定理求解B點速度；

（2）在B點；根據牛頓第二定律求出軌道對滑塊的支持力，再根據牛頓第三定律求解壓力；

（3）在圓弧軌道上運動的過程中；根據動能定理求解上升的最大高度；

（4）由機械能守恒定律求出F-s的表達式，再根據圖象得出F-s的表達式，結合數學知識求出h的最大值，從而判斷能否到達C點．【解析】【解答】解：（1）從D到B的過程中；根據動能定理得：

解得：vB=4m/s

（2）在B點；根據牛頓第二定律得：

解得：FN=14N

根據牛頓第三定律可知，F壓=FN=14N；

（3）在圓弧軌道上運動的過程中，根據動能定理得：0-=-mghm

解得：hm=0.8m；

（4）由機械能守恒定律：mgh=mvB2；

解得：h==；

由圖線知：F=18-s，h=；

當s=6m時h有最大值為：hm=3.6m＜4m；故到不了C點．

答：（1）滑塊運動到B點的速度大小為4m/s；

（2）滑塊到達B點時對軌道的壓力大小為14N；

（3）滑塊在圓弧軌道BC上所能達到的最大高度為0.8m；

（4）若只改變恒力F的大小和出發點D的位置，并使F的大小與DB的長度s滿足圖（b）所示關系，其他條件不變，則滑塊不可以到達C點．27、（1）球形冷凝管a平衡壓強，便于甲苯順利滴入三頸燒瓶（2）B（3）分液蒸餾（4）②滴入適量的硝酸酸化的AgNO3溶液（5）偏小96%（6）加熱溶解，冷卻結晶【分析】【分析】本題考查了物質性質的實驗原理的分析判斷，物質分離條件，試劑選擇，操作步驟的理解應用，物質成分的實驗設計方案、步驟、試劑，樣品純度的計算，題目難度中等。【解答】rm{(1)}由圖可知儀器rm{A}為球形冷凝管，根據逆流的冷卻的效率高的原理可知，進水口應在冷凝管的下方rm{a}處；支管連接了恒壓滴液漏斗中的液體上；下方，使恒壓滴液漏斗中的液體上、下方的壓強相等，便于甲苯順利滴入三頸燒瓶；

故答案為：球形冷凝管；rm{a}平衡壓強；便于甲苯順利滴入三頸燒瓶；

rm{(2)}本實驗中用到的液體體積約為rm{55mL}所以選擇rm{100mL}的三頸燒瓶；故選B；

故答案為：rm{B}

rm{(3)}一定量的甲苯和rm{KMnO_{4}}溶液在rm{100隆忙}反應一段時間后停止反應；按流程分離出苯甲酸和回收未反應的甲苯；所以操作Ⅰ是分離出有機相甲苯，用分液方法得到；操作Ⅱ是蒸餾的方法控制甲苯沸點得到純凈的甲苯液體；

故答案為：分液；蒸餾；

rm{(4)}通過測定白色固體rm{B}的熔點，發現其在rm{115隆忙}開始熔化，達到rm{130隆忙}時仍有少量不熔，推測白色固體rm{B}是苯甲酸與rm{KCl}的混合物，氯化鉀可以用硝酸酸化的硝酸銀溶液檢驗氯離子的存在；利用苯甲酸的溶解度特征在rm{25隆忙}和rm{95隆忙}時溶解度分別為rm{0.3g}和rm{6.9g}利用不同溫度下的溶解度，分離混合物，得到晶體后通過測定熔點判斷是否為苯甲酸，所以實驗方案及現象為：。序號實驗方案實驗現象

結論rm{壟脵}將白色固體rm{B}加入水中，加熱，溶解，冷卻結晶、過濾得到白色晶體和無色溶液

rm{壟脷}取少量濾液于試管中，滴入適量的硝酸酸化的rm{AgNO_{3}}溶液生成白色沉淀濾液含有rm{Cl^{-}}rm{壟脹}干燥白色晶體，加熱使其熔化，測其熔點；白色晶體在rm{122.4隆忙}左右時完全熔化白色晶體是苯甲酸故答案為：rm{壟脷}滴入適量的硝酸酸化的rm{AgNO_{3}}溶液。

rm{(5)}滴定操作中，如果對裝有rm{KOH}標準溶液的滴定管讀數時，滴定前仰視，滴定后俯視則讀取的溶液的體積小于實際用掉的溶液的體積，所以測定結果偏小；苯甲酸純度為rm{dfrac{鹵陸錄脳脣謾碌脛脰脢脕驢}{脩霉脝路碌脛脰脢脕驢}隆脕100攏樓=dfrac{2.4隆脕{10}^{-3}mol隆脕4隆脕122g/mol}{1.22g}隆脕100攏樓=96攏樓}

故答案為：偏小；rm{

dfrac{鹵陸錄脳脣謾碌脛脰脢脕驢}{脩霉脝路碌脛脰脢脕驢}隆脕100攏樓=

dfrac{2.4隆脕{10}^{-3}mol隆脕4隆脕122g/mol}{1.22g}隆脕100攏樓=96攏樓}rm{96%}將rm{(6)}白色固體rm{B}rm{B}加入水中，加熱溶解，然后冷卻結晶，即可得到純凈的苯甲酸，故答案為：【解析】rm{(1)}球形冷凝管rm{a}平衡壓強，便于甲苯順利滴入三頸燒瓶rm{(2)B}rm{(3)}分液蒸餾rm{(4)}rm{壟脷}滴入適量的硝酸酸化的rm{壟脷}溶液rm{AgNO_{3}}偏小rm{(5)}rm{96%}加熱溶解，冷卻結晶rm{(6)}28、（1）N2H4（l）+O2（g）=N2（g）+2H2O（g）△H=-534.2kJ/mol

（2）6NO+3O2+2C2H4══4CO2+3N2+4H2O

（3）①0.030mol·L－1·min－1②CD