…………○…………內…………○…○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，有三個質量相等、分別帶正電、負電和不帶電的粒子從兩水平放置的金屬板左側中央以相同的水平初速度先后射入電場中，最后分別打在正極板的C、B、A處，則A.三種粒子在電場中運動時間相同B.三種粒子在電場中的加速度為C.三種粒子到達正極板時動能D.落在C處的粒子帶正電，落在B處的粒子不帶電，落在A處的粒子帶負電2、關于電磁波，下列說法正確的是：A.麥克斯韋在實驗中發現了電磁波B.變化的電場可以產生變化的磁場C.雷達是用X光來測定物體位置的設備D.使電磁波隨各種信號而改變的技術叫做解調3、如圖，一載流長直導線和一矩形導線框固定在同一平面內，線框在長直導線左側，且其長邊與長直導線平行.

已知在t=0

到t=t1

的時間間隔內，直導線中電流i

發生某種變化，而線框中感應電流總是沿順時針方向；線框受到的安培力的合力先水平向右、后水平向左.

設電流i

正方向與圖中箭頭方向相同，則i

隨時間t

變化的圖線可能是(

)

A.B.C.D.4、下列各圖中，運動電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是A.B.C.D.5、如表是某電熱水壺的銘牌；由此可知該電熱水壺正常加熱1min

產生的熱量為(

)

。電熱水壺型號SP鈭?356A額定電壓220V額定功率1800W額定頻率50Hz額定容量SP鈭?356A廣州市兆利企業有限公司A.1.80隆脕103J

B.1.10隆脕104J

C.1.32隆脕104J

D.1.08隆脕105J

6、下列說法不正確的是（）A.空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強與同溫下水蒸氣的飽和汽壓的比值B.在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達到飽和時，飽和汽的密度不變，壓強也不變C.飽和汽壓隨溫度的升高而變小D.一定溫度下，飽和汽的壓強是一定的7、關于磁感線和電場線，下列說法中正確的是()A.磁感線是閉合曲線，而電場線不是閉合曲線B.磁感線和電場線都是一些互相平行的曲線C.磁感線起始于N極，終止于S極；電場線起始于正電荷，終止于負電荷D.磁感線和電場線都只能分別表示磁場和電場的方向8、某電路中電場隨時間變化的圖像如下列各圖所示，能發射電磁波的電場是()．9、關于家庭安全用電，下列做法正確的是(

)

A.將移動插座遠離水池B.用濕抺布擦去工作中電器上的灰塵C.使用洗衣機時，電器外殼不接地D.消毒碗柜、電飯煲和電冰箱同時使用一個移插座評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、如圖所示，輸電線上的互感器B1的原副線圈的匝數比為100：1，B2的原副線圈的匝數之比1：40，電壓表的示數為110V，電流表的示數為3A，則輸電功率是____．

11、兩列波源振動情況完全相同的相干波在同一水平面上傳播；兩列波的振幅均為A，某時刻它們的波峰；波谷位置如圖所示．回答下列問題：

①在圖中標出的M、N、P、Q四點中，振動增強的點是____；

②由圖中時刻經周期時，質點M相對平衡位置的位移是____．

12、在做測量一只蓄電池的電動勢和內阻的實驗時；某同學設計電路圖如圖1：

連好電路后按正確操作完成實驗，根據實驗記錄，將測量數據描點如圖2，請在圖上作出相應圖象．則待測蓄電池的電動勢E為____V，內阻r為____Ω．（結果均保留三位有效數字）13、如圖所示，一列向右傳的波，v=100m/s，當t=0時，波正好傳到A點，當t=______s時，質點P第一次出現波谷．（A、P質點的位置如圖所示）．14、已知電流表的內阻約為0.1Ω，電壓表內阻約為10KΩ，若待測電阻約為5Ω，用伏安法測其電阻應采用電流表____接法較好．若待測電阻約為500Ω，用伏安法測其電阻應采用電流表____接法較好．15、下圖是交流發電機的示意圖。為了清楚，老師只畫出了一匝線圈（實際共有N匝）。線圈AB邊（長l1）連在金屬環K上，CD邊（長也為l1）連在滑環L上；導體做的兩個電刷E、F分別壓在兩個滑環上，線圈在轉動時可以通過滑環和電刷保持與外電路的連接。假定線圈沿逆時針方向以角速度ω0勻速轉動，如圖甲至丁。（左邊為N極，右邊為S極;外面是K環,里面是L環）那么：(1）線圈轉到上述圖示的____位置時，線圈中電流最大；（2）線圈由丙轉到丁的過程中，AB邊中電流的方向____；（3）當AD邊和BC邊長均為l2，磁場可視為磁感應強度B的勻強磁場，整個電路總電阻設為R，以丙圖位置計時t=0，則線圈中電流隨時間變化的規律為i=____.16、(1)

如圖所示，把一塊潔凈的玻璃板吊在橡皮筋下端，使玻璃板水平接觸水面．如果你想使玻璃板離開水面，必須用比玻璃板重力________的拉力向上拉橡皮筋.

原因是水分子和玻璃的分子間存在________作用．(2)

往一杯清水中滴入一滴紅墨水，一段時間后，整杯水都變成了紅色.

這一現象在物理學中稱為________現象，是由于分子的________而產生的．17、現用下列幾種能量的光子照射一個處于基態的氫原子，A10.25eVB12.09eVC12.45eV

則能被氫原子吸收的光子是______(

填序號)

氫原子吸收該光子后在向低能級躍遷時最多可能產生______種頻率的光子．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

25、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共15分)26、如圖：將某綠色植物置于左側密閉透明的容器中；給予恒定且適宜的光照；右側容器充滿氮氣（氮氣對生物的代謝無影響），并放置有酵母菌培養液，開始時閥門關閉．請回答下列問題：

（1）實驗開始后的一段時間內，閥門始終關閉，則左側容器內CO2濃度的變化趨勢是__．（2）一段時間后，在打開閥門的短時間內，該植物葉肉細胞中的值將__；當容器中CO2濃度保持相對穩定時，該植物的凈光合速率__（填“大于零”“小于零或：“等于零”），原因是_________________________________。（3）若將酵母菌培養液換為乳酸菌培養液，則打開閥門后該植物的光合速率有所下降，原因是______________。27、（8分）某工廠生產了一種加酶洗衣粉，其包裝袋上印有如下部分說明。成分：含蛋白酶等用法：洗滌前先將衣物浸于含洗衣粉的水內數小時。使用溫水效果更佳。注意：切勿用于絲質及羊毛衣料。用后徹底清洗雙手。請回答以下問題：（1）質檢局針對該洗衣粉設計了如下裝置進行實驗：該實驗的目的是________。（2）一學生為探索該洗衣粉中酶催化作用的最適溫度，參考上述（1）的實驗材料及方法進行了有關實驗，并把結果以曲線圖A、B表示。①由圖可知，使用該加酶洗衣粉的最適宜溫度約為____。②該學生在實驗過程中可通過直接測定____指標________________來表示酶的催化效率（3）該加酶洗衣粉不能用于洗羊毛衣料，可洗滌棉、麻衣料，體現了酶具有____性。28、如圖表示某種群數量變化可能的四種情況（“J”型、Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ），其中A點表示外界因素的變化。請據圖回答問題：（1）種群最基本的數量特征是_______。若圖示種群每年以λ倍“J”型增長，N0為種群起始數量，t年后該種群數量可表示為Nt＝____________。（2）若圖示物種為長江流域生態系統中的最高營養級生物之一的野生揚子鱷，當A點后的變化曲線為Ⅲ、且種群數量為K2時，對該物種最有效的保護措施是__________________。（3）若圖示種群為東亞飛蝗，應控制其種群數量為________（填“K1”、“K2”或“0”），以有利于維持該地區生態系統的穩定性。干旱能抑制造成蝗蟲患病的一種絲狀菌的生長，若A點變化為干旱，則A點后的變化曲線為Ⅰ時，此時東亞飛蝗不斷地聚集遷徙去追逐“綠色”，這體現了生態系統的_________________功能。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B|D【分析】【解析】試題分析：粒子進入電場后，受豎直向下的重力和電場力作用，粒子在水平方向上做初速度為的勻速運動，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，粒子在電場中的運動時間為從而可知A錯誤，因為三個粒子在豎直方向上的偏轉量相同，根據結合可得B正確，通過可知粒子C帶正電，合力為B不帶電，合力為mg，A帶負電，合力為所以電場力對A做正功，對B不做功，對C做負功，過程中三個粒子的重力做功是相同的，故可得三個粒子到達下極板時的動能關系為C錯誤，D正確考點：本題考查了帶電粒子在電場中的偏轉問題【解析】【答案】BD2、B【分析】本題考查的是對于電磁波的理解問題。麥克斯韋預言電磁波的存在，赫茲通過實驗證明了這個預言的正確性,A選項錯誤；變化的電場可以產生變化的磁場，B選項正確；雷達是一種利用電磁波能從遠距離外發現目標并測定其位置的電子裝備，C選項錯誤；解調是從攜帶消息的已調信號中恢復消息的過程，在各種信息傳輸或處理系統中，發送端用所欲傳送的消息對載波進行調制，產生攜帶這一消息的信號。接收端必須恢復所傳送的消息才能加以利用，這就是解調，D選項錯誤。所以正確答案選B。【解析】【答案】B3、A【分析】解：線框中感應電流沿順時針方向；由安培定則可知，感應電流的磁場垂直于紙面向里；

由楞次定律可得：如果原磁場增強時；原磁場方向應垂直于紙面向外，由安培定則可知，導線電流方向應該向下，為負的，且電流越來越大；

由楞次定律可知：如果原磁場方向垂直于紙面向里；則原磁場減弱，直線電流變小，由安培定則可知，直線電流應豎直向上，是正的；

A；由圖示可知；直線電流按A

所示變化，感應電流始終沿順時針方向，由楞次定律可知，在i

大于零時，為阻礙磁通量的減小，線框受到的合力水平向左，在i

小于零時，為阻礙磁通量的增加，線框受到的合力水平向右，故A正確；

B；圖示電流不能使線框中的感應電流始終沿順時針方向；故B錯誤；

C；圖示電流使線框中的感應電流沿順時針方向；但線框在水平方向受到的合力始終水平向左，故C錯誤；

D；圖示電流使線框中產生的感應電流沿逆時針方向；故D錯誤；

故選：A

感應電流沿順時針方向；由安培定則判斷出感應電流磁場方向；然后由楞次定律判斷出原磁場如何變化，直線電流如何變化；由楞次定律判斷導線框受到合力的方向．

正確理解楞次定律中“阻礙”的含義是正確解題的關鍵，熟練應用楞次定律、安培定則即可正確解題．【解析】A

4、B【分析】【分析】本題考查洛倫茲力左手定則的應用。伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內，讓磁感線從掌心進入，并使四指指向正電荷移動的方向(

或負電荷移動的反方向)

這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向。解題的關鍵是弄清左手定則中各物理量的方向。【解答】A.圖中洛倫茲力方向應該向上，故A錯誤；B.圖中電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間的關系符合左手定則，故B正確；C.圖中不受洛倫茲力，故C錯誤；D.圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力，故D錯誤；故選B。

【解析】B

5、D【分析】解：由于電熱水壺正常工作；故：

P=P露卯=1800W

則W=Pt=1800W隆脕1隆脕60s=1.08隆脕105

J.

故選：D

．

電熱水壺正常工作時；其實際功率等于電熱水壺的額定功率，又知道工作時間，利用W=Pt

可求消耗的電能．

本題考查電功的計算，直接應用公式即可，屬于基礎題．【解析】D

6、C【分析】解：A；根據相對濕度的定義；空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強與同溫下水的飽和汽壓的比值。故A正確；

B；D、一定溫度下；飽和汽的壓強是一定的，在溫度不變的情況下，增大液面上方飽和汽的體積，待氣體重新達到飽和時，飽和汽的密度不變，壓強也不變。故BD正確。

C；飽和汽壓隨溫度的升高而變大；故C錯誤。

本題選錯誤的；故選：C。

空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強與同溫下水的飽和汽壓的比值；一定溫度下；飽和汽的壓強是一定的；飽和汽壓隨溫度的升高而變大。

本題考查了相對濕度、飽和氣壓等知識。對飽和汽壓的正確理解是解這道題的關鍵。【解析】C7、A【分析】試題分析：磁感線是閉合曲線，而電場線不是閉合曲線，選項A正確；磁感線和電場線都不一定是一些互相平行的曲線，選項B錯誤；磁感線是閉合的曲線，在磁體外面起始于N極，終止于S極；里面始于S極，終止與N極；電場線起始于正電荷，終止于負電荷，選項C錯誤；磁感線和電場線的切線方向分別表示磁場和電場的方向，選項D錯誤；故選A。考點：磁感線和電場線。【解析】【答案】A8、D【分析】圖A中電場不隨時間變化，不會產生磁場．圖B和C中電場都隨時間做均勻的變化，只能在周圍產生穩定的磁場，也不會產生和發射電磁波．圖D中電場隨時間做不均勻的變化，能在周圍空間產生變化的磁場，而這磁場的變化也是不均勻的，又能產生變化的電場，從而交織成一個不可分割的統一體，即形成電磁場，能發射電磁波．【解析】【答案】D9、A【分析】解：A

插座外表是絕緣；一旦受潮就不絕緣，故要遠離水.

故A正確；

B；當用濕抺布擦去工作中電器上的灰塵時；此時電器正在工作，所以導致電路短路燒毀.

故B不正確；

C；使用洗衣機時；電器外殼容易有靜電出現，所以必須接地，將多余電荷導走.

故C不正確；

D；消毒碗柜、電飯煲和電冰箱不能同時使用同一個移插座；原因是負載太大，會導致插座燒毀.

故D不正確；

故選：A

家庭用電必須注意安全；生命只有一次.

除安裝觸保之外，還要用電常識．

用電確保安全，不能超負荷，同時有三腳插頭時必須要有接地線．【解析】A

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】

對互感器B1根據得：

對互感器B2根據得：

P1=U1I1=11000×120W=1320KW

故答案為：1320KW．

【解析】【答案】由圖可知：電壓表測量的是副線圈電壓；電流表測量的是副線圈電流，根據輸出電壓是由輸入電壓和匝數比決定的，輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數成正比，電流與匝數成反比分析即可．

11、略

【分析】

當兩列波出現干涉現象時；要產生干涉圖樣，形成一條加強線，一條減弱線即加強線；減弱線彼此相間的穩定的干涉圖樣，在圖中設定M、N、P、Q四點中，M點波峰與波峰相遇，是振動加強點．P點是波谷與波谷相遇點，是振動加強點；而Q、N兩點是波峰與波谷相遇點，則它們是振動減弱點．

M點此時是波峰與波峰相遇，當再經過周期時；均是平衡位置在此處相遇．故位移為零．

故答案為：M；P；零。

【解析】【答案】兩列頻率相同的相干波；當波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時振動加強，當波峰與波谷相遇時振動減弱，則振動情況相同時振動加強；振動情況相反時振動減弱．

12、2.201.50【分析】【解答】解：根據描出的點用直線將各點擬合得出對應的圖象如圖所示；

由U=E﹣Ir可知；圖象與縱軸的交點為電源的電動勢，故E=2.20V；

圖象的斜率表示內電阻，則r===1.50Ω；

故答案為：如圖所示；2.20；1.50．

【分析】根據坐標系內描出的點，作出電源的U﹣I圖象，圖象與縱軸交點的坐標值是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻13、略

【分析】解：已知該波沿x軸正方向傳播；波形向右平移，則知t=0時刻質點A的振動方向向下；

也就是起振方向；當x=5m的波傳到P點時，P點第一次到達波谷；

根據t=得：

t=s=1.95s

故答案為：1.95．

已知該波沿x軸正方向傳播，判斷出t=0時刻質點A的振動方向，也就是起振方向，當x=5m的波傳到P點時，P點第一次到達波谷，根據t=求解時間．

本題是波動圖象問題，根據波的傳播方向判斷質點的振動方向，由波形的平移分析等等都是常用的方法．【解析】1.9514、略

【分析】

==50，==2000，＞電流表應采用外接法；

==500，==20，＞電流表應采用內接法；

故答案為：外；內．

【解析】【答案】根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表采用內接法還是采用外接法．

15、略

【分析】【解析】試題分析：(1)當磁通量為零時電流最大（2）由楞次定律可判斷電流方向（3）峰值為NBSw,瞬時值為i＝Imsinω0t=(NBl1l2ω0/R)sinω0t考點：考查交變電流的形成【解析】【答案】(1)乙和丁（3分）;(2)A→B（3分）(3)i＝（+/-)(NBl1l2ω0/R)sinω0t（4分）16、（1）大引力

（2）擴散無規則運動【分析】【分析】(1)

當玻璃板與水面接觸時，玻璃板與水分子之間存在作用力，分析玻璃板的受力情況，判斷拉力與重力的大小關系，拉力比玻璃板的重力要大，反映出水分子和玻璃的分子間存在引力作用；(2)

不同物質彼此進入對方的現象，我們稱為擴散現象，是由分子的無規則運動產生的。本題主要考察對分子間相互作用力的應用，及擴散現象的本質。【解答】(1)

當玻璃板與水面接觸時；玻璃板與水分子之間存在作用力，當用力向上拉時，水分子之間要發生斷裂，還要克服水分子間的作用力，所以拉力比玻璃板的重力要大，反映出水分子和玻璃的分子間存在引力作用。

(2)

往一杯清水中滴入一滴紅墨水；一段時間后，整杯水都變成了紅色，這種不同物質彼此進入對方的現象，稱為擴散現象，是由分子的無規則運動產生的。

故填：(1)

大；引力；(2)

擴散；無規則運動。【解析】(1)(1)大引力(2)(2)擴散無規則運動17、略

【分析】解：A鈭?13.6+10.25=鈭?3.35eV

不能被氫原子吸收，故A錯誤；

B；鈭?13.6+12.09=鈭?1.51eV

能被氫原子吸收，是故B正確；

C；鈭?13.6+12.45=鈭?1.15eV

不能被氫原子吸收，故C錯誤；

12.09eV

能量的光子的光照射處于基態的一群氫原子躍遷到n=3

能級．

根據數學組合公式C32=3

種；氫原子發射出3

不同波長的光．

故答案為：B3

．

能級間發生躍遷時吸收或輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；根據數學組合公式Cn2

求出處于激發態的氫原子可能發射出不同波長光的種數．

解決本題的關鍵知道能級間躍遷所滿足的規律，即Em鈭?En=hv

．【解析】B3

三、判斷題(共8題，共16分)18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．25、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、識圖作答題(共3題，共15分)26、（1）逐漸降低后趨于穩定（2）變小大于零此時植物的光合速率與植物和酵母菌的呼吸速率之和相等（3）乳酸菌無氧呼吸不釋放CO2，打開閥門后，CO2由左側容器向右側容器擴散，引起容器中CO2濃度下降，因此該植物的光合速率下降

【分析】【分析】本題考查細胞呼吸和光合作用相關的知識，解本題的關鍵是讀懂裝置圖，明確閥門打開前左側植物的光合作用大于呼吸作用，右側只能進行無氧呼吸，而閥門打開后，左側可以為右側的有氧呼吸提供氧氣，右側可以為左側的光合作用提供二氧化碳。據圖分析；左側容器內有綠色植物；恒定且適宜的光照和空氣，植物可以進行光合作用和呼吸作用，且光合作用大于呼吸作用，則植物產生了大量的氧氣，打開閥門后可以為酵母菌有氧呼吸提供氧氣；右側裝置內有酵母菌培養液、氮氣，酵母菌只能進行無氧呼吸，產生二氧化碳和酒精，當閥門打開后，可以利用左側提供的氧氣進行有氧呼吸，也可以為左側的光合作用提供二氧化碳。

【解答】（1）由于閥門始終關閉，且左側植物的光合作用大于呼吸作用，所以左側容器內CO2濃度先逐漸降低，后來由于二氧化碳的不足，導致光