…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷497考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、2020年初，在抗擊2019-nCoV，紅外線體溫計發揮了重要作用。下列關于紅外線的說法中正確的是（）A.紅外線的波長比紅光短B.利用紅外線的熱效應可以加熱物體C.紅外遙感是利用紅外線的穿透能力強D.高溫物體輻射紅外線，低溫物體不輻射紅外線2、據外界報道，中國曾在內蒙古炮兵靶場對電磁大炮進行了首次試驗：25kg的彈丸被發射到250km以外的預定區域，試驗獲得成功。導軌式電磁炮的原理結構示意圖如圖所示。兩根平行長直金屬導軌沿水平方向固定，其間安放炮彈。炮彈可沿導軌無摩擦滑行，且始終與導軌保持良好接觸。內阻為r的可控電源提供的強大電流從一根導軌流入，經過炮彈，再從另一導軌流回電源。炮彈被導軌中的電流形成的磁場推動而發射。在發射過程中，該磁場在炮彈所在位置始終可以簡化為磁感應強度為B的勻強磁場，方向豎直向上。已知兩導軌內側間距為L，炮彈的質量為m，炮彈在導軌間的電阻為R。若炮彈滑行s后獲得的發射速度為v；不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.a為電源正極B.電磁炮所受安培力的大小F=C.可控電源此時的電動勢D.這一過程中系統消耗的總能量是mv2+3、如圖所示，在y>0的區域內存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場B1，在y<0的區域內存在方向垂直于紙面向外的勻強磁場B2，磁場B2的磁感應強度大小是磁場B1的2倍，一帶負電的粒子（重力不計）從y軸上P（0，h）點以某一速度沿x軸正方向射入磁場B1，若第一次經過x軸時的橫坐標為則粒子第三次經過x軸時的橫坐標為（）

A.B.C.D.4、霍爾式位移傳感器的測量原理如圖所示，有一個沿z軸方向均勻變化的勻強磁場，磁感應強度B=B0+kz（B0、k均為常數，且k＞0）。將霍爾元件固定在物體上，保持通過霍爾元件的電流I不變（方向如圖所示），當物體沿z軸正方向平移時，由于位置不同，霍爾元件在y軸方向的上、下表面的電勢差U也不同。則（）

A.磁感應強度B越大，霍爾元件的前、后表面的電勢差U越大B.k越大，傳感器靈敏度（）越高C.若圖中霍爾元件是電子導電，則下表面電勢高D.電流越大，霍爾元件的上、下表面的電勢差U越小5、如圖所示的情況中，金屬導體中產生的感應電動勢不是Blv的是（）A.B.C.D.6、如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導軌間接有定值電阻R，金屬棒與兩導軌始終保持垂直，接觸良好且無摩擦，棒與導軌的電阻均不計，整個裝置放在水平勻強磁場中。棒在豎直向上的恒力F作用下勻速上升；下列說法正確的是（）

A.恒力F與金屬棒的重力是一對平衡力B.棒內自由電荷所受洛倫茲力沿棒方向的分力做正功C.恒力F做的功等于定值電阻R產生的熱量D.金屬棒兩端電勢差為零7、如右圖所示,水平放置的平行金屬導軌MN和PQ之間接有定值電阻R,導體棒ab長為L，電阻為r且與導軌接觸良好，整個裝置處于磁感應強度為B的豎直向上的勻強磁場中，現在水平外力F作用使導體棒ab以速度v向右勻速運動，下列說法正確的是()

A.導體棒ab兩端的電壓大小為BLvB.導體棒ab中a端電勢比b端電勢低C.導體棒ab所受外力F方向水平向右D.導體棒ab所受安培力方向水平向右8、在如圖甲所示的電路中，D為理想二極管(正向電阻為零，反向電阻為無窮大)．R1＝30Ω，R2＝60Ω，R3＝10Ω．在MN間加上如圖乙所示的交變電壓時，R3兩端電壓表的讀數大約是（）

A.5VB.4VC.3.5VD.3V9、理想變壓器原、副線圈的匝數比為4：1，原線圈接在V的交流電源上，副線圈所接的負載電阻是11Ω，則副線圈中電流大小是（）A.5AB.AC.20AD.55A評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，以直角三角形為邊界的有界勻強磁場區域，磁感應強度為為的中點，在點放置一個粒子源，可以向各個方向發射某種帶負電粒子，粒子的比荷已知，發射速度大小都為且滿足發射方向由圖中的角度表示。對于粒子進入磁場后的運動（不計粒子間的相互作用及重力作用）；下列說法正確的是（）

A.粒子在磁場中運動半徑為B.的粒子可能從段射出C.在邊界上最多有一半區域有粒子射出D.所有從邊界射出的粒子隨著角的增大在磁場中運動時間變小11、在勻強磁場中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，如圖甲所示，產生的交變電動勢的圖象如圖乙所示，則()

A.時線框的磁通量變化率為零B.時穿過線框平面磁通量最大C.線框產生的交變電動勢頻率為50HzD.線框產生的交變電動勢有效值為311V12、如圖1所示，兩根光滑平行導軌水平放置，間距為L，其間有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B.垂直于導軌水平對稱放置一根均勻金屬棒．從t＝0時刻起，棒上有如圖2所示的持續交變電流I，周期為T，最大值為Im，圖1中I所示方向為電流正方向．則金屬棒。

A.一直向右移動B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力大小不隨時間而變化D.受到的安培力在一個周期內做正功13、如圖所示，第一象限內存在垂直紙面向里的勻強磁場，電荷量相等的a、b兩粒子，分別從A、B兩點沿x軸正方向同時射入磁場，兩粒子同時到達C點，此時a粒子速度恰好沿y軸負方向，粒子間作用力，重力忽略不計，則a、b粒子。

A.a帶正電，b帶負電B.運動周期之比為2：3C.半徑之比為D.質量之比為14、如圖所示是發電廠通過升壓變壓器進行高壓輸電，接近用戶端時再通過降壓變壓器降壓給用戶供電的示意圖（圖中變壓器均可視為理想變壓器，圖中電表均為理想交流電表。設發電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻用R0表示），則當進入用電高峰時（）

A.電壓表V1、V2的讀數均不變，電流表A2的讀數增大，電流表A1的讀數減小B.電壓表V2、V3的讀數之差與電流表A2的讀數的比值不變C.電壓表V3、V4讀數的比值減小，電流表A2的讀數增大，電流表A3的讀數增大D.線路損耗功率增大15、下列對安培力的理解正確的是（）A.安培力的方向與磁場及電流方向均始終垂直B.安培力的方向與磁場及電流方向均始終平行C.當電流方向與磁場方向垂直時所受安培力最大D.當電流方向與磁場方向平行時所受安培力最大16、如圖所示，磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直紙面向里，圖中虛線為磁場的邊界，其中bc段是半徑為R的四分之一圓弧，ab、cd的延長線通過圓弧的圓心，Ob長為R。一束質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子，在紙面內以不同的速率從O點垂直ab射入磁場，已知所有粒子均從圓弧邊界射出，其中M、N是圓弧邊界上的兩點；不計粒子間的相互作用和重力。則下列分析中正確的是（）

A.從M點射出粒子的速率一定小于從N點射出粒子的速率B.從M點射出粒子在磁場中運動時間一定小于從N點射出粒子所用時間C.所有粒子所用最短時間為D.所有粒子所用最短時間為17、如圖所示，質量為m、電荷量為e的質子以某一初速度從坐標原點O沿x軸正方向進入場區，若場區僅存在平行于y軸向上的勻強電場時，質子通過P（d，d）點時的動能為5Ek；若場區僅存在垂直于xOy平面的勻強磁場時，質子也能通過P點。不計質子的重力。設上述勻強電場的電場強度大小為E，勻強磁場的磁感應強度大小為B；則下列說法中正確的是（）

A.B.C.D.18、如下四幅圖中，工作原理相同的是（）A.手持安全檢查儀B.通電的電流表C.電磁爐加熱食物D.探雷評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、判斷下列說法的正誤。

（1）如圖所示的電流為交流電。_________

（2）只要線圈在磁場中轉動，就可以產生交變電流。_________

（3）線圈在通過中性面時磁通量最大，電流也最大。_________

（4）線圈在通過中性面時電流的方向發生改變。_________20、如圖所示，i—t圖象表示LC振蕩電流隨時間變化的圖象，在t＝0時刻，電路中電容器的M板帶正電，在某段時間里，電路的磁場能在減少，而M板仍帶正電，則這段時間對應圖象中________段。

21、回旋加速器。

（1）構造：兩個D形盒，兩D形盒接______流電源，D形盒處于垂直于D形盒的勻強______中；如圖。

（2）工作原理：

①電場的特點及作用。

特點：兩個D形盒之間的窄縫區域存在______的電場。

作用：帶電粒子經過該區域時被______。

②磁場的特點及作用。

特點：D形盒處于與盒面垂直的______磁場中。

作用：帶電粒子在洛倫茲力作用下做______運動，從而改變運動______，______圓周后再次進入電場。22、在實驗中，我們用過不少傳感器，請寫出三個傳感器：______傳感器，______傳感器，______傳感器。23、如圖，一個電荷為+q、質量為m的質點，以速度沿x軸射入磁感強度為B的均勻磁場中，磁場方向垂直紙面向里，其范圍從x=0延伸到無限遠，如果質點在x=0和y=0處進入磁場，則它將以速度從磁場中某一點出來，這點坐標是x=0和_______。

24、把一個用絲線懸排的鋁球放在電路中的線圈上方；如圖所示，在下列三種情況下，懸掛鋁球的絲線所受的拉力的變化情況：

（1）當滑動變阻器的滑片向右移動時拉力______；

（2）當滑片向左移動時，拉力______；

（3）當滑片不動時，拉力______。（均選填“變大”“變小”或“不變”）25、如圖所示，豎直放置的形光滑導軌，矩形勻強磁場Ⅰ、Ⅱ的高和間距均為d，質量為m的水平金屬桿由靜止釋放，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等。只考慮金屬桿在導軌間的電阻，與導軌接觸良好，其余電阻不計，重力加速度為g。金屬桿穿過兩磁場產生的總熱量為______，穿過磁場Ⅰ的時間______在兩磁場之間的運動時間（填“一定大于”“一定小于”“可能等于”）

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)30、某學校的科技小組在一次創新大賽中利用所學物理知識設計了一種“闖紅燈違規記錄儀”；其工作原理如圖甲所示，當光控開關接收到某種顏色光時，開關自動閉合，且車輛經過的路面下的壓敏電阻受到車的壓力，其阻值隨壓力變化如圖乙所示，當壓力變化引起電流變化達到一定值時，繼電器的銜鐵就被吸下，電路中的電控照相機就啟動，記錄下違規車輛實況。光控開關未受到該種光照射就自動斷開，銜鐵不被吸引，工作電路中的指示燈發光。

（1）要記錄違規闖紅燈的情景，光控開關應在接收到______（選填“紅”“綠”或“黃”）光時自動閉合；

（2）已知控制電路電源電動勢為內阻為繼電器電阻為當控制電路中電流大于時，銜鐵會被吸引。則只有質量超過______的車輛違規時才會被記錄．（重力加速度g取）31、某同學使用如圖所示的三組器材探究電磁感應現象。

（1）在甲圖中，閉合開關s后，將滑片P向右減速移動的過程中，線圈B中的磁通量______（選填“增大”或“減小”）。

（2）在乙圖中，將如圖所示條形磁鐵向下插入線圈的過程中，感應電流從______（選填“正”或“負”）極接線柱流入電表。

（3）為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈連接，如圖丙所示．已知線圈由端開始繞至端；當電流從電流計G左端流入時，指針向左偏轉。當條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠離時，指針向右偏轉．俯視線圈，其繞向為_______（填：“順時針”或“逆時針”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)32、如圖（a）所示，一個電阻值為R，匝數為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路，線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區域內存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖（b）所示，圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0，導線的電阻不計，在0至t1時間（R、n、r1、r2、t0、B0π為已知量）

（1）判斷a、b兩點的電勢高低；

（2）求a、b兩點的電勢差Uab。

33、如圖所示，半徑r＝0.08m的半圓形無場區的圓心在坐標原點O處，半徑R＝0.1m，磁感應強度大小B＝0.1T的圓形有界磁場區的圓心坐標為（0，0.06m），平行金屬板MN的極板長L＝0.3m、間距d＝0.1m，極板間所加電壓U＝4.8×102V，其中N極板收集粒子全部中和吸收。一位于O處的粒子源向第Ⅰ、Ⅱ象限均勻地發射速度大小v＝6×105m/s的帶正電粒子，經圓形磁場偏轉后，從第Ⅰ象限出射的粒子速度方向均沿x軸正方向。若粒子重力不計、比荷不計粒子間的相互作用力及電場的邊緣效應。sin37°＝0.6；cos37°＝0.8。

（1）粒子在磁場中的運動半徑R0；

（2）從坐標（0，0.16m）處射出磁場的粒子，其在O點入射方向與y軸夾角θ；

（3）N板收集到的粒子占所有發射粒子的比例η。

34、如圖所示，足夠長的平行金屬導軌MN、PQ豎直放置，圖中虛線下方存在垂直導軌平面向里的勻強磁場，導軌的下端（距虛線足夠遠）N與Q間接有阻值為R的電阻。在虛線處有一質量為m、電阻為r=6R的金屬棒ab緊貼在導軌上，以某一初速度向上拋出，同時緊靠導軌到虛線距離為d0處有一個和ab完全相同的金屬棒cd無初速釋放，已知兩棒相遇時速度等大、且相遇后立刻結合成一體。兩棒結合成一體后，經過時間t剛好達到最大速度vm，此時兩棒早已經進入磁場，導軌電阻不計，重力加速度為g。求：

(1)兩棒進入磁場時的速度；

(2)此過程中電阻R產生的焦耳熱。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．紅外線的波長比紅光的波長更長；故A錯誤；

B．紅外線是一種看不見的光；通過紅外線的照射，可以使物體的溫度升高，故B正確；

C．人們利用紅外線來實行遙控和遙感；是因為紅外線波長長，更容易發生衍射，故C錯誤；

D．一切物體都向外輻射紅外線；故D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

A．若電源a、b分別為負極、正極，根據左手定則可知，炮彈受到的安培力方向向右，則炮彈可在磁場中向右做加速運動；若電源a、b分別為正極；負極；根據左手定則可知，炮彈受到的安培力方向向左，則炮彈可在磁場中向左做加速運動；由題圖知炮彈在磁場中向右做加速運動，A錯誤；

B．根據動能定理有Fs=mv2

所以F=

B錯誤；

C．由勻加速運動公式可得a=

由安培力公式和牛頓第二定律有F=BIL=ma

根據閉合電路歐姆定律有

聯立以上三式解得

C錯誤；

D．這一過程中的時間t=

系統產生的內能Q=I2（R+r）t

而

聯立解得

炮彈的動能Ek=mv2

由能量守恒定律得，這一過程中系統消耗的總能量E=Q+Ek=mv2+

D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

如圖所示。

連接點與第一次經過軸時的交點然后作中垂線，其與軸的交點即為圓心，由幾何關系可知

帶電粒子在磁場中運動的半徑為

又知道磁場的磁感應強度大小是磁場的2倍，洛倫茲力提供向心力

解得

可知帶電粒子在磁場中運動的半徑為

由幾何關系可知粒子第三次經過軸時的橫坐標為

ABD錯誤；C正確。

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．根據左手定則可知；電荷將在洛倫茲力的作用下向上下偏轉，因此上下表面之間存在電勢差，前；后表面不存在電勢差，A錯誤；

BD．設霍爾元件長、寬、高分別為a、b、c如圖所示；達到平衡時。

又

整理的①

可知電流越大，霍爾元件的上、下表面的電勢差U越大。

有①式可得

從而

因此k越大，傳感器靈敏度（）越高；B正確，D錯誤；

C．由于電子運動的方向與電流方向相反；根據左手定則可知，電子向下偏轉，上表面電勢高，C錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

由圖A所示可知，B⊥l⊥v，則動生電動勢為E=Blv，故A不符合題意；由圖B所示可知，水平金屬導體不切割磁感線，只有豎直導體切割磁感線，感應電動勢為E=Blv；故B不符合題意；由圖C所示可知，v與金屬導體不垂直，有效切割長度小于l，則感應電動勢小于Blv；故C符合題意；由圖D所示可知，金屬導體切割磁感線的有效長度為l，感應電動勢E=Blv，故D不符合題意；本題選產生的感應電動勢不是Blv的是，故選C．6、B【分析】【詳解】

A．棒做勻速運動，對棒進行受力分析可得

故恒力F與金屬棒的重力不是一對平衡力；故A錯誤；

B．金屬棒在外力的作用下勻速上升；金屬棒的自由電荷（電子）隨棒上升，該分運動對應洛倫茲力的一個分力，沿棒的方向向右；由右手定則可知，金屬棒內電流方向向左，故金屬棒內的自由電荷（電子）向右做定向移動，故棒內自由電荷所受洛倫茲力沿棒方向的分力做正功，故B正確；

C．根據功能關系知，恒力做的功等于棒機械能的增加量與電路中產生的熱量之和，故C錯誤；

D．由于棒與導軌的電阻均不計，故金屬棒兩端電勢差等于感應電動勢，即

故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

A、由于導體棒勻速運動，由可知，運動中感應電動勢導體棒ab兩端的電壓大小為故A錯誤；

B、由楞次定律可知，導體棒中的電流方向由b指向a，所以導體棒ab中a端電勢比b端電勢高；故B錯誤；

CD、由左手定則可知，導體棒所受安培力方向水平向左，由于勻速運動，棒的合力等于零，所以導體棒ab所受外力F方向水平向右；故C正確，D錯誤；

故選C．8、C【分析】【詳解】

由題意可知，0-0.01s時間內D處于導通狀態，則電路總電阻R=R3+=30Ω；根據歐姆定律得出電壓表讀數U1=4V；0.01-0.02s時間內電壓反向，D處于截止狀態，則電路總電阻R′=R3+R1=40Ω；根據歐姆定律得出電壓表讀數U2=3V；根據交流電的有效值定義得解得：U≈3.5V，故C正確，ABD錯誤。9、A【分析】【詳解】

由瞬時值的表達式可知，原線圈的電壓最大值為311V，所以原線圈電壓的有效值為

根據電壓與匝數成正比得U2=55V，則副線圈電流為

故選A。

【點睛】

掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題。二、多選題(共9題，共18分)10、A:C:D【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

且解得

故A正確；

B．若粒子剛好從D點射出，由幾何關系可知，弦長為L，設此時的弦切角為則有

得

即此時粒子剛好沿OC方向進入磁場，由旋轉法可知，的粒子不可能從CD段射出；故B錯誤；

C．當θ=飛入的粒子在磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，因此在AC邊界上只有一半區域有粒子射出；故C正確。

D．設從AO段射出的粒子的弦切角為則運動時間為

隨著角的增大，弦切角減小；則運動時間減小，故D正確。

故選ACD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．t=0.005s電動勢最大；則磁通量變化率最大，故A錯誤；

B．t=0.01s時電動勢為0；則線圈的磁通量變化率為0，線圈在中性面上，則磁通量最大，故B正確；

C．由圖可知周期為0.02s，則頻率為

故C正確；

D．線圈產生的交變電動勢有效值為

故D錯誤；

故選BC。12、A:B:C【分析】【詳解】

AB.由于電流大小不變，安培力大小不變。根據左手定則，0～時間內，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～T時間內，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，T時刻速度減為零。T～時間內，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～2T時間內，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，2T時刻速度減為零。所以金屬棒一直向右運動；速度隨時間做周期性變化，故A正確，B正確；

C.根據公式F=BIL；安培力的大小隨時間周期性變化，故C正確；

D.根據動能定理；一個周期內，動能變化量為零，安培力做功為零，故D錯誤。

故選：ABC。13、B:C【分析】【詳解】

試題分析：由左手定則可知，a帶負電，b帶正電，選項A錯誤；由軌跡圖可知，a運動的半徑運動的時間為周期，而b運動的半徑滿足解得rb=2，故轉過的圓弧為600，運動了周期，則因為兩粒子同時到達C點，則解得：選項B正確；兩粒子的半徑比為選項C正確；根據可得則質量之比為2：3，選項D錯誤；故選BC．

考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動。

【名師點睛】此題是帶電粒子在勻強磁場中的運動問題；解題的關鍵是能畫出粒子運動的軌跡圖，結合幾何關系找到粒子運動的圓心角和半徑，在根據周期關系及半徑關系求解其他的物理量．14、B:D【分析】【詳解】

A．變壓器兩端的電壓與負載無關，輸入電壓和匝數比都不變，因此V1、V2的讀數均不變，用電高峰期，并聯的用電器增多，總電阻減小，電流增大，根據電流與匝數比成反比可知，電流表A2、A1的讀數都增大；故A錯誤；

B．電壓表V2、V3的讀數之差與電流表A2的讀數的比值為輸電線的電阻值；為定值，不變化，故B正確；

C．電壓表V3、V4讀數的比值等于降壓變壓器的匝數比，保持不變，由于電流表A2的讀數增大，因此電流表A3的讀數也增大；故C錯誤；

D．由于輸電線電流增大；輸電線路上損失的功率增大，故D正確。

故選BD。15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB.安培力的方向既垂直于磁場方向也垂直于電流方向；故A正確；

CD.當電流方向與磁場方向垂直時所受安培力最大；故C正確，D錯誤。

故選AC。16、A:D【分析】【詳解】

粒子運動軌跡如圖所示，可以看出，粒子落到b點到c點的過程中，半徑越老越大，則由

可知，速度越來越大，所以從M點射出粒子的速率一定小于從N點射出粒子的速率。又因為粒子在磁場中的運動時間和圓心角成正比，且由幾何關系知，弦切角等于圓心角的一半，所以當弦切角最小時對應粒子的運動時間最短，如圖所示，當弦與圓周相切時，弦切角最小，因為Ob長為R，所以由幾何關系知，此時弦切角為

所以圓心角為

所以最短運動時間為

即從M點射出粒子在磁場中運動時間與從N點射出粒子所用時間大小不能確定。

故選AD。17、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．設質子進入場區的初速度為v0；質子在電場中做類平拋運動。

d=v0t豎直方向上。

d=tvy=at解得。

所以A錯誤；B正確；

CD．質子在磁場中做勻速圓周運動，且R=d；在磁場中洛倫茲力提供向心力，即。

聯立解得。

所以C錯誤；D正確；

故選BD。18、A:C:D【分析】【詳解】

安全檢查儀；電磁爐和探雷器都是利用電磁感應原理工作的；工作原理相同；而通電的電流表是利用通電導線在磁場中受力工作的，與前三個的原理不同。

故選ACD。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤錯誤正確20、略

【分析】【詳解】

由電流圖象可得，在t＝0時刻是電容器開始放電，電路中電容器的M板帶正電，故電流方向逆時針為正方向；某段時間里，電路的磁場能在減少，說明電路中的電流在減小，是電容器的充電過程，此時M板帶正電，說明此時電流方向順時針方向為負，符合電流減小且為負值的只有cd段【解析】cd21、略

【解析】①.交②.磁場③.周期性變化④.加速⑤.勻強⑥.勻速圓周⑦.方向⑧.半個22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]在實驗中，我們用過不少傳感器，其中常用的有“運動，力，壓強，光，聲音，電壓，電流”等。選三個填入即可。【解析】①.運動②.力③.壓強23、略

【分析】【詳解】

[1]由于帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即有

解得帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為

則做勻速圓周運動的直徑為

根據左手定則，帶電粒子逆時針運動，所以磁場的y坐標為【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]鉛球相當于口朝下的線圈；當滑動變阻器的滑動頭向右移動時，電流增大磁場增強，由楞次定律可知線圈與鉛球互相排斥，則拉力變小。

（2）[2]理由類似于上面；當滑動變阻器的滑動頭向左移動時，電流減小，由楞次定律可知線圈與鉛球互相吸引，則拉力變大。

（3）[3]滑動變阻器的滑動端不移動時，電流沒有變化，則鉛球沒有感應電流出現，則拉力不變。【解析】①.變小②.變大③.不變25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，則從剛進入磁場Ⅰ到剛進入磁場Ⅱ的過程，由能量守恒定律得

金屬桿通過磁場Ⅱ時產生的熱量與通過磁場Ⅰ時產生的熱量相同，所以總熱量為

[2]金屬桿在無場區做勻加速運動，而金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿剛進入磁場Ⅰ時做減速運動，加速度方向豎直向上。隨著速度減小，產生的感應電流減小，受到的安培力減小，合力減小，加速度減小，所以金屬桿做加速度逐漸減小的減速運動；在兩個磁場之間做勻加速運動，由題知，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿在磁場Ⅰ中運動時平均速度小于在兩磁場之間運動的平均速度，兩個過程位移相等，所以金屬桿穿過磁場Ⅰ的時間一定大于在兩磁場之間的運動時間。【解析】一定大于四、作圖題(共4題，共24分)26、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共10分)30、略

【分析】【詳解】

(1)[1]因是闖紅燈違規證據模擬記錄器；故光控開關應在接收到紅光時自動閉合。

(2)[2]由閉合電路歐姆定律

可得

時可解出再由圖象可讀出當時由可求出故只有質量超過的車輛違規時才會被記錄。【解析】紅40031、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]滑片