…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、以下說法正確的是:A.布朗運動反映了懸浮小顆粒內部分子在不停地做無規則的熱運動B.從平衡位置開始增大分子間距離，分子間的引力將增大、斥力將減小C.對大量事實的分析表明：熱力學零度不可能達到D.熱量只能由高溫物體傳遞給低溫物體2、如圖所示；根據實驗數據在同一個I﹣U圖象中畫出了兩只不同電阻的伏安特性曲線．下列判斷正確的是（）

A.a圖線對應的電阻阻值較大B.b圖線對應的電阻阻值較大C.a圖線對應的電阻的電阻率一定大D.b圖線對應的電阻的電阻率一定大3、如圖所示，一個電阻不計匝數為N=200匝的線圈以固定轉速50轉/秒在勻強磁場中旋轉，其產生的交流電通過一匝數比為n1：n2=10：1的理想變壓器給阻值R=10Ω的電阻供電；已知電壓表的示數為20V，從圖示位置開始計時，則下列說法正確的是。

A.t=0時刻流過線圈的電流最大B.原線圈中電流的有效值為20AC.理想變壓器的輸入功率為10WD.穿過線圈平面的最大磁通量為Wb4、1827年，英國植物學家布朗在顯微鏡下觀察懸浮在液體里的花粉顆粒，發現花粉顆粒在做永不停息的無規則運動，這種運動稱為布朗運動．下列說法正確的是A.花粉顆粒越大，花粉顆粒無規則運動越明顯B.液體溫度越低，花粉顆粒無規則運動越明顯C.布朗運動就是液體分子永不停息的無規則運動D.布朗運動是由于液體分子的無規則運動引起的5、光在科學技術、生產和生活中有著廣泛的應用，下列說法正確的是()A.用透明的標準平面樣板檢查光學平面的平整程度是利用光的偏振現象B.用三棱鏡觀察白光看到的彩色圖樣是利用光的衍射現象C.在光導纖維內傳送圖象是利用光的色散現象D.光學鏡頭上的增透膜是利用光的干涉現象6、據有關資料介紹，受控核聚變裝置中有極高的溫度，因而帶電粒子將沒有通常意義上的“容器”可裝，而是由磁場約束帶電粒子運動，使之束縛在某個區域內。如圖所示，環狀磁場的內半徑為外半徑為被束縛的帶電粒子的比荷為k，若中空區域內帶電粒子均具有沿半徑方向的速度，速度大小為v。中空區域中的帶電粒子都不會穿出磁場的外邊緣而被約束在半徑為的區域內；則環狀區域內勻強磁場的磁感應強度最小值為（）

A.B.C.D.7、如圖所示為氫原子的四個能級，其中為基態．若氫原子A處于激發態氫原子B處于激發態則下列說法中正確的是（）

A.原子A可能輻射出3種頻率的光子B.原子B可能輻射出3種頻率的光子C.原子A能夠吸收原子B發出的光子并躍遷到能級D.原子B能夠吸收原子A發出的光子并躍遷到能級評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、一定質量的理想氣體由狀態a變化到狀態b，再由狀態b變化到狀態c，其壓強p與溫度t的關系如圖所示，下列說法正確的是（）

A.氣體由a到b為等容變化B.氣體在狀態a的內能大于在狀態b的內能C.氣體由b到c的過程必放熱E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功9、下列有關熱現象分析與判斷正確的是（）A.布朗運動是由于液體分子對固體小顆粒的撞擊引起的，固體小顆粒的體積越大，液體分子對它的撞擊越多，布朗運動就越顯著B.在墻壁與外界無熱傳遞的封閉房間里，夏天為了降低溫度，同時打開電冰箱門和電風扇，兩電器工作較長時間后，房子內的氣溫將會增加C.溫度升高，單位時間里從液體表面飛出的分子數增多，液體繼續蒸發，飽和氣壓強增大D.在一個大氣壓下，1克100℃的水吸收2.26×103J熱量變為1克100℃的水蒸氣，在這個過程中，2.26×103J=水蒸氣的內能+水的內能+水變成水蒸氣體積膨脹對外界做的功10、如圖所示，某發電站的電能輸送示意圖，輸電線總電阻為r，升壓變壓器原副線圈匝數分別為n1、n2，降壓變壓器原副線圈匝數分別為n3、n4；兩變壓器均為理想變壓器．若發電機的輸出電壓與負載的額定電壓剛好相等，要使負載正常工作，下列判斷正確的是。

A.B.C.升壓變壓器的輸出功率等于降壓變壓器的輸入功率D.升壓變壓器的輸出電流等于降壓變壓器的輸入電流11、如圖所示，a、b兩點為負點電荷Q的電場中以Q為圓心的同一圓周上的兩點，a、c兩點為同一條電場線上的兩點；則以下說法正確的是。

A.a、b兩點的場強大小相等B.同一試探電荷在a、b兩點所受電場力相同C.a、c兩點的場強大小關系為Ea>EcD.a、c兩點的場強方向相同12、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運動，從A點經B、C運動到D點，其v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()

A.A處的電場強度小于B處的電場強度B.粒子在A處的電勢能大于在B處的電勢能C.C,D間各點電場強度和電勢都為零D.A,B兩點的電勢差等于C,B兩點間的電勢差評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、等壓變化：一定質量的某種氣體，在______不變時，體積隨溫度變化的過程。14、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.15、如圖所示，單匝矩形閉合導線框abcd全部處于磁感應強度為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻為R．線框繞與cd邊重合的豎直固定轉軸以角速度勻速轉動，線框中感應電流的有效值I=___________．線框從中性面開始轉過的過程中，通過導線橫截面的電荷量q=_________．

16、如圖，交流電壓隨時間按正弦函數規律變化，則該交流電的電壓最大值為_________V，有效值為_________V．

17、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減小；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm18、做汽車安全氣囊的模擬實驗時，密封的儲氣罐與氣囊相連，撞擊時儲氣罐閥門自動打開，大量氣體進入氣囊，氣囊在極短時間內迅速展開，在人體前部形成彈性氣墊，然后氣囊泄露，收縮，從而有效保護人體，氣囊展開過程中，將氣體視為理想氣體，氣體的內能______（選填“增大”、“減小”或“不變”）；泄露收縮過程中氣囊內壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力___________（選填“增大”、“減小”或“不變”）評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)22、某實驗小組的實驗電路如圖（a）所示；電壓表有一端接線位置待定．

（1）若電壓表待定端。

（A）接a；利用該實驗所得的U﹣I關系圖線可得到電阻R的阻值。

（B）接b；利用該實驗所得的U﹣I關系圖線可得到電阻R的阻值。

（C）接a；利用該實驗所得的U﹣I關系圖線可得到電源的電動勢和內阻。

（D）接b；利用該實驗所得的U﹣I關系圖線可得到電源的電動勢和內阻。

（2）將（a）圖連接成“測定電源的電動勢和內阻”的電路，合上開關，將滑動變阻器的滑片由接入電路阻值最大端移向另一端，發現電壓表的示數接近1.5V且幾乎不變，直到當滑片滑至臨近另一端時電壓表的示數急劇減小，出現上述情況的原因是_____．

（3）調整合適的實驗器材后；利用電壓表和電流表的示數擬合出U﹣I關系圖線如圖。

（b）所示，由此得到電源電動勢E＝_____V，內阻r＝_____Ω．

（4）請結合能量守恒定律證明：電源電動勢在數值上等于內、外電路電壓之和________．23、某物理實驗小組利用實驗室提供的器材測定電壓表V1的內阻；可選用的器材如下：

A．待測電壓表V1：量程3V，內阻約3kΩB．電壓表V2：量程15V；內阻約20kΩ

C．電流表A：量程3A，內阻約0.1ΩD．定值電阻R0：9.0kΩ

E．滑動變阻器R1：0~200ΩF．滑動變阻器R2：0~2kΩ

G．電源E：電動勢約為12V；內阻忽略不計H．開關；導線若干。

⑴為了準確測量電壓表V1的內阻，兩位同學根據上述實驗器材分別設計了如圖甲和乙兩個測量電路，你認為_____________（選填“甲”或“乙”）更合理，并在實物圖中用筆畫線代替導線將電路圖補充完整_______．

⑵該實驗中滑動變阻器應該選用_____（選填“R1”或“R2”）．

⑶用已知量R0和V1、V2的示數U1、U2來表示電壓表V1的內阻RV1=_______．24、某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V；2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：

A．直流電源（6V；內阻不計）

B．電流表G（滿偏電流3mA，內阻）

C．電流表A（內阻未知）

D．滑動變阻器R（5A）

E．滑動變阻器Rˊ（）

F．定值電阻R0（阻值）

G．開關與導線若干。

（1）根據題目提供的實驗器材，請你設計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內）_____

（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用_____．（填寫器材序號）

（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動勢E=6.0V，內阻忽略不計．調節滑動變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子元件R1的阻值為_____R3接入電路的阻值為_____（結果保留兩位有效數字）．

評卷人得分六、解答題(共4題，共36分)25、如圖所示，ABCD為某棱鏡的截面，∠B=∠C=90°，∠D=75°。用激光筆從BC面上的P點射入一束激光，該光束從AD面的Q點與AD面成30°角射出。Q點到BC面垂線的垂足為E，P、Q兩點到E點的距離分別為a、a，激光在真空中的速度為c；求：

①該棱鏡的折射率；

②激光在棱鏡中傳播的時間(不考慮光的反射）。

26、導熱良好的氣缸用質量不計的光滑活塞封閉有一定質量的理想氣體，活塞下表面與氣缸底部之間的距離為L，在活塞上放一個重物時，活塞平衡時下表面距離氣缸底部距離為，已知活塞截面積為S，大氣壓強為P0，環境溫度為T0；重力加速度為g。

（1）求重物的質量m；

（2）緩慢升高氣體的溫度；求當活塞回到原來位置時，氣體的溫度T。

27、如圖所示，臨界角C為45°的液面上有一點光源S發出一束光垂直入射到水平放置于液體中且距液面為d的平面鏡M上，當平面鏡M繞垂直于紙面的軸O以角速度ω做逆時針勻速轉動時，觀察者發現液面上有一光斑掠過，則觀察者們觀察到的光斑在液面上掠過的最大速度為多少？

28、物體中的原子總是在不停地做熱運動，原子熱運動越激烈，物體溫度越高；反之，溫度就越低．所以，只要降低原子運動速度，就能降低物體溫度．“激光制冷”的原理就是利用大量光子阻礙原子運動，使其減速，從而降低了物體溫度．使原子減速的物理過程可以簡化為如下情況：如圖所示，某原子的動量大小為將一束激光即大量具有相同動量的光子流沿與原子運動的相反方向照射原子，原子每吸收一個動量大小為的光子后自身不穩定，又立即發射一個動量大小為的光子，原子通過不斷吸收和發射光子而減速．已知均遠小于普朗克常量為h，忽略原子受重力的影響

若動量大小為的原子在吸收一個光子后，又向自身運動方向發射一個光子，求原子發射光子后動量p的大小；

從長時間來看，該原子不斷吸收和發射光子，且向各個方向發射光子的概率相同，原子吸收光子的平均時間間隔為求動量大小為的原子在減速到零的過程中，原子與光子發生“吸收發射”這一相互作用所需要的次數n和原子受到的平均作用力f的大小；

根據量子理論；原子只能在吸收或發射特定頻率的光子時，發生能級躍遷并同時伴隨動量的變化．此外，運動的原子在吸收光子過程中會受到類似機械波的多普勒效應的影響，即光源與觀察者相對靠近時，觀察者接收到的光頻率會增大，而相對遠離時則減小，這一頻率的“偏移量”會隨著兩者相對速度的變化而變化．

為使該原子能夠吸收相向運動的激光光子，請定性判斷激光光子的頻率和原子發生躍遷時的能量變化與h的比值之間應有怎樣的大小關系；

若某種氣態物質中含有大量做熱運動的原子，為使該物質能夠持續降溫，可同時使用6個頻率可調的激光光源，從相互垂直的3個維度、6個方向上向該種物質照射激光．請你運用所知所學，簡要論述這樣做的合理性與可行性．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】布朗運動反映了液體分子在不停地做無規則的熱運動，選項A錯誤；從平衡位置開始增大分子間距離，分子間的引力將減小、斥力將減小，選項B錯誤；熱量可以通過壓縮機做功由高溫物體傳遞給低溫物體，選項D錯誤。2、B【分析】【詳解】

線性電阻的的斜率的倒數表示電阻的大小；故斜率越大，電阻越小，所以b的電阻阻值較大，A錯誤B正確；該圖只能比較阻值大小，不能比較電阻率大小，CD錯誤．3、D【分析】【詳解】

A.t=0時刻為中性面位置；故感應電動勢為零，故感應電流為零，流過線圈的電流為零，故A不符合題意；

B.副線圈中的電流。

根據電流與匝數成反比。

原線圈中電流的有效值。

故B不符合題意；

C.理想變壓器輸出功率。

P2=U2I2=＝20×2W＝40W輸入功率等于輸出功率，所以變壓器的輸入功率為40W；故C不符合題意；

D.根據電壓與匝數成正比，原線圈兩端的電壓U1＝200V；角速度。

ω=2πn=100πrad/s線圈產生最大感應電動勢200V，Em＝NBSω；最大磁通量。

故D符合題意。4、D【分析】花粉顆粒越大；表面積越大，同一時刻撞擊顆粒的液體分子數越多，所受的顆粒所受的沖力越平衡，則布朗運動越不明顯，故A錯誤．溫度越低，液體分子運動越不明顯，布朗運動也越不明顯，故B錯誤；布朗運動是指懸浮在液體中的顆粒所做的無規則運動的運動，布朗運動是由于液體分子的無規則運動對固體微粒的碰撞不平衡導致的，它間接反映了液體分子的無規則運動，故C錯誤，D正確，故選D.

【點睛】布朗運動是指懸浮在液體中的顆粒所做的無規則運動的運動，布朗運動是由于液體分子的無規則運動對固體微粒的碰撞不平衡導致的，它間接反映了液體分子的無規則運動．當溫度一定時，顆粒越小，布朗運動越明顯；當顆粒大小一定時，溫度越高，布朗運動越明顯．5、D【分析】【詳解】

試題分析：檢查光學平面的平整程度是利用光的干涉現象；故A錯誤；用三棱鏡觀察白光看到的彩色圖樣是利用光發生折射而形成色散現象，故B錯誤；光導纖維束內傳送圖象是利用了光由光密介質到光疏介質時會發生全反射，故C錯誤；增透膜是利用光的干涉現象，故D正確；故選D．

考點：光的干涉；光的色散；全反射。

【名師點睛】人類對于光學的研究及應用非常廣泛，在學習中要注意掌握不同現象在生產生活中的應用，平時要注意觀察積累生活中的光現象．6、B【分析】由題意可知，粒子的比荷k已經確定，粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，則有

粒子運動的半徑r已經確定；要使所有的粒子都不能穿出磁場，則：

與內圓相切的方向進入磁場的粒子在磁場運動的軌跡剛好與外圓相切，可知2r最大為如圖所示：

從而推知，

即

則故C正確，ABD錯誤；

故選C。7、B【分析】【詳解】

A、原子A從激發態躍遷到只有一種頻率光子，故A錯誤；

B、一群處于激發態的氫原子B躍遷到基態的過程中可能從躍遷到從躍遷到從躍遷到可能有三種頻率光子，故B正確；

C、由原子能級躍遷理論可知，A原子可能吸收原子B由躍遷到時放出的光子并躍遷到但不能躍遷到故C錯誤；

D、A原子發出的光子能量大于故不可能使原子B吸收原子A發出的光子并躍遷到能級故D錯誤．二、多選題(共5題，共10分)8、B:D:E【分析】【詳解】

A．這是個p-t圖象，轉化成p-T圖象；如圖所示：

ab直線不過原點，因此a到b不是等容變化選項A錯誤；

B．理想氣體的內能等于分子的平均動能的總和，溫度是分子平均動能的標志，a到b的過程溫度減小，分子的平均動能減小，理想氣體的內能減小，即氣體在狀態a的內能大于在狀態b的內能；選項B正確；

E．氣體由b到c的過程是等壓變化；溫度升高，所以體積增大，對外做功，選項E正確；

C．氣體由b到c的過程，根據熱力學第一定律△U=W+Q，溫度升高可知△U是正值且變大，氣體對外做功可知W為負值，所以Q必定為正值；即氣體要吸熱，選項C錯誤；

D．氣體由a到c的過程；溫度不變，壓強減小，則體積增大，所以氣體在狀態a的體積小于在狀態c的體積，選項D正確；

故選BDE。9、B:C【分析】【詳解】

A．布朗運動是由于液體分子對固體小顆粒的撞擊引起的；固體小顆粒的體積越大，在一瞬間跟它相撞的分子數越多，各個方向的撞擊作用越接近平衡，布朗運動越不顯著，故A錯誤；

B．根據制冷機原理可知電冰箱的制冷并不會使系統內總熱量減小；只是通過壓縮機將熱量從低溫物體傳向了高溫物體，所以打開電冰箱門并不能使房間內熱量減少，而由于電冰箱和電風扇工作過程中，電流做功會產生一部分焦耳熱，并且電風扇吹風的過程中使空氣產生摩擦熱，根據熱力學第一定律可知兩電器工作較長時間后，房間內氣溫會增加，故B正確；

C．溫度升高；單位時間里從液體表面飛出的分子數增多，液體繼續蒸發，飽和氣壓強增大，故C正確；

D．液體汽化時，吸收的熱量一部分用于克服分子間引力做功，增加內能，另一部分用于對外界做功，則根據熱力學第一定律可知在一個大氣壓下，1克100℃的水吸收2.26×103J熱量變為1克100℃的水蒸氣，在這個過程中，2.26×103J=水蒸氣的內能－水的內能+水變成水蒸氣體積膨脹對外界做的功；故D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

由變壓器的電壓比與匝數之比的關系得：因為線路電壓損失，即U2＞U3，由題意U1=U4，所以選項A錯誤，B正確；因是理想變壓器，則其輸入功率與輸出功率相等，但由于電線電阻功率損失，所以升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率．故C錯誤．升壓變壓器的輸出電流等于降壓變壓器的輸入電流，故D正確；故選BD．

點睛：理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現象．遠距離輸電，由于導線通電發熱導致能量損失，所以通過提高輸送電壓，從而實現降低電損．11、A:D【分析】【詳解】

AB．依據負點電荷周圍電場分布特點可知：以點電荷為圓心的同一圓上各點的電場強度大小相等，但方向不同，所以a、b兩點場強不同，則同一試探電荷在a、b兩點所受電場力大小相等；方向不同，A正確，B錯誤；

CD．根據

可知距離點電荷越近，電場強度越大，故a、c兩點的場強大小關系為

a、c兩點的場強方向相同；C錯誤，D正確。

故選AD。

【點睛】

在點電荷電場中，距離點電荷越近，電場強度越大，在以點電荷為圓心的同一圓上各點的電場強度大小相同，但方向不同，該圓為一個等勢面，上面所有點的電勢相同．12、B:D【分析】【分析】

從圖象可以看出；粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關系，從而得到電場強度的大小關系．由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關系．

【詳解】

A項：由運動的速度--時間圖象可看出；帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A錯誤；

B項：由A到B的過程中；速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉化為動能，由功能關系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點的電勢能高于B點的電勢能，故B正確；

C項：從C到D；粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；

D項：A；C兩點的速度相等；故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確．

故選BD．

【點睛】

本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關系，其關系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數值等于電場力做功的數值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似．三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓強14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容。【解析】不可能15、略

【分析】【分析】

此題考查了法拉第電磁感應定律的應用；需要知道的是感應電動勢的最大值：有效值平均值用計算；瞬時值表達式在求解通過某截面的電量時要用平均值.

【詳解】

感應電動勢的最大值：感應電流的最大值：感應電動勢的平均值：由q=It，可得：．

【點睛】【解析】16、略

【分析】【詳解】

由圖可知，該交流電的電壓最大值為Um(V)，有效值為V．【解析】Um．17、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．18、略

【分析】【詳解】

[1]氣囊展開過程中；氣體迅速膨脹，對外做功，由于時間極短，可看作絕熱膨脹，故內能減小；

[2]泄露收縮過程中；整個氣體是進一步膨脹的，根據熱力學第一定律，內能進一步減小，故剩余部分氣體的溫度進一步降低，而溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子熱運動平均動能減小，而分子密集程度也稀疏了，故氣囊內壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力減小。

【點睛】

熱力學第一定律就是不同形式的能量在傳遞與轉換過程中守恒的定律，表達式為表述形式：熱量可以從一個物體傳遞到另一個物體，也可以與機械能或其他能量互相轉換，但是在轉換過程中，能量的總值保持不變。【解析】減小減小四、作圖題(共3題，共9分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)22、略

【分析】【分析】

（1）分析電路結構；明確電路接法，再根據電壓表和電流表所測量的對象進行分析，再利用歐姆定律以及閉合電路歐姆定律進行分析即可明確能測量的數據．

【詳解】

（1）若電壓表待定端接a，電壓表并聯在滑動變阻器兩端，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，利用該實驗所得的U－I關系圖線可得到電源的電動勢和電阻R和電源的內阻之和；接b；此時電壓表并聯在滑動變阻器和定值電阻兩端，電壓表測量滑動變阻器與定值電阻兩端的電壓，利用該實驗所得的U－I關系圖線可得到電源的電動勢和內阻；故選D；

（2）出現上述情況的原因是：滑動變阻器的最大值遠大于電源內阻與定值電阻R的值之和；（3）由圖像可知，電源電動勢E=1.50V，內阻．

（4）設電路工作時間t，電路中電流強度為I，根據電源消耗其他形式的能量為EIt，外電路消耗電能為電源內部消耗電能有能量守恒可得化簡得到．

【點睛】

本題考查測量電源電動勢和內電阻以及歐姆定律的應用，要注意明確電壓表與哪一部電路并聯，再結合圖象的性質進行分析即可求解．【解析】D滑動變阻器的最大值遠大于電源內阻與定值電阻R的值之和，1.500.28是電路工作時間t，電路中電流強度為I，根據電源消耗其他形式的能量為EIt，外電路消耗電能為，電源內部消耗電能，有能量守恒可得，化簡得到．23、略

【分析】【詳解】

（1）由于電壓表V1的內阻小于定值電阻值阻值；選擇圖甲所示電路實驗誤差較大，為減小實驗誤差應選擇圖乙所示實驗電路，根據圖乙所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：

（2）為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇R1．

（3）電壓表V1的內阻：【解析】⑴乙；連圖如圖；

⑵R1⑶24、略

【分析】【詳解】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內阻的電流表G與定值電阻R0串聯測電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω；電壓表內阻為10+1990=2000Ω，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示：

（2）為方便實驗操作；同時分壓接法時，