…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一質量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上，現對物塊施加一個豎直向上的恒力F，如圖，若物塊仍然與斜面接觸，則物塊（）A.沿斜面加速上滑B.仍處于靜止狀態C.受到的摩擦力不變D.受到的合力減小2、【題文】圖中兩條平行虛線之間存在勻強磁場，虛線間的距離為l，磁場方向垂直紙面向里。abcd是位于紙面內的直角梯形線圈，ab與dc間的距離也為l。t=0時刻，ab邊與磁場區域邊界重合（如圖）。現令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場區域邊界的方向穿過磁場區域。取沿a→d→c→b→a的感應電流為正，則在線圈穿越磁場區域的過程中，感應電流I隨時間t變化的圖線可能是（）

3、質量為m的物體，在水平面上以加速度a從靜止開始運動，所受阻力是f，經過時間t，它的速度為v，在此過程中物體所受合外力的沖量是（）A.B.mvC.ftD.4、用比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列表達中不屬于用比值法定義的物理量是()A.加速度a=螖V螖t

B.電容c=QU

C.電場強度E=Fq

D.電容c=蔚s4蟺kd

5、一個學生在百米賽跑中，測得他在7s末的速度為9m/s，10s末到達終點的速度為10.2m/s，則他在全程內的平均速度是（）A.9m/sB.9.6m/sC.10m/sD.10.2m/s評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、利用電光門；數字計時器等器材可以測定物體沿斜面下滑過程中的加速度．如圖1所示；在一個斜面上安裝兩個電光門，其中光電門甲的位置可以在斜面上移動，光電門乙固定在斜面上靠近底端位置處，讓一個帶有遮光片的滑塊自斜面上自由滑下，在滑塊下滑過程中，與兩個光電門都相連的數字計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至光電門乙所用的時間，改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使滑塊從同一位置由靜止開始下滑，用米尺測量出甲、乙之間的距離，記下相應的時間，某個學習小組的同學做此實驗數據如下表所示，請完成下列填空和作圖：

。s/m0.5000.6000.7000.8000.9000.950t/ms292.0371.5452.3552.8673.8776.4（m?s-1）1.711.621.551.451.341.22（1）根據表中給出的數據，在給出的坐標紙上畫出-t圖線。

（2）由所畫出的-t圖線，得出滑塊的加速度大小為a=____m/s2（保留兩位有效數字）7、變壓器是改變交變電壓的設備．其主要由____、____、____三部份構成，在原線圈中把____能轉化為____能．8、（2012春?吉安期末）如圖所示，相距為L的平行金屬導軌ab、cd兩端各接有阻值為R的電阻R1、R2，垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度為B，今將阻值也為R的直導體棒以速度v勻速拉過磁場區域，設磁場區域寬度為d，摩擦不計，導軌電阻不計，那么此過程中，外力所做的功為____，通過R1的電荷量為____．9、質量是2kg的物體，受到24N豎直向上的拉力，由靜止開始運動，經過5s，求5s內拉力對物體所做的功是____；5s內拉力的平均功率____；（g取10m/s2）10、根據波爾理論，氫原子的電子在第一條軌道和第二條軌道運動時，半徑之比為r1：r2=____速度之比為V1：V2=____．11、（2011秋?焦作校級月考）某次實驗得到小車做直線運動的x-t關系如圖所示．

（1）由圖象可以確定，小車在AC段和DE段的運動情況分別為____

A．AC段是減速運動；DE段是勻速運動。

B．AC段是減速運動；DE段是勻加速運動。

C．AC段是加速運動；DE段是勻速運動。

D．AC段是加速運動；DE段是勻加速運動。

（2）在與AB、AC、AD對應的平均速度中，最接近小車在A點瞬時速度的是____段中的平均速度．12、當分子力是引力時，分子的勢能隨著分子間距離的減小而____；當分子力是斥力時，分子的勢能隨著分子間距離的增大而____（以上填”增大”、”減小”或”不變”）．13、將質量為5kg的物體以1m/s2的加速度勻減速向上拉升了10m，此過程中物體重力做功為____J，拉力對物體做功____J（g=10m/s2）評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態．____．（判斷對錯）15、光的衍射現象、偏振現象、色散現象都能體現光具有波動性____（判斷對錯）16、太陽發出的能量來自內部發生的化學反應釋放的化學能．____．（判斷對錯）17、作用力與反作用力一定是同種性質的力．____（判斷對錯）18、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）評卷人得分四、證明題(共2題，共10分)19、一物體做初速度為v0的勻加速直線運動，加速度為a，經過時間t速度達到vt，試證明物體經過時刻的速度等于這段時間內的平均速度，還等于．20、證明推導題：

試用運動學公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機械能守恒．評卷人得分五、實驗探究題(共1題，共7分)21、測定木塊與長木板之間的動摩擦因數時；采用如圖1

所示的裝置，圖中長木板水平固定．

(1)

實驗過程中；電火花計時器接在頻率為50Hz

的交流電源上，調整定滑輪高度，使______．

(2)

已知重力加速度為g

測得木塊的質量為M

砝碼盤和砝碼的總質量為m

木塊的加速度為a

則木塊與長木板間動摩擦因數婁脤=

______．

(3)

如圖2

所示為木塊在水平木板上帶動紙帶運動時打出的一條紙帶的一部分，0123456

為計數點，相鄰兩計數點間還有4

個打點未畫出，從紙帶上測出x1=3.20cmx2=4.52cmx5=8.42cmx6=9.70cm.

則木塊加速度大小a=

______m/s2(

保留2

位有效數字)

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】質量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上，對其受力分析，可求出動摩擦因數，加力F后，根據共點力平衡條件，可以得到壓力與最大靜摩擦力同時變大，物體依然平衡．【解析】【解答】解：由于質量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上；說明斜面對物塊的摩擦力等于最大靜摩擦力；

對物體受力分析；如圖。

根據共點力平衡條件；有：

f=mgsinθ

N=mgcosθ

f=μN

解得：μ=tanθ

對物塊施加一個豎直向上的恒力F；則重力與F的合力為mg-F，根據共點力平衡條件，有：

與斜面垂直方向依然平衡：N=（mg-F）cosθ

因而最大靜摩擦力為：f=μN=μ（mg-F）cosθ=（mg-F）sinθ

故合力仍然為零；物塊仍處于靜止狀態，摩擦力由mgsinθ減小到（mg-F）sinθ，故B正確，ACD錯誤．

故選：B．2、A【分析】【解析】ab進入磁場時，切割磁感線，所以由右手定則得電流方向沿逆時針，為正ab桿相當于電源，a為負極，所以ab間的電勢差為負，此后ab桿切割磁感線的長度增大，所以電流在增大，經過l/v時間后，dc桿進入磁場，此時電流為最大順時針電流，ab間的電勢差仍為負，隨著cb桿的進入，切割磁感線的長度增大，A對；【解析】【答案】A3、B【分析】解：由牛頓第二定律可知；物體受到的合外力：F=ma，合外力的沖量：I=Ft=mat；

由動量定理可知；合外力的沖量等于物體動量的變化，即：I=mv，故B正確，ACD錯誤；

故選：B．

已知物體的質量與加速度；由牛頓第二定律可以求出物體所受的合外力；

合外力的沖量等于物體動量的變化；根據沖量的定義式與動量定理分析答題．

本題考查了求合外力的沖量，知道沖量的定義式、知道動量定理即可解題，平時要注意基礎知識的學習與掌握，解題時要注意牛頓第二定律的應用．【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】所謂比值定義法；就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法。比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變。

用比值法定義物理量是物理上常用的思想方法，可以根據定義出的物理量與兩個物理量有無關系，判斷是否是比值法定義。【解答】A.加速度的定義是速度變化量與所用時間的比值；是比值定義物理量，故A正確；

B.電容C=QU

表示電容器的帶電量與電勢差的比值；是比值定義物理量，故B正確；

C.電場強度與放入電場中的電荷無關，E=Fq

是比值定義物理量；故C正確；

D.C=婁脜S4婁脨kd

是電容器的決定式；不是比值定義的物理量，故D錯誤。

本題選不屬于用比值定義物理量的，故選D。【解析】D

5、C【分析】【分析】正確理解平均速度的定義，平均速度等于質點發生的位移除以發生這一段位移所用的時間．百米競賽的位移就是100m，10s到達終點，時間就為10s．【解析】【解答】解：根據平均速度的定義有：

v===10m/s；

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)6、2.0【分析】【分析】根據表格描點作圖法，作出圖象，再由位移時間關系式整理得到-t圖線的表達式，并找出圖線的斜率和加速度關系．【解析】【解答】解：（1）根據表中給出的數據，在圖2給出的坐標紙上畫出-t圖線；

（2）由s=v1t-at2整理。

得：=v1-at

由表達式可知，加速度等于斜率大小的兩倍．所以由圖象得出滑塊加速度的大小為a=2.0m/s2

故答案為：（1）如上圖所示；（2）2.0．7、原線圈副線圈鐵芯電場磁場【分析】【分析】根據變壓器的構造和原理即可回答．【解析】【解答】解：變壓器是利用電磁感應的原理來改變交流電壓的裝置；其主要由原線圈；副線圈、鐵芯三個部分組成，變壓器在原線圈中把電場能轉化為磁場能．

故答案為：原線圈、副線圈、鐵芯、電場、磁場．8、【分析】【分析】根據法拉第電磁感應定律；歐姆定律和安培力公式F=BIL求出棒MN所受的安培力；由平衡條件知，外力與安培力平衡，求得外力的大小，即可由功的公式W=Fs求出外力做功W．

由電量公式q=It求出通過MN的電量，根據兩個電阻并聯，電流與電阻成反比，求出通過電阻R1的電量q1．【解析】【解答】解：導體棒MN產生的感應電動勢E=BLv

通過MN的感應電流為I==

MN所受的安培力大小為F安=BIL=

由于棒MN勻速運動，則外力F=F安=．

所以外力做功W=Fs=；

通過MN的電量q=It=?=

電阻R1、R2并聯，電流與電阻成反比，則通過電阻R1的電量q1=q=；

故答案為：，．9、600J120W【分析】【分析】根據牛頓第二定律求出加速度，求出5s內位移，從而根據W=Fs求出拉力對物體做的功；最后根據P=求解平均功率．【解析】【解答】解：物體的加速度a===2m/s2

在5s內的位移s=at2=×2×52=25m．

所以5s內拉力對物體做的功W=Fs=24×25=600J

5s內拉力的平均功率P===120W．

故答案為：600J，120W．10、1：42：1【分析】【分析】根據半徑公式rn=n2r1；即可求解；

根據庫侖定律求出氫原子核與核外電子的庫侖力．

根據原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律求出線速度，從而求解．【解析】【解答】解：（1）根據半徑公式r2=22r1=4r1，則半徑之比為r1：r2=1：4；

（2）原子核對電子的庫侖力提供向心力，由牛頓第二定律及庫侖定律得：=m

電子運動的速率v=，因此速度v與成正比；

那么速度之比為：V1：V2=2：1；

故答案為：1：4，2：1．11、CAB【分析】【分析】（1）根據x-t圖象判定物體如何運動；主要根據x-t圖象的斜率等于物體的速度．

（2）根據=可知：t越小平均速度值越趨近瞬時速度的真實值．【解析】【解答】解：（1）x-t圖象的斜率等于物體的速度；由圖可知AC段x-t圖象是曲線，圖象的斜率大小不斷增大，表明物體做加速運動，DE段是傾斜的直線，表明DE段物體的速度不變，做勻速直線運動；故C正確．

故選：C．

（2）x-t圖象的斜率等于物體運動的速度，而=；故時間越短，物體的平均速度越趨近于物體的瞬時速度，故在與AB；AC、AD對應的平均速度中，AB段的平均速度最接近小車在A點瞬時速度．

故答案為：（1）C（2）AB12、減小減小【分析】【分析】可以根據分子力做功判斷分子勢能的變化，分子力做正功，分子勢能減小，分子力做負功，分子勢能增加．【解析】【解答】解：當分子力是引力時；隨分子間距離的減小，分子力做正功，分子勢能減小；

當分子力是斥力時；隨分子間距離的增大，分子力做正功，分子勢能減小；

故答案為：減小；減小．13、-500J450J【分析】【分析】根據W=mgh求出物體克服重力做的功，根據牛頓第二定律求出牽引力的大小，從而求出牽引力做的功．【解析】【解答】解：物體重力做功W=-mgh=-5×10×10J=-500J

根據牛頓第二定律得；F-mg=ma，解得F=mg+ma=5×10+5×（-1）N=45N，則起重機對物體做功W=Fh=45×10J=450J

故答案為：-500J450J三、判斷題(共5題，共10分)14、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止狀態．所以該說法是正確的．

故答案為：√15、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×16、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據目前的認識；太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×四、證明題(共2題，共10分)19、略

【分析】【分析】根據位移時間公式的表達式，結合平均速度的定義式求出平均速度的大小，通過速度時間公式得出中間時刻的瞬時速度，判斷是否相等．【解析】【解答】證明：設物體在上述兩個T內的總位移為s，則s=v0?2T+a（2T）2

物體在這兩個T內的平均速度為==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可證物體經過時刻的速度等于這段時間內的平均速度，還等于．