…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，虛線為位于O位置的點電荷形成電場中的等勢面，已知三個等勢面的電勢差關(guān)系為圖中的實線為一帶負電的粒子進入該電場后的運動軌跡，與等勢面相交于圖中的a、b、c、d四點；已知該粒子僅受電場力的作用，則下列說法正確的是（）

A.該粒子只有在a、d兩點的動能與電勢能之和相等B.場源電荷是正電荷C.粒子電勢能先增加后減小D.2、如圖所示，在真空中相距為L的a、b兩點分別放置電荷量大小均為Q的正、負電荷，那么在離a、b兩點距離都等于L的點的電場強度的方向和該點的場強大小為（）

A.沿a到b方向，B.沿b到a方向，C.方向沿ab中垂線向外，D.方向沿ab中垂線向里，3、如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d；e為軌跡和虛線圓的交點。不計重力；下列說法錯誤的是（）

A.M帶負電荷，N帶正電荷B.M在b點的動能小于它在a點的動能C.N在d點的電勢能等于它在e點的電勢能D.N在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功4、如圖所示，a、b、c、d為圓周上的四個點，為相互垂直的兩條直徑，M、N為上關(guān)于圓心O對稱的兩個點，在a、b、c三點分別固定電荷量相等的點電荷，帶電性質(zhì)如圖所示。有一帶負電的試探電荷在外力作用下由M點沿直線勻速運動到N點；不計試探電荷重力。下列正確的是（）

A.M處的電場強度與N處的電場強度相同B.試探電荷在運動過程中，電勢能不變C.試探電荷在運動過程中，外力始終做正功D.試探電荷在運動過程中，電場力先做負功再做正功5、兩個半徑為R的相同的金屬球分別帶有q1、q2的異種電荷，已知q1＝3q2，兩球心相距為r（r=3R），其相互作用力為F。現(xiàn)將兩球接觸后分開，再放回原來的位置，這時兩球間的相互作用力為F2，則（）A.F2＝FB.F2＝FC.F2<FD.F2>F6、如圖所示；水平放置的平行金屬板帶等量異種電荷，上板接地。板間一個帶電小球用絕緣細線懸掛處于靜止狀態(tài)，細線的張力不為零。若將下板向下移一些，則（）

A.兩金屬板間電勢差增大B.細線上的張力增大C.小球的電勢能減少D.上板帶電量減少評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示，開關(guān)閉合的情況下，平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止狀態(tài)．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則。

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點P將向下運動D.R3上消耗的功率減小8、如圖所示，直角坐標系中x軸上在x＝－r處固定有帶電荷量為＋9Q的正點電荷，在x＝r處固定有帶電荷量為－Q的負點電荷，a、b兩點的坐標分別為(0，r)，(0，－r)，c、d、e點都在x軸上，d點的坐標為(2r,0)，r<xc<2r，c、d點間距與d、e點間距相等．下列說法正確的是()

A.a、b兩點的場強相同B.a、b兩點的電勢相等C.d點場強為零D.場強大小Ec>Ee9、如圖所示為一等腰直角三棱柱，其中側(cè)面為正方形，邊長為置于豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為下列說法正確的是（）

A.通過平面的磁通量大小為B.通過平面的磁通量大小為C.通過平面的磁通量大小為D.通過整個三棱柱的磁通量大小為10、如圖所示，在光滑絕緣的水平面上放置兩帶電的小物塊甲和乙，所帶電荷量分別為+q1和-q2，質(zhì)量分別為m1和m2．同時由靜止釋放后，甲、乙兩物塊相向運動．則關(guān)于兩物塊的表述錯誤的是（）

A.碰撞前瞬間動量之比p甲：p乙=1：1B.碰撞前瞬間速度大小之比v甲：v乙=m1：m2C.碰撞前瞬間動能之比Ek甲：Ek乙=m2：m1D.從開始運動到碰撞前過程中，位移比X甲：X乙=1:111、某靜電場的一條電場線與x軸平行，該電場線上各點的電勢隨x軸上的位置坐標的變化規(guī)律如圖所示；下列說法正確的是（）

A.該電場是一點電荷形成的B.場強方向沿x軸負方向C.處的場強大小為D.將一電子從處移到處，電子的電勢能增大為原來的2倍12、下列四幅圖中，穿過線圈的磁通量減小的是（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、實驗：觀察電容器的充；放電現(xiàn)象。

（1）實驗原理。

a.電容器的充電過程。

如圖所示，當(dāng)開關(guān)S接1時，電容器接通電源，在電場力的作用下自由電子從正極板經(jīng)過電源向負極板移動，正極板因失去電子而帶正電，負極板因得到電子而帶___________電。正、負極板帶___________的正、負電荷。電荷在移動的過程中形成電流。在充電開始時電流比較___________（填“大”或“小”），以后隨著極板上電荷的增多，電流逐漸___________（填“增大”或“減小”），當(dāng)電容器兩極板間電壓等于電源電壓時電荷停止移動，電流I=0。

b.電容器的放電過程。

如圖所示，當(dāng)開關(guān)S接2時，相當(dāng)于將電容器的兩極板直接用導(dǎo)線連接起來，電容器正、負極板上電荷發(fā)生___________，在電子移動過程中，形成電流，放電開始電流較___________（填“大”或“小”），隨著兩極板上的電荷量逐漸減小，電路中的電流逐漸___________（填“增大”或“減小”）；兩極板間的電壓也逐漸減小到零。

（2）實驗器材：6V的直流電源；單刀雙擲開關(guān)、平行板電容器、電流表、電壓表、小燈泡、導(dǎo)線若干。

（3）實驗步驟。

a.按圖連接好電路。

b.把單刀雙擲開關(guān)S打在上面；使觸點1和觸點2連通，觀察電容器的充電現(xiàn)象，并將結(jié)果記錄在表格中。

c.將單刀雙擲開關(guān)S打在下面；使觸點3和觸點2連通，觀察電容器的放電現(xiàn)象，并將結(jié)果記錄在表格中。

d.記錄好實驗結(jié)果；關(guān)閉電源。

（4）實驗記錄和分析。實驗項目實驗現(xiàn)象電容器充電燈泡燈泡的亮度由___________到___________最后___________（選填“明”“暗”或“熄滅”）電流表1電流表1的讀數(shù)由___________到___________最后為___________（選填“大”“小”或“零”）電流表1的讀數(shù)由___________到___________最后為___________（選填“大”“小”或“零”）電壓表電壓表的讀數(shù)由___________（選填“大”或“小”）到___________（選填“大”或“小”）最后為___________電壓表的讀數(shù)由___________（選填“大”或“小”）到___________（選填“大”或“小”）最后為___________電容器放電燈泡燈泡的亮度由___________到___________最后___________（選填“明”“暗”或“熄滅”）電流表2電流表2的讀數(shù)由___________到___________最后為___________（選填“大”“小”或“零”）電流表2的讀數(shù)由___________到___________最后為___________（選填“大”“小”或“零”）電壓表電壓表的讀數(shù)由___________（選填“大”或“小”）到___________（選填“大”或“小”）最后為___________電壓表的讀數(shù)由___________（選填“大”或“小”）到___________（選填“大”或“小”）最后為___________

（5）注意事項。

a.電流表要選用小量程的靈敏電流計。

b.要選擇大容量的電容器。

c.實驗要在干燥的環(huán)境中進行。

d.在做放電實驗時，在電路中串聯(lián)一個電阻，以免燒壞電流表。14、真空中一個固定的正點電荷，周圍的電場線分布如圖所示，A、B為水平電場線上的兩點。

（1）電場強度________（選填或）；

（2）將試探電荷＋q放在A點，試探電荷＋q受到的靜電力的方向________（選填水平向左或水平向右）。15、a、b、c、d是一個菱形的四個頂點，現(xiàn)將三個電荷量均為＋Q的正點電荷分別固定在a、b、c三個頂點上，將一個電荷量為-Q的點電荷A從菱形中心O點處沿直線Od移動到頂點d處，電場力對點電荷A做________(填“正功”或“負功”)，點電荷A的電勢能________(填“增加”“不變”或“減小”)，電場中的O、d兩點________點(填“O”或“d”)的電勢較高．16、帶電粒子在電場中的加速。

分析帶電粒子的加速問題有兩種思路：

（1）利用___________定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是___________且涉及___________等描述運動過程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及___________、___________等動能定理公式中的物理量或___________電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）或qU=mv2-mv（任何電場）等。17、如圖是雙量程電壓表的原理圖，它有兩個量程分別為3V和15V，則使用圖的a、b兩端時量程應(yīng)為_____，使用圖的a、c兩端時量程為____，已知表頭內(nèi)阻為15Ω，滿偏電流為4mA，則R1=____。

18、在非純電阻電路（像含有電動機、電解槽的電路）中，電流做的功只有_______一部分轉(zhuǎn)化為電熱，_______部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機械能或化學(xué)能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即_______=_______+_______。評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)19、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

20、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

21、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、解答題(共4題，共8分)23、如圖所示，一質(zhì)量為電荷量為的帶正電金屬小球B（視為質(zhì)點），用長為的絕緣細線固定在左邊一檐角，使其剛好貼著正面絕緣墻壁。在正面墻壁上畫好一個量角刻度尺。取一個與小球B完全相同（除電荷量外）的小球A，A連接絕緣細桿，手提絕緣細桿讓小球A上下移動至小球A、B在同一水平線上且平衡時，讀出小球B偏離豎直方向的夾角靜電力常量為重力加速度大小為求：

(1)絕緣細線的拉力大小；

(2)小球A所帶的電荷量。

24、如圖所示，顯像管中有一電子槍，工作時它能發(fā)射高速電子。從燈絲逸出的電子（初速度可視為0），經(jīng)M、N板間電壓為U的電場加速后，形成高速電子流。已知電子的電荷量為e。忽略電子間的相互作用及電子所受的重力。

（1）求電子從N板射出時的動能Ek；

（2）若保持電壓U不變；只增加M；N兩板間的距離，電子從N板射出時的動能是否改變？請說明理由。

25、如圖所示，在勻強電場中，沿著電場線的方向有相距為20cm的A、B兩點。有一個電荷量q=1.0×10-9C的點電荷由靜止狀態(tài)開始從A點運動到B點，靜電力做功為4.0×10-7J。

（1）求A、B之間的電勢差UAB以及該電場的電場強度大小E；

（2）若點電荷在運動過程中只受靜電力作用，求其到達B點時的動能Ek。

26、如圖所示的電路中，兩平行金屬板A，B水平放置，接入如圖所示電路中，兩板間的距離d=50cm，電源電動勢E=15V，內(nèi)電阻r，電阻R1=4Ω，R2=10Ω，閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶電的小球放入板間恰能保持靜止，若小球質(zhì)量為m=2×10-2kg，電量q=1×10-2C（取g=10m/s2）問：

（1）小球帶正電還是負電；電容器的電壓為多大？

（2）電源的內(nèi)阻為多大？電源的效率是多高？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

A．粒子運動的過程中只有電場力做功；則粒子的動能與電勢能之和不變，四個點都是相等的，故A錯誤；

B．由圖結(jié)合曲線運動的特點可知；粒子受到的電場力得方向向右，粒子帶負電，所以電場的方向向左，結(jié)合常見電場的特點可知，該電場的場源電荷是負電荷，故B錯誤；

C．粒子受到的電場力得方向向右；所以粒子向左運動的過程中電場力做負功，而向右運動的過程中電場力做正功，即電場力對該粒子先做負功后做正功，粒子電勢能先增加后減小,故C正確。

D．電場的方向向左，沿電場線的方向電勢降低，所以電勢的關(guān)系為：故D錯誤；

故選：C。2、A【分析】【詳解】

兩個等量異種點電荷在B兩點距離都等于L的點產(chǎn)生的電場強度大小相等；方向如圖．

大小為E1＝E2＝則合場強為：E＝．方向由a指向b；故選A.

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握點電荷的場強公式E＝以及知道場強是矢量，合成分解遵循平行四邊形定則．3、D【分析】【詳解】

A．由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷；故A正確；

B．M從a點到b點，庫侖力做負功，根據(jù)動能定理知，動能減小，則M在b點的動能小于在a點的動能；故B正確；

C．d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能；故C正確；

D．N從c點運動到d點；庫侖斥力做正功，故D錯誤。

本題選錯誤的，故選D。4、C【分析】【詳解】

A．a(chǎn)、b兩處異種電荷在M、N處上形成的場強大小、方向相等。c處正電荷在M、N處形成的場強方向相同，大小不同。所以M、N兩處的合場強大小和方向均不同；故A錯誤；

BCD．a(chǎn)、b、c三處點電荷在cd上形成的場強方向為斜向右下方。負電荷從M勻速移動到N的過程中；所受電場力始終為斜向左上方，外力斜向右下方。電場力始終做負功，所以電勢能增加。外力始終做正功。故BD錯誤，C正確。

故選C。

【點睛】

研究多個點電荷在同一位置形成的場強時，可以先確定常見的點電荷形成的合場強大小和方向變化情況，再依次與其他電荷形成的場強疊加。5、C【分析】【詳解】

根據(jù)題意兩球接觸后分開，兩球各帶的同種電荷，根據(jù)同種電荷相互排斥，異種電荷互相吸引的性質(zhì)，當(dāng)兩球帶異種電荷時，兩球表面所帶電荷的“等效中心”位置之間的距離必定小于r；當(dāng)兩球帶同種電荷時，兩球表面所帶電荷的“等效中心”位置之間的距離必大于r，如果能夠近似地運用庫侖定律來討論，則必定小于故ABD錯誤，C正確。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)聯(lián)立則有

由于電荷量不變，則極板間場強不變，距離增大，由公式可知兩板間的電勢差增大；故A正確；

B．由于兩板帶電量一定；因此兩板間的距離增大，兩板間的電場強度大小不變，因此細線上的張力不變，故B錯誤；

C．由于上板的電勢為零，且?guī)щ娦∏蛩谖恢门c上板間的距離不變，由可知；帶電小球所在位置與上板的電勢差不變，因此小球的電勢能不變，故C錯誤；

D．兩板始終帶等量異種電荷；故D錯誤。

故選A。二、多選題(共6題，共12分)7、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；所以電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．因電容器兩端電壓減小；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C正確；

D．因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減小；故D正確．8、B:C:D【分析】【詳解】

根據(jù)電場疊加可知，a、b兩點電場強度大小相等，方向不同，場強不同，A項錯誤；在帶電荷量為＋9Q的正點電荷的電場中，a、b兩點的電勢相等，同樣，在帶電荷量為－Q的負點電荷的電場中，a、b兩點的電勢也相等，因此在＋9Q和－Q的疊加場中，a、b兩點的電勢相等，B項正確；帶電荷量為＋9Q的正點電荷在d點產(chǎn)生的場強E1＝k帶電荷量為－Q的負點電荷在d點產(chǎn)生的場強E2＝kE1和E2等大反向，d點場強為零，C項正確；設(shè)cd＝de＝l，則根據(jù)E＝k作出E－x圖象，由圖象可知，Ec大于等于點電荷Q電場中距場源(r－l)和處場強大小的差，同樣Ee大小等于點電荷Q電場中距場源和(r＋l)處場強大小的差，由圖象可知，Ec>Ee，D項正確．

故選BCD.9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．通過平面的磁通量大小為

所以A正確；

B．平面是平面在垂直磁場方向上的投影，所以通過平面的磁通量大小為

所以B正確；

C．平面與磁場方向平行，所以通過平面的磁通量為零；C錯誤；

D．穿進整個三棱柱的磁感線和穿出整個三棱柱的磁感線條數(shù)相等；磁感線凈條數(shù)為零，故通過整個三棱柱的磁通量為零，D錯誤；

故選AB。10、A:C【分析】【詳解】

A.甲、乙兩物塊組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，初始時系統(tǒng)的總動量為零，可知，碰撞前瞬間兩個物塊的動量大小相等，方向相反，則動量之比p甲：p乙=1：1

故A錯誤；

B.由p=mv，兩個物塊的動量大小相等，則得碰撞前瞬間速度大小之比v甲：v乙=m2：m1

故B錯誤；

C.根據(jù)

p相等，則得碰撞前瞬間動能之比Ek甲：Ek乙=m2：m1

故C項正確；

D.根據(jù)動能定理得，對甲有W甲=Ek甲=

對乙有W乙=Ek乙=

所以X甲：X乙=m2：m1

故D項錯誤．11、B:C【分析】【詳解】

AC．圖像的斜率表示電場強度，可知電場強度不變，為

點電荷的一條電場線上的電場強度大小變化；故該電場不是點電荷形成的。故A錯誤，C正確；

B．沿電場線方向電勢降低，由圖可知，場強方向沿x軸負方向；故B正確；

D．將一電子從處移到處，電子受到的電場力方向沿x軸正方向；做正功，電勢能減小，故D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)線圈向右移動；遠離通電導(dǎo)線，穿過線圈的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故A正確；

B．當(dāng)線圈向上移動；穿過線圈的磁場不變，即穿過線圈的磁通量不變，故B錯誤；

C．條形磁鐵遠離線圈；穿過線圈的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故C正確；

D．條形磁鐵靠近線圈；穿過線圈的磁場增大，即穿過線圈的磁通量增大，故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）a.電容器的充電過程，當(dāng)開關(guān)S接1時，電容器接通電源，在電場力的作用下自由電子從正極板經(jīng)過電源向負極板移動，正極板因失去電子而帶正電，負極板因獲得電子而帶負電。正、負極板帶等量的正、負電荷。電荷在移動的過程中形成電流。在充電開始時電流比較大，以后隨著極板上電荷的增多，電流逐漸減小，當(dāng)電容器兩極板間電壓等于電源電壓時電荷停止移動，電流I=0；

b.電容器的放電過程；當(dāng)開關(guān)S接2時，相當(dāng)于將電容器的兩極板直接用導(dǎo)線連接起來，電容器正；負極板上電荷發(fā)生中和，在電子移動過程中，形成電流，放電開始電流較大，隨著兩極板上的電荷量逐漸減小，電路中的電流逐漸減小，兩極板間的電壓也逐漸減小到零；

（4）燈泡的亮度由明到暗最后熄滅；電流表1的讀數(shù)由大到小最后為；電壓表的讀數(shù)由小到大最后為6V；燈泡的亮度由明到暗最后熄滅；電流表2的讀數(shù)由大到小最后為；電壓表的讀數(shù)由大到小最后為零。【解析】①.負②.等量③.大④.減小⑤.中和⑥.大⑦.減小⑧.明⑨.暗⑩.熄滅?.大?.小?.零?.小?.大?.6V?.明?.暗?.熄滅?.大(21).小(22).零(23).大(24).小(25).0V14、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電場線越密集的地方電場強度越大，故

（2）[2]正電荷所受電場力方向和電場強度方向相同，故試探電荷＋q受到的靜電力的方向水平向右。【解析】水平向右15、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)對稱性可知，ac兩點的電荷在Od上產(chǎn)生的合場強豎直向下，b處電荷在Od間產(chǎn)生的場強豎直向下，所以O(shè)d間電場線方向從O到d，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，O點的電勢高于d點的電勢，在移動過程中，負電荷受力與位移方向相反，所以電場力做負功，電勢能增加。【解析】負功增加O16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是勻強電場且涉及運動時間等描述運動過程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及位移、速率等動能定理公式中的物理量或非勻強電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）

或qU=mv2-mv（任何電場）【解析】①.牛頓第二②.勻強電場③.運動時間④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非勻強17、略

【分析】【詳解】

[1][2]改裝后電壓表的量程為

故串聯(lián)的電阻越大，量程越大，故接a，b時，為靈敏電流計與R1串聯(lián)，量程為3V；接a，c時，為靈敏電流計與R1和R2串聯(lián)；量程為15V；

[3]由題可知，滿偏電壓

則R1兩端的電壓為

則【解析】3V15V18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5]在非純電阻電路（像含有電動機、電解槽的電路）中，電流做的功只有很少一部分轉(zhuǎn)化為電熱，絕大部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機械能或化學(xué)能等）。因此，即根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即。

【解析】很少絕大UItI2RtE其他四、作圖題(共4題，共12分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】20、略