…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選修三物理上冊月考試卷482考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內阻為r，R0為定值電阻，R為滑動變阻器（最大阻值大于）．閉合開關S，調節R的阻值，使電路中的電流為I，下列說法正確的是（）

A.此時電源的輸出功率為EI-B.此時滑動變阻器的阻值C.此時電源的路端電壓為D.調節滑動變阻器R的阻值，當時滑動變阻器消耗的電功率最大2、如圖所示是一透明玻璃球體，其半徑為R，O為球心，AB為水平直徑．M點是玻璃球的最高點，一條平行于AB的光線自D點射入球體內，其折射光線為DB，已知∠ABD＝30°，光在真空中的傳播速度為c、波長為λ；則。

A.此玻璃的折射率為B.光線從D傳播到B的時間是C.光在玻璃球體內的波長為λD.光在B點會發成全反射3、如圖所示為用“與”門構成的報警器電路。下列哪種情況下；報警器一定會報警？（）

A.S斷開，P在a端B.S閉合，P在a端C.S斷開，P在b端D.S閉合，P在b端4、如圖所示是顯像管的原理圖；沒有磁場時陰極射線（電子束）將打在熒光屏正中的Ｏ點，要使電子束打在圖中的Ａ點，偏轉磁場應該沿著什么方向：

A.沿著紙面向上；B.沿著紙面向右；C.垂直于紙面向外；D.垂直于紙面向里．5、如圖甲所示，一定質量的氣體的狀態沿1→2→3→1的順序循環變化，若用或圖像表示這一循環；在下圖中表示正確的是（）

A.B.C.D.6、光滑曲面與豎直平面的交線是拋物線，如圖所示，拋物線的方程為y=x2，其下半部處在一個水平方向的勻強磁場中，磁場的上邊界是y=2m的直線（如圖中的虛線所示）．一個質量為1kg的小金屬塊從拋物線上y=4m處以速度v=2m/s沿拋物線下滑，假設曲面足夠長，重力加速度g取10m/s2；則金屬塊在曲面上滑動的過程中產生的焦耳熱總量為（）

A.20JB.18JC.22JD.42J7、如圖所示，在粗糙絕緣水平面上固定一點電荷Q，從M點無初速釋放一帶有恒定負電荷的小物塊，小物塊在Q的電場中運動到N點靜止．則從M點運動到N點的過程中；下列說法中正確的是（）

A.小物塊所受電場力逐漸增大B.小物塊具有的電勢能逐漸增大C.Q電場中M點的電勢高于N點的電勢D.小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功8、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場線中M點以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子；運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a的速度將減小，b的速度將增大B.a一定帶正電，b一定帶負電C.兩個粒子的動能，一個增加一個減小D.a的加速度將減小，b的加速度將增加評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖的實驗中，分別用波長為的單色光照射光電管的陰極K，測得相應的遏止電壓分別為U1和U2．設電子的質量為m，帶電荷量為e，真空中的光速為c，極限波長為下列說法正確的是（）

A.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為B.用波長為的光照射時，光電子的最大初動能為C.普朗克常量等于D.陰極K金屬的極限頻率為10、下列說法中正確的是（）A.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和B.液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點C.高溫物體可以自發把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達到熱平衡狀態E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形E.在“用油膜法測分子直徑”的實驗中，作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層、忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形11、質量相等的兩個小球A、B在光滑水平面上相向運動，A的速度為vA=3m/s，B的速度為vB=-2m/s，若它們發生對心碰撞，碰撞后A、B的速度可能為（）A.v′A=v′B=0.5m/sB.v′A=1m/，v′B=0C.v′A=-1m/s，v′B=2m/sD.v′A=-2m/s，v′B=3m/s12、平行導軌固定在水平桌面上，左側接有阻值為R的電阻，導體棒ab與導軌垂直且接觸良好，ab棒質量為m，在導軌間的阻值為r,長度為l．輸出功率恒為P的電動機通過水平繩向右拉動ab棒，使ab棒從靜止開始運動．整個區域存在豎直向上的大小為B的勻強磁場．若導軌足夠長；且不計其電阻和摩擦．則。

A.導體棒一直做勻加速運動B.導體棒的最大速度為C.電阻R消耗的最大功率為D.若經過時間t，導體棒的速度為v，則電阻R上產生的熱量為pt-mv213、某輸電線路橫穿公路時；要在地下埋線通過，為了保護線路不至于被壓壞，預先鋪設結實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過．電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設一根鋼管，兩條輸電線都從這一根鋼管中穿過，如圖12所示．如果輸電導線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是()

A.無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是可行的B.若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的C.若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D.若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的14、某空間區域的豎直平面內存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲所示，一個質量為m、電荷量為q的帶正電小球，在電場中從O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動．以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關系如圖乙所示；則(不考慮空氣阻力)()

A.電場強度大小恒定，方向沿x軸負方向B.從O到x1的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C.從O到x1的過程中，相等的位移內，小球克服電場力做的功越來越大D.到達x1位置時，小球速度的大小為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、圖甲是研究光電效應現象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結果保留三位有效數字）

16、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再由狀態B變化到狀態C，最后由狀態C變化到狀態A．氣體完成這個循環，內能的變化△U=____，對外做功____W=，氣體從外界吸收的熱量____Q=

．（用圖中已知量表示）17、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______18、如圖所示，真空中有一對相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢差為U，兩板間的電場為勻強電場．若一個質量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開始從A板向B板做勻加速直線運動并到達B板，則粒子在運動過程中加速度大小a=________，粒子到達B板時的速度大小v=________．

19、B．(選修模塊3-4)

（1）一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質點的振動圖象如圖乙所示．質點N的振幅是_________m，振動周期為_________s，圖乙表示質點_____(從質點K、L、M、N中選填)的振動圖象．該波的波速為___________m／s．

（2）慣性系S中有一邊長為l的正方形(如圖A所示)，從相對S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測得該正方形的圖象是__________________．

（3）描述簡諧運動特征的公式是x＝_______．自由下落的籃球緩地面反彈后上升又落下．若不考慮空氣阻力及在地面反彈時的能量損失，此運動________(填“是”或“不是”)簡諧運動．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)23、在“測定金屬的電阻率”的實驗中；某同學進行了如下操作：

（1）用多用表歐姆擋粗測電阻絲的電阻，把選擇開關旋轉到“1”位置，結果如圖甲所示，由此可知電阻絲電阻的測量值約為_____Ω。

（2）用螺旋測微器測量金屬絲的外徑，示數如圖乙所示，金屬絲的外徑為_____mm。

（3）現有如下器材。

A.電流表（量程0.6A；內阻約0.1Ω）

B.電流表（量程3A；內阻約0.03Ω）

C.電壓表（量程3V；內阻約3kΩ）

D.滑動變阻器（1750Ω；0.3A）

E.滑動變阻器（15Ω；3A）

F.蓄電池（6V；內阻很?。?/p>

G.開關一個；帶夾子的導線若干。

要進一步精確測量金屬絲樣品的阻值，電流表應選______，滑動變阻器應選_______。（只填代號字母）

（4）請根據圖丙所示電路圖將圖丁中的實際測量電路補充完整______。

（5）若某次測量中，電壓表和電流表讀數分別為U和I，請用上述直接測量的物理量（D、l、U、I）寫出電阻率的計算式：=______。24、(1)某一電學黑箱內可能有電容器、電感線圈、定值電阻等元件，在接線柱間以如圖所示的“Z”字形連接（兩接線柱間只有一個元件）．為了確定各元件種類，小華同學把DIS計算機輔助實驗系統中的電流傳感器由(相當于電流表）與一直流電源、滑動變阻器、開關串聯后，分別將AB、BC、CD接入電路，閉合開關，計算機顯示的電流隨時間變化的圖象分別如圖a、b、c所示，則如下判斷中正確的是____

A.AB間是電容器。

B.BC間是電感線圈。

C.CD間是電容器。

D.CD間是定值電阻。

(2)某同學欲設計一個電路；自制一臺電子秤，通過查閱資料發現電子秤的主要部件為一個壓敏電阻，允許通過的最大電流為0.5A，現有下列器材：

壓敏電阻；質量為m的砝碼、電流表、滑動變阻器、干電池各一個、開關及導線若干、待測物體（可置于壓敏電阻的受壓面上）．

A.直流電源：電動勢約4.5V；內阻很小；

B.電流表Al:量程0?0.6A,內阻0.125

C.電流表A2:量程0?3.0A,內阻0.025

D.滑動變阻器Rl:最大阻值10

E.滑動變阻器R2：最大阻值50

F.開關；導線等．

①在可供選擇的器材中，應該選用的電流表是_____，應該選用的滑動變阻器是__________．（填器材前面對應的選項字母）

②根據所選器材設計一個電路，用來描繪壓敏電阻的電流隨壓力變化的關系圖象，要求壓敏電阻兩端電壓調節范圍盡可能大，在方框中畫出測量的原理電路，并根據設計的電路圖連接實物圖_______；如圖所示：

評卷人得分六、解答題(共4題，共36分)25、如圖所示，水平放置的平行板電容器，已知兩板間距為d，板長為L，接在恒壓直流電源上，有一帶電液滴以的初速度從板間的正中央水平射入，恰好做勻速直線運動；將平行板電容器的下板向下平移后，同樣的液滴以相同的速度v0從平移后的板間正中央水平射入后剛好從金屬板末端飛出．求：下板向下平移的距離？

26、如圖所示，開口向上、粗細均勻的玻璃管豎直放置，管內用兩段水銀柱封閉了兩部分理想氣體，兩段水銀柱長均為h=15cm，兩段氣柱長均為=6cm。已知大氣壓強p0=75cmHg，玻璃管的導熱性能良好，環境溫度T0=300K，封閉的兩部分氣體的質量均保持不變，A處水銀面到管口的距離足夠大。

（1）若將玻璃管從足夠高處由靜止釋放，不計空氣阻力，求下落過程中A處的水銀面（穩定后）相對玻璃管上升的距離；

（2）若保持玻璃管靜止，緩慢升高環境溫度，使A處的水銀面上升2.4cm，求此時的環境溫度T。

27、如圖所示，有一圓柱形導熱良好的氣缸靜止在水平地面上，內有一質量kg，截面積厚度不計的活塞，封閉有高度為溫度為的理想氣體。已知氣缸質量為其深度為活塞不漏氣且與缸壁無摩擦。外界大氣壓強為重力加速度

（1）求開始時氣缸內封閉氣體的壓強；

（2）如果使氣缸內氣體溫度緩慢升高到求缸內氣體的高度；

（3）在溫度為的初始狀態下；用一豎直向上的拉力緩慢提拉活塞，請判斷能否將氣缸提離地面，并說明理由？

28、一輛電動自行車的銘牌上給出了如下的技術參數表。

。規格。

后輪驅動直流永磁電機。

后輪驅動直流永磁電機。

車型。

26″電動自行車。

額定輸出功率。

112W

112W

整車的質量。

30kg

額定電壓。

40V

40V

最大的載重。

120kg

額定電流。

4A

4A

根據圖表提供的信息；求：

（1）電機在額定工作狀態下的內阻；

（2）如果質量為M=70kg的人騎此電動自行車沿平直公路行駛，所受阻力f恒為車和人總重量的k=0．02倍（取g=10m/s2）。則在額定工作狀態下，人騎車行駛的最大速度vm；

（3）假設電機保持在額定電壓下工作，內阻同（1）且不變，某人騎車由靜止出發，速度逐漸增大，求電機在理論上可能實現的最大輸出功率。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

電源的輸出功率等于總功率減去內電阻消耗的功率；根據閉合電路歐姆定律可求滑動電阻器的電阻；路端電壓等于總電壓減去內電壓；根據外電路電阻等于內阻時，輸出功率最大．將R0看做內阻；即可求R的最大功率．

【詳解】

A.電流為I時，電源的總功率為EI，內電阻消耗的功率為I2r，所以電源的輸出功率為EI-I2r；故A正確；

B.根據閉合電路歐姆定律，電路的總電阻為所以滑動變阻器的阻值故B錯誤；

C.根據閉合電路歐姆定律，E=U+Ir，所以此時電源的路端電壓為故C錯誤；

D.根據外電路電阻等于內阻時，輸出功率最大．將R0看做內阻，當時滑動變阻器消耗的電功率最大；故D錯誤．

故選：A2、A【分析】【詳解】

A：如圖所示：

由幾何知識得入射角折射角則此玻璃的折射率為：A正確；

B：BD長度光在玻璃球內傳播的速度所以光線從B到D的時間為B錯誤；

C、光在玻璃體內的波長C錯誤。

D、在玻璃體內，發生全反射時根據幾何知識可知光在B點的入射角為30°，而即臨界角所以光線不可能在B點發生全反射現象，D錯誤．3、D【分析】【分析】

【詳解】

電鍵閉合時，輸入高電平，P在b端；也是輸入高電平，即輸入信號為“11”，則報警器一定會報警。

故選D。4、C【分析】【詳解】

帶負電的電子向右運動；根據左手定則可以得知，電子開始上偏，故磁場的方向垂直紙面向外，故選C.

【點睛】

本題就是對洛倫茲力的考查，掌握住左手定則即可解決本題．在解答的過程中要注意電子帶負電，電子運動的方向與電流的方向相反.5、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．在圖線中；1→2過程中，體積不變，壓強增大，圖線是豎直直線；在2→3過程中，溫度保持不變，體積增大，壓強減小，圖線是雙曲線；在3→1過程中，壓強不變，體積減小，圖線是水平直線。A錯誤，B正確；

CD．在圖線中；1→2過程中，體積不變，溫度升高，是水平直線，CD錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

圓環最終在y=2m以下來回擺動，以y=4m處為初位置，y=2m處為末位置，知末位置的速度為零，在整個過程中，重力勢能減小，動能減小，減小的機械能轉化為內能，根據能量守恒定律得：故C正確，ABD錯誤；7、D【分析】根據庫侖定律分析小物塊受到的電場力變化情況．電場力做功正功；電荷的電勢能減?。深}分析可知，物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據電場線的方向判斷電勢的高低．根據動能定理分析物塊電勢能變化量的大小與克服摩擦力做的功的關系．A；物塊與點電荷Q的距離增大，帶電量均不變，根據庫侖定律分析可知，小物塊所受電場力逐漸減?。蔄錯誤．

B；由題分析可知；點電荷對物塊的電場力方向向左，對物塊做正功，物塊的電勢能減小．故B錯誤．

C；由題分析可知；物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據順著電場線電勢降低可知，M點的電勢低于N點的電勢．故C錯誤．

D；物塊的初速度為零；末速度也為零，動能的變化量為零，根據動能定理可知，電場力做功與克服摩擦力做功相等，而小物塊電勢能變化量的大小等于電場力做功，則小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正確．

故選D

點評：本題分別從力和能的角度分析物塊的物理量的變化情況，是研究物體運動情況常用的兩個角度．8、D【分析】A；物體做曲線運動；所受力的方向指向軌道的內側，由于電場線的方向不知，所以粒子帶電性質不定，故A錯誤；

BC；物體做曲線運動；所受力的方向指向軌道的內側，從圖中軌道變化來看速度與力方向的夾角小于90°，所以電場力都做正功，動能都增大，速度都增大，故BC錯誤；

D、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大；加速度增大，故D正確；

故選D．

【點睛】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內側，根據電場力做功來判斷動能的變化．二、多選題(共6題，共12分)9、A:C【分析】【詳解】

A、B項：根據光電效應方程，則有：故A正確，B錯誤；

C項：根據愛因斯坦光電效應方程得：得金屬的逸出功為：聯立解得：故C正確；

D項：陰極K金屬的極限頻率故D錯誤．10、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體分子間隙很大；氣體的體積遠大于所有氣體分子的體積之和，故A錯誤；

B．液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點。故B正確；

C．根據熱力學第二定律可知；高溫物體可以自發把熱量傳遞給低溫物體，最終兩物體可達到熱平衡狀態，故C正確；

D．當分子間表現為引力時；隨著分子間距離增大，分子間作用力減小，但引力做負功，分子勢能增大，故D錯誤；

E．在“用油膜法測分子直徑”的實驗中；作了三方面的近似處理：視油膜為單分子層；忽略油酸分子間的間距及視油酸分子為球形，故E正確。

故選BCE。11、A:C:D【分析】【詳解】

根據碰撞前后，系統的總動量守恒，總動能不增加原則，合理性原則，有

A．當v′A=v′B=0.5m/s時；代入上面兩式均滿足，故A正確；

B．當v′A=1m/s，v′B=0時；代入上面兩式均滿足。但是碰撞后，A的速度大于B的速度，會發生二次碰撞，不滿足合理性原則，故B錯誤；

C．當v′A=-1m/s，v′B=2m/s；代入上面兩式均滿足；故C正確；

D．當v′A=-2m/s，v′B=3m/s代入上面兩式均滿足；故D正確；

故選ACD。12、B:C【分析】【詳解】

導體棒在細線的拉力作用下向右加速，隨著速度的增加，切割電動勢增加，電流增加，安培力增加，加速度逐漸減小，最終穩定時導體棒做勻速直線運動，拉力和安培力平衡，則選項A錯誤；電阻R消耗的電功率最大時，回路的電流最大，導體棒以最大速度做勻速直線運動，受拉力和安培力平衡；拉力的功率為P，故克服安培力做功的功率也為P，產生的電功率為P；即又解得選項B正確；根據P=I2R，有：故選項C正確；若經過時間t，導體棒的速度為v，則整個電路上產生的總熱量為pt-mv2，電阻R上產生的熱量：(Pt-mv2)，故D錯誤．13、B:C【分析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，B正確．輸電線周圍存在磁場，交變電流產生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現象，當輸電線上電流很大時，強大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產生的磁場互相抵消，使自感現象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，C正確．此題類似于課本中提到的“雙線并繞”．14、B:D【分析】【詳解】

A.小球的機械能變化是由電場力做功引起的，由題圖乙可知，從O到x1機械能在減小，即電場力做負功，又因為小球帶正電，故場強方向沿x軸負方向，E－x圖線切線的斜率的絕對值為電場力大小，由圖象可知，從O到x1斜率的絕對值在減小，故F電在減??；即場強減小，故A錯誤．

B.由牛頓第二定律mg－F電＝ma可知a在增大；故B正確．

C.因為電場力逐漸減小；故相等位移內，小球克服電場力做的功越來越小，故C錯誤．

D.從O到x1由動能定理得mgx1＋E1－E0＝mv2－0，v＝D正確．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1916、略

【分析】【詳解】

氣體完成一個循環過程，溫度的變化量為零，則內能的變化△U=0；對外做功等于圖中三角形ABC的面積，即W=p0V0；根據熱力學第一定律可知，氣體吸熱：Q=W=p0V0；【解析】017、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法?！窘馕觥?0R2max18、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開始運動，只受電場力，有：U=Ed；F=qE；

聯立解得：

根據速度位移關系公式，有：v2=2ad

解得：

點睛：本題電荷在電場中加速問題，求解速度通常有兩種思路：一是動能定理；二是牛頓第二定律與運動學公式結合．【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由甲圖可知波長由乙圖可知振幅周期所以波速因為波沿軸正方向傳播，由甲圖可以判斷時刻L向上振動，N向下振動，K在正的最大位移處，M在負的最大位移處．由乙圖可知時刻；質點向上振動．所以為L的振動圖象；

（2）由相對論中長度的相對性：在垂直于運動方向；長度不變；在沿著運動方向長度變長．所以C正確；

（3）簡諧運動的表達式為：為初相位，可以取零．籃球的運動加速度不改變，不符合簡諧運動的規律，所以不是簡諧運動．【解析】0.84L0.5C不是四、作圖題(共3題，共18分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共4分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電阻絲電阻的測量值約為9×1Ω=9Ω

（2）[2]金屬絲的外徑為0.5mm+0.01mm×28.0=0.780mm

（3）[3]電路中可能出現的最大電流

故電流表選擇A。

[4]滑動變阻器采用限流接法；滑動變阻器應選擇與測量電阻阻值相當的，故選E。

（4）[5]電路連線如圖。

（5）[6]根據

聯立可得【解析】90.780AE圖見解析24、略

【分析】試題分析：根據電流-時間圖象的特點和電容器；電感線圈的特性；分析判斷AB、BC、CD各是什么元件；（2）①應根據通過電子秤的最大電流來選擇電流表量程，通過估算電路中需要的最大電阻來選擇變阻器；②應根