…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版必修1物理下冊月考試卷829考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，一小車從A點由靜止開始做勻加速直線運動，若到達B點時速度為v，到達C點時速度為則等于（）

A.B.C.D.2、圖中為某質點作直線運動的v-t圖線；由圖可知該質點（）

A.8s末時的加速度大于12s末的時加速度B.10s末時位移最大C.10s時速度方向發生改變D.14s末時位移最大。3、如圖所示；足球運動員準備罰點球時，一腳用力踩在足球上面，讓足球保持靜止。下列說法正確的是（）

A.靜止的足球受到豎直向下的合力B.如果足球氣打得足一點，足球可能不發生形變C.腳對足球的壓力是由于足球的上部發生彈性形變引起的D.足球對地面的壓力是由于足球的下部發生彈性形變引起的4、如圖所示，在固定斜面上的一物塊受到一外力F的作用，已知F的方向平行于斜面向上；斜面粗糙，且物塊在斜面上保持靜止，下列判斷正確的是。

A.物塊一定受到沿斜面向下的摩擦力B.物塊一定受到沿斜面向上的摩擦力C.物塊可能不受摩擦力D.物塊一定受到4個力作用5、半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板MN。在P和MN之間放有一個光滑均勻的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止狀態。如圖所示是這個裝置的縱截面圖。若用外力使MN保持豎直，緩慢地向右移動，在Q落到地面以前，發現P始終保持靜止。在此過程中；下列說法中正確的是（）

A.MN對Q的彈力先減小后增大B.地面對P的摩擦力逐漸減小C.P、Q間的彈力逐漸增大D.Q所受的合力逐漸增大6、小明做了這樣的實驗：手沿水平方向將物理書壓在豎直墻壁上；使書保持靜止，如圖所示。之后調整壓力大小使書沿墻壁勻速下滑，再逐漸增大壓力直至書再次靜止在墻壁上。當書保持靜止時，下列對書受力分析的示意圖正確的是（）

A.B.C.D.7、固定斜面的傾角為θ，一個小物塊自斜面底端沿斜面向上做勻減速運動，經過一段時間后又沿斜面下滑回到底端，若物塊往返所用時間之比為1：2，則物體與斜面間的動摩擦因數為（）A.0.6tanθB.0.8tanθC.0.4tanθD.0.5tanθ8、質量為的同學，雙手抓住單杠做引體向上，他的重心的速率隨時間變化的圖象如圖所示．取由圖象可知。

A.時他的加速度B.他處于超重狀態C.時他受到單杠的作用力的大小是D.時他處于超重狀態評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、關于兩個大小不變的力F1、F2及它們的合力F，下列說法中正確的是()A.合力F一定與F1、F2共同作用產生的效果相同B.兩力F1、F2一定是同一個物體受到的力C.兩力F1、F2與F是物體同時受到的三個力D.F大小隨F1、F2間夾角的增大而增大10、汽車的加速性能是反映汽車性能的重要指標。速度變化得越快，表明它的加速性能越好。研究甲、乙、丙三輛汽車加速性能得到的v-t圖像如圖所示；根據圖像可以判定（）

A.甲車的加速性能最好B.乙車比甲車的加速性能好C.丙車比乙車的加速性能好D.乙、丙兩車的加速性能相同11、通常情況下，在汽車行駛過程中駕駛員發現緊急情況制動時，需要一定的反應時間（這段時間內汽車速度保持不變）。若汽車以108km/h的速度行駛時，從駕駛員發現緊急情況到車停止，汽車行駛的距離為105m，所用總時間為6.5s。當汽車以90km/h的速度在平直公路上行駛時，駕駛員突然發現前方有一輛自行車正以18km/h的速度同向行駛，路況條件不允許變道，若駕駛員的反應時間及汽車制動時加速度a的大小均相同，則下列說法正確的是（）A.駕駛員的反應時間為0.5sB.駕駛員采取制動后汽車的加速度大小為5C.若汽車駕駛員發現自行車時兩者相距48m，則可避免相撞D.若汽車駕駛員發現自行車時兩者相距超過50m，則可避免相撞12、一汽車以某一速度在平直的公路上勻速行駛，司機突然發現前方有一障礙物立即剎車。剎車后汽車第1s內的位移為24m，第4s內的位移為1m。假設汽車的運動可以視為勻減速直線運動，下列說法正確的是（）A.第1s末汽車的速度大小為24m/sB.第4s內汽車的平均速度大小為1m/sC.汽車的加速度大小為D.汽車的加速度大小為8m/s213、下列關于摩擦力的敘述中正確的是（）A.滑動摩擦力的大小與物體間的正壓力大小成正比B.滑動摩擦力的大小與接觸面的性質有關，與接觸面面積的大小也有關C.靜摩擦力的大小與物體間的正壓力大小成正比D.最大靜摩擦力隨物體間正壓力增大而增大14、黃河鐵牛是世界橋梁史上的傳世之寶。如圖，唐代蒲津浮橋通過兩岸的鐵牛固定，鐵牛底部的鐵柱插入地下。設橋索對鐵牛的拉力為鐵柱對鐵牛的作用力為則（）

A.若增大，也增大B.若增大，將減小C.與的合力方向豎直向上D.與的合力方向豎直向下15、如圖所示，傾角為的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面底端固定一與斜面垂直的彈性擋板C。長度為質量為的長木板A置于斜面上，質量為的物塊B（可視為質點）置于長木板上端，物塊B與長木板A之間的動摩擦因數為長木板A與斜面之間的動摩擦因數為長木板A下端與擋板C的距離為同時由靜止釋放長木板A和物塊B，長木板A與擋板C碰撞后原速率返回。重力加速度取下列說法正確的是（）

A.長木板A剛開始沿斜面向下運動的加速度大小為B.物塊B在長木板A上運動的時間為C.物塊B在長木板A上運動的過程中，系統產生的內能為D.物塊B從長木板A上滑下后，A將不再沿斜面下滑16、如圖所示，斜面A固定于水平地面上，在t=0時刻，滑塊B以初速度v0自斜面底端沖上斜面，t=t0時刻到達最高點。取沿斜面向上為正方向，下列表示滑塊在斜面上整個運動過程中速度v隨時間t變化的圖象中；可能正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、失重。

（1）定義：物體對支持物的壓力（或對懸掛物的拉力）______物體所受重力的現象。

（2）產生條件：物體具有______（選填“豎直向上”或“豎直向下”）的加速度。18、常見的彈力：壓力和支持力都是彈力，方向______；繩子的拉力也是彈力，方向______。19、某一運動的質點沿一直線做往返運動，如圖所示，OA=AB=OC=CD=1m，O點為原點。質點由A點出發沿x軸正方向運動至B點后返回，并沿x軸負方向運動。回答下列問題：

（1）質點從A到B再到C的位移為____，路程為____。

（2）質點從B到D的位移為____，路程為____。

（3）當質點到達D點時，其位置坐標為____。

（4）當質點到達D點時，相對于A點的位移為____。20、如圖所示；從高出地面5m的位置向下拋出一個小皮球（可視為質點），小皮球與地面接觸后被彈起，在高出地面8m處被接住，分別以落地點和拋出點為原點建立直線坐標系，方向均以向下為正，填寫下表．

。坐標原點的設置。

拋出點的坐標。

落地點的坐標。

接球點的坐標。

以落地點為原點。

①__________

②__________

③__________

以拋出點為原點。

④__________

⑤__________

⑥__________

21、如下圖所示，是某同學利用三角板測量金屬球直徑的視圖，被測量的小球直徑為_______mm。

22、質量一定的物體放在光滑的水平面上，在水平力F作用下作加速直線運動，當F逐漸減小時，它的加速度將逐漸______；速度將逐漸______．（填“增大”或“減小”）23、如圖甲所示，物體以一定的初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運動，上升的最大高度為3.0m。選擇地面為參考平面，上升過程中物體的機械能E隨高度h的變化如圖乙所示。取g="10"m/s2；sin37°=0.60，cos37°=0.80。則。

（1）物體的質量m=_______kg

（2）物體與斜面之間的動摩擦因數μ=______

（3）物體上升過程中的加速度大小______m/s2

（4）物體回到斜面底端時的動能________J評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)24、在乙圖中畫出鋼管B所受彈力的示意圖。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)25、（1）在做驗證力的平行四邊形定則的實驗時，先用兩個彈簧秤拉橡皮條，再用一個彈簧秤拉橡皮條，兩次必須使橡皮條的終點達到同一位置，這樣做是為了：（________）。A．便于測量力的大小B．使兩個分力和它的合力有相同的作用點C．使兩個分力和它的合力有相同的作用效果D．便于畫出分力和合力的方向（2）如圖所示，是甲、乙兩位同學實驗時得出的結果，其中_______同學的實驗結果比較符合實驗事實。26、在用動力學方法測量一滑塊的質量時；某同學按圖（a）所示安裝好器材后，進行了以下操作：

a．用墊塊將長木板固定有定滑輪的一端墊起；在滑塊上系上細繩，細繩的另一端通過定滑輪掛上質量為100g的鉤碼；

b．反復移動墊塊的位置，調整木板的傾角θ；直至輕推滑塊后，滑塊沿木板向下滑動時，紙帶上打下的點跡間距相等；

c．保持長木板的傾角不變，取下細繩和鉤碼，啟動打點計時器，當滑塊到達木板底端時關閉電源，得到的紙帶如圖（b）所示。

回答下列問題：（取g=9.8m/s2；結果保留三位有效數字。）

（1）滑塊加速下滑過程中，受到的合力大小為______N；

（2）圖（b）中，A～E為5個計數點，相鄰計數點間有4個點未出，各計數點與O點的距離如圖。已知打點計時器的工作頻率為50Hz，則滑塊下滑時加速度的大小為______m/s2；可求得滑塊的質量為______kg。27、某同學用如圖所示的裝置測量滑塊與斜面間的動摩擦因數，其中，遮光條寬度d=6.0mm，光電門甲和乙相距l=1.00m。實驗時，滑塊可以由光電門甲上方某位置自由下滑。某次實驗中，遮光條通過光電門甲、乙的時間分別為t1=6.0×10-3s和t2=2.0×10-3s，則滑塊通過光電門甲時的速度大小v=___________m/s，滑塊在斜面上運動的加速度大小a=___________m/s2；測得光電門甲、乙的豎直高度差h=0.60m，g取10m/s2，則滑塊與斜面間的動摩擦因數μ=___________。

28、

讀數___________評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)29、甲、乙兩車分別在A、B兩條平直并列的雙車道上，乙車停在B車道某位置處，當甲車從后方經過乙車旁時，甲車立即剎車以初速度v1＝20.0m/s，加速度a1＝2.0m/s2做勻減速直線運動，同時乙車立即以加速度a2＝0.5m/s2與甲同向做勻加速直線運動。求：

(1)甲；乙兩車相遇前相距的最大距離；

(2)乙車追上甲車經歷的時間。30、如圖，一質量M=15kg的長木板置于粗糙水平地面上，在木板的左端放置一質量m=1kg的小滑塊（可視為質點），零時刻，木板右端距墻壁的距離為x=4.5m，滑塊和木板具有水平向右的相同初速度v0，1s末木板與墻壁發生碰撞。若碰撞時間極短，碰撞前后木板速度大小不變、方向反向，且碰掩前后滑塊速度不變，已知滑塊與木板上表面的動摩擦因數μ1=0.4，木板下表面與地面的動摩擦因數μ2=0.1，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，運動過程中滑塊始終未離開木板，重力加速度g=10m/s2.求：

（1）初速度大小v0和碰撞前滑塊的加速度大小a；

（2）碰撞后，木板和滑塊的加速度大小a1和a2；

（3）木板的最小長度。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

作出運動示意圖，由得。

故。

故選C。

2、D【分析】【詳解】

A．8s末時加速度為

12s末時加速度

正負表示方向；絕對值表大小，說明8s末時的加速度小于12s末的時加速度，故A錯誤；

B．前10s物體一直向沿正方向運動；因此14s末時位移最大，故B錯誤，D正確；

C．10s前后速度都為正方向；速度方向沒有發生改變，故C錯誤。

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．靜止的足球受到的彈力與重力相平衡；合力為零，A錯誤；

B．如果足球氣打得足一點；足球仍然發生形變，B錯誤；

C．腳對足球的壓力是腳的下部發生彈性形變引起的；C錯誤；

D．足球對地面的壓力是由于足球的下部發生彈性形變引起的；D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

F和物塊重力沿斜面向下的分力大小不確定，所以物塊可能不受摩擦力或可能受到沿斜面向上或向下的摩擦力，故ABD錯，C正確．5、C【分析】【分析】

【詳解】

對Q進行受力分析。

物體Q受到MN的彈力物體P對Q的彈力物體Q的重力G，處于平衡狀態，所以與的合力與重力G是一對平衡力，且大小和方向都不變，根據平衡條件得

當擋板MN保持豎直緩慢向右移動時，增大，不變，可得和均增大：

A．MN對Q的彈力即擋板MN豎直緩慢向右移動時，力增大；故A錯誤；

B．物體P始終保持靜止，說明所受合力為零，物體P在水平方向上僅受到地面的摩擦力和Q的在水平方向上的彈力。當擋板MN豎直緩慢向右移動時，物體Q對物體P的彈力增大，角度變大，水平分力變大，所以地面對物體P的摩擦力增大；故B錯誤；

C．擋板MN豎直緩慢向右移動時，力增大，所以P、Q間的彈力會增大；故C正確；

D．物體Q始終處于平衡狀態；所受合力為零，大小不變，故D錯誤。

故選C。6、D【分析】【分析】

【詳解】

書靜止在墻壁上；受力平衡，他受到豎直向下的重力和豎直向上的靜摩擦力，這是一對平衡力；水平向右的壓力和水平向左的墻壁的支持力這也是一對平衡力。

故選D。7、A【分析】【詳解】

設物塊上滑和下滑的加速度大小分別為a1和a2，上滑和下滑的時間分別為t1和t2.物塊上滑的位移為x。上滑過程的逆運動是初速度為零的勻加速運動，則有

下滑過程有

則得

根據牛頓第二定律得。

上滑有

下滑有

聯立解得μ=0.6tanθ

故A正確；BCD錯誤。

故選A。8、B【分析】【分析】

速度時間圖象的斜率表示加速度，根據圖象求出t=0.4s和t=1.1s時的加速度；再根據牛頓第二定律求出單杠對該同學的作用力．根據加速度方向分析人的運動狀態.

【詳解】

A、根據速度圖象的斜率表示加速度可知，t=0.5s時，他的加速度為0.3m/s2；選項A錯誤；

B、t=0.4s時他向上加速運動；加速度方向豎直向上，他處于超重狀態，B正確；

C、t=1.1s時他的加速度為0；他受到的單杠的作用力剛好等于重力600N，C錯誤；

D、t=1.5s時他向上做減速運動；加速度方向向下，他處于失重狀態，選項D錯誤；

故選B.

【點睛】

根據速度–時間圖象斜率代表加速度的特點，可以計算t=0.5s時的加速度；根據加速度的方向，可以確定他的超、失重狀態.二、多選題(共8題，共16分)9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．只有同一個物體受到的力才能合成；分別作用在不同物體上的力不能合成；合力是對原來幾個分力的等效替代，兩力可以是不同性質的力，但合力不是物體實際受到的力，只是分力按照效果合成的效果力，所以A；B正確，C錯誤；

D．合力隨兩分力間夾角的增大而減小；D錯誤．

故選AB。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

v-t圖像的斜率表示加速度，由圖像可知

故乙；丙兩車的加速度大小相等；且比甲車的加速度大，所以乙、丙兩車的加速性能相同，且比甲車的加速性能好。

故選BD。11、A:B:D【分析】【詳解】

AB．從發現緊急情況到剎車停止，設反應時間為汽車以

的速度行駛，汽車行駛的距離為

所用總時間為

汽車制動時加速度a，根據運動規律

聯立解得

故A正確；B正確；

CD．當汽車以

行駛時，前方有一輛自行車正以

的速度同向行駛，速度相同時

解得

則汽車和自行車的速度一時間圖像如圖。

兩圖線與坐標軸圍成的面積差為

故汽車駕駛員發現自行車時兩者相距超過50m才能避免相撞；故C錯誤，D正確。

故選ABD。12、B:D【分析】【詳解】

CD．若汽車在第內運動恰好停止，利用逆向思維可以把汽車的運動看作初速度為零的勻加速直線運動，據相同時間的位移比可知，汽車在第內和第內的位移比為則第4s內的位移應該為3.43m，大于實際位移，所以汽車在第內即停止運動。設第內汽車運動時間為則在第內

在第1s內

汽車的初速度為

聯立解得

C錯誤；D正確；

A．第1s末汽車的速度大小為

A錯誤；

B．第4s內汽車的平均速度大小為

B正確。

故選BD。13、A:D【分析】解：A、滑動摩擦力f=μFN求；故滑動摩擦力的大小于物體間的正壓力大小成正比，故A正確；

B；由公式可知；滑動摩擦力與接觸面的面積的大小無關，故B錯誤；

C；靜摩擦力只能由力的平衡關系或牛頓第二定律求出；與正壓力無關，故C錯誤；

D；最大靜摩擦力的大小與正壓力成正比；故隨正壓力的增大而增大，故D正確；

故選AD．

【點評】摩擦力為高中物理的難點之一，關鍵在于分清摩擦力有兩類，要會求兩種情況下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向．14、A:C【分析】【詳解】

對鐵牛受力分析，鐵牛受到自身重力G，橋索對鐵牛的拉力為鐵柱對鐵牛的作用力為三者共點力平衡。

AB．根據共點力平衡條件和三角形定律可得，若增大，也增大；A正確，B錯誤；

CD．與的合力與重力平衡；故合力方向豎直向上，C正確，D錯誤。

故選AC。

15、A:C【分析】【詳解】

A．對物塊B由牛頓第二定律得

解得

對長木板A由牛頓第二定律得

解得

A正確；

B．由勻變速直線運動規律得長木板A運動到擋板所用的時間滿足

解得

此時物塊B運動的位移為

長木板A沿斜面向上運動，由牛頓第二定律得

解得

由勻變速直線運動規律得

解得

物塊B在長木板A上運動的時間為

B錯誤；

C．物塊B在長木板A上運動產生的內能為

長木板A在斜面上運動產生的內能為

系統產生的內能為

C正確；

D．物塊B從長木板A上滑下時，長木板A的速度為

由于

長木板A會沿斜面下滑；D錯誤。

故選AC。16、A:B:D【分析】【詳解】

A．若斜面是光滑的，則物體在上滑和下滑的過程中所受合力為重力沿斜面向下的分力，大小方向均不變，由于上滑和下滑過程中的距離相同，由公式可知；上滑和下滑所用的時間相同，故A正確；

B．若斜面不光滑且物體上滑過程中所受的滑動摩擦力大于重力沿斜面向下的分力；則物體沿斜面上升到最高點后會靜止在斜面上，故B正確；

CD．若斜面不光滑且物體在斜面上運動時所受的滑動摩擦力（即最大靜摩擦力）小于重力沿斜面向下的分力；則物體在上升過程中由重力沿斜面向下的分力和沿斜面向下的滑動摩擦力充當合外力，而在下降過程中由重力沿斜面向下的分力和沿斜面向上的滑動摩擦力充當合外力，所以物體沿斜面下滑的加速度一定小于沿斜面上滑的加速度，故C錯誤，D正確。

故選ABD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.小于②.豎直向下18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】跟接觸面垂直沿著繩子而指向繩子收縮的方向19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]位移是由初位置指向末位置的有向線段，質點從A到B再到C的位移大小為由A指向C的線段的長度2m，方向由A指向C；與規定的正方向相反，所以位移為-2m。

[2]路程為運動軌跡的長度，質點從A到B再到C的路程為4m。

（2）[3]位移是由初位置指向末位置的有向線段，質點從B到D的位移為-4m。

[4]路程為運動軌跡的長度，質點從B到D的路程為4m。

（3）[5]D點位于坐標原點O負方向2m處，所以D點的位置坐標為-2m。

（4）[6]位移是由初位置指向末位置的有向線段，質點由A到D的位移為-3m。【解析】-2m4m-4m4m-2m-3m20、略

【分析】【分析】

【詳解】

由題意；根據圖示可知，物體的位置坐標如下表所示：

。坐標原點的設置。

拋出點的坐標。

落地點的坐標。

接球點的坐標。

以落地點為原點。

①-5m

②0

③-8m

以拋出點為原點。

④0

⑤5m

⑥-3m

【點睛】

此題考查了物體位置的表示方法以及位移問題；要知道坐標軸建立的位置不同，則物體的位置坐標是不同的．【解析】-5m；0；-8m；0；5m；-3m21、略

【分析】【詳解】

左邊起點讀數為108.0mm，右側邊界讀數為127.0mm，所以小球的直徑為D=127.0mm-108.0mm=19.0mm【解析】19.022、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據牛頓第二定律：可知，物體在力F作用下作加速運動，當F逐漸減小時，物體的加速度減小，物體的速度增大，當F減小至零時；物體的加速度為0；此后物體的速度不再增大，速度達最大。

【點睛】

根據牛頓第二定律分析加速度的變化；當加速度的方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度的方向與速度方向相反時，做減速運動。【解析】減小增大23、略

【分析】試題分析：根據機械能的定義由最高點時的機械能求得質量；然后由圖象機械能與高度的關系式根據勻變速運動規律由圖象斜率求解加速度；在通過加速度應用牛頓第二定律求得動摩擦因數；然后根據做功情況由動能定理得到末動能．

物體上升到最高點時速度為零，動能為零，故機械能等于重力勢能，所以有故

物體上升過程受力恒定，做勻減速直線運動，故有所以，所以由物體受力分析及牛頓第二定律可知：物體上升過程加速度故μ=0.5

物體上升、下滑過程只有重力、摩擦力做功，故由動能定理可得：所以，【解析】1kg0.5a="10"m/s210J四、作圖題(共1題，共3分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

受力分析如圖。

【解析】五、實驗題(共4題，共24分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]為了控制兩次拉橡皮條的過程中力的作用效果相同；需要兩次橡皮條的一端拉到同一位置，故C正確。

（2）[2]用一個彈簧測力計拉橡皮條時；拉力的方向一定沿繩子的方向，如圖乙中的豎直方向，根據力的平行四邊形定則作出的合力，由于誤差的存在，作圖法得到的合力與實驗值有一定的差別，即作圖得出的合力方向與一個彈簧測力計拉時的拉力方向有一定的夾角，故乙同學的符合實驗事實。

【點睛】

本實驗要求在兩次拉橡皮條的過程中力的作用效果要相同，即采用了“等效法”。注意通過平行四邊形得到的合力與實驗測得的之間存在誤差，明確什么事實驗測量值，什么是理論值。【解析】C乙26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于不放砝碼時，打的紙帶間隔相等，說明相同時間內小車位移相等，做勻速運動，已經平衡摩擦，此時外力為零，則放砝碼時，滑塊所受的合外力即為砝碼重力，所以可得

（2）[2]由于兩個計數點間有4個點，即有5段時間