…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、對于物質固體、液體、氣體的認識，下列說法正確的是（）A.石墨和金剛石的物理性質不同，是由于組成它們的化學元素不同B.一定溫度下飽和汽的密度為一定值，溫度升高，體積增大后，再次達到飽和時飽和汽的密度可能不變C.若發現干濕泡溫度計兩邊刻度的讀數差正在變大，說明空氣相對濕度正在變大D.由于液體表面層內分子間距離大于液體內部分子間距離，液面分子間的相互作用表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢2、在電場中的某點放入一帶正電的試探電荷q，其受到的電場力大小為F，方向水平向右。下列說法正確的是（）A.該點場強大小為方向水平向左B.若該點放一電量為2q的試探電荷，則該點場強大小為C.若該點不放試探電荷，則該點場強為零D.無論是否放入試探電荷，該點場強大小都為3、下列說法正確的是（）A.擴散現象說明分子之間存在空隙，同時分子在永不停息地做無規則運動B.布朗運動就是液體分子的無規則運動C.當分子力表現為引力時，分子勢能隨分子間距離的增加而減小D.減速運動的物體一定發生了機械能向內能轉化4、如圖所示，兩個水平固定的氣缸由管道連通。活塞用鋼性桿相連；可在氣缸內無摩擦地移動，缸內及管中封有一定質量的氣體。整個系統處于平衡狀態，大氣壓強不變。現令缸內氣體的溫度緩慢升高一點，則系統再次達到平衡狀態時（）

A.活塞向左移動一點，缸內氣體壓強不變B.活塞向左移動一點，缸內氣體壓強增大C.活塞向右移動一點，缸內氣體壓強不變D.活塞的位置沒有改變，缸內氣體壓強增大5、如圖所示，A為通電線圈，電流方向如圖，B、C為與A在同一平面內的兩同心圓，、分別為通過兩圓面的磁通量的大小，下列判斷中正確的是()

A.B.C.穿過兩圓面的磁通量是垂直紙面向外的D.穿過兩圓面的磁通量是垂直紙面向里的6、測定電子的電荷量的實驗裝置示意圖如圖所示．置于真空中的油滴室內有兩塊水平放置的平行金屬板M、N，并分別與電壓為U的恒定電源兩極相連，板的間距為d．現有一質量為m的帶負電荷的油滴在極板間勻速下落，則（）

A.油滴下降過程中電勢能不斷減小B.油滴帶電荷量為C.若減小極板間電壓，油滴將減速下降D.若將極板N向上緩慢移動一小段距離，油滴將加速下降7、如圖所示；在一個配有活塞的厚壁有機玻璃筒底放置一小團硝化棉，迅速向下壓活塞，筒內氣體被壓縮后可點燃硝化棉．在筒內封閉的氣體被活塞壓縮的過程中()

A.氣體對外界做正功，氣體內能增加B.外界對氣體做正功，氣體內能增加C.氣體的溫度升高，壓強不變D.氣體的體積減小，壓強不變8、A、B兩球質量相等,A球豎直上拋,B球平拋,兩球在運動中空氣阻力不計,則下列說法中正確的是()A.相同時間內，動量的變化大小相等，方向不同B.相同時間內，動量的變化大小相等，方向相同C.動量的變化率大小不等，方向相同D.動量的變化率大小相等，方向不同評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數減小B.小球的電勢能減小C.電源的效率變高D.若電壓表、電流表的示數變化量分別為和則10、下列判斷正確的是_______________。A.“PM2.5”在空氣中的運動屬于布朗運動B.當人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大C.用手捏面包，面包體積會縮小，說明分子之間有間隙E.一定質量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的E.一定質量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的11、以下有關熱學內容的敘述，正確的是（）A.在空氣中的運動屬于分子熱運動B.用表示阿伏加德羅常數，M表示銅的摩爾質量，ρ表示實心銅塊的密度，那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為C.完全失重狀態下懸浮的水滴呈球狀是液體表面張力作用的結果E.理想氣體等壓膨脹過程一定吸熱E.理想氣體等壓膨脹過程一定吸熱12、回熱式制冷機是一種深低溫設備，制冷極限約50K．某臺回熱式制冷機工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經歷如圖所示的四個過程：已知狀態A和B的溫度均為27℃，狀態C和D的溫度均為-133℃，下列判斷正確的是（）

A.氣體由狀態A到B過程，溫度先升高后降低B.氣體由狀態B到C過程，內能保持不變C.氣體由狀態C到D過程，分子間的平均間距減小D.氣體由狀態C到D過程，氣體對外做功13、如圖，光源S從水下向空氣中射出一束由紅光、黃光和藍光組成的復色光，在水面上的P點分裂成a、b、c三束單色光，下列說法正確的是____

A.c光為紅色光B.在水中傳播時a光速度最大，c光波長最小C.逐漸增大入射角，c光最先發生全反射E.a、b、c三種色光分別用同一雙縫干涉實驗裝置發生干涉，a光相鄰亮條紋間距最大E.a、b、c三種色光分別用同一雙縫干涉實驗裝置發生干涉，a光相鄰亮條紋間距最大14、如圖所示，所有接觸面均光滑，質量為的半圓弧槽靜止地靠在豎直墻面處，是槽的兩個端點，為槽的底部中點．現將質量為的小球自槽口點由靜止釋放；下列說法中正確的是（）

A.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統動量不守恒B.小球從到運動過程中，小球重力做功的瞬時功率越來越大C.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統動量守恒D.小球從到運動過程中，小球和槽組成的系統機械能守恒，動量不守恒評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、光滑絕緣桿與水平面保持θ角，磁感應強度為B的勻強磁場充滿整個空間，一個帶正電q，質量為m，可以自由滑動的小環套在桿上，如圖所示，小環下滑過程中對桿的壓力為零時，小環的速度為________．16、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數如何變化？小明同學的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。17、如圖所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑動變阻器最大值R3＝5Ω，則當滑動觸頭從a滑到b的過程中，電流表示數的變化情況是______________________________．

18、如圖所示，體積相同的玻璃瓶分別裝滿溫度為60℃的熱水和0℃的冷水，兩瓶水通過__________方式改變內能。已知水的相對分子質量是若瓶中水的質量為水的密度為阿伏伽德羅常數則瓶中水分子個數約為__________個（保留兩位有效數字）

19、泡泡魚游戲中，泡泡魚吐出了一個泡泡，捉住了一條大寶魚。若將泡泡內的氣體視為理想氣體，泡泡魚吐出的泡泡上浮一段時間后到達大寶魚所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過程中，泡泡內的氣體對外界做__________（填“正”或“負”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。20、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．21、（1）人類對物質屬性的認識是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢能與體積有關。

b．晶體的物理性質都是各向異性的。

c．溫度升高；每個分子的動能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計結構如圖所示。玻璃測溫泡A內充有理想氣體，通過細玻璃管B和水銀壓強計相連。開始時A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點處，右管D中水銀面高出O點h1=14cm，后將A放入待測恒溫槽中，上下移動D，使C中水銀面仍在O點處，測得D中水銀面高出O點h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個標準大氣壓；1標準大氣壓相當于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內氣體內能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。22、如圖所示，金屬環直徑為d，總電阻為2R，勻強磁場磁感應強度為B，垂直穿過環所在平面．電阻為的導體桿AB沿環表面以速度v向右滑至環中央時，桿兩端的電壓為____________．

23、盧瑟福的原子核式結構模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經典物理學知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質量為）評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)27、一定質量的理想氣體，被橫截面積厚度不計的活塞封閉在足夠長的圓筒形汽缸內，開始時汽缸水平放置，如圖甲所示，活塞到汽缸底部的距離現將汽缸從水平位置緩慢地豎直立起，穩定后活塞下降如圖乙所示此過程氣體溫度可視為不變，為外界大氣溫度在絕熱情況下，再對汽缸內的氣體緩慢加熱，活塞再下降如圖丙所示，已知重力加速度外界氣溫大氣壓強不計一切摩擦，求：

(1)活塞的質量m；

(2)加熱后；汽缸內氣體的溫度。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．石墨和金剛石組成它們的化學元素是相同的；都是碳原子，它們的物理性質不同，是由于碳原子排列結構不同造成的，故A錯誤；

B．在一定溫度下；飽和汽的密度是一定的，它隨著溫度的升高而增大，故B錯誤；

C．空氣相對濕度越大時；空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發越慢，干濕泡溫度計中兩只溫度計的讀數相差越小，故C錯誤；

D．液體表面張力是液體表面層里的分子比液體內部稀疏；分子間的距離比液體內部大，分子力表現為引力的結果，液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢，故D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．根據電場強度的定義可知，該點場強大小為方向與正電荷受力方向相同，即水平向右，選項A錯誤；

BC．電場中某點的電場強度與試探電荷的有無無關，則若該點放一電量為2q的試探電荷或不放電荷，則該點場強大小仍為選項BC錯誤；

D．無論是否放入試探電荷，該點場強大小都為選項D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

A．擴散現象說明分子之間存在空隙；同時分子在永不停息地做無規則運動，選項A正確；

B．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動；是液體分子無規則運動的具體表現，選項B錯誤；

C．當分子力表現為引力時；分子間距離的增加時，分子力做負功，則分子勢能增加，選項C錯誤；

D．減速運動的物體動能減小；可能重力勢能增加，例如上拋物體，不一定發生了機械能向內能轉化，選項D錯誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

因ab兩部分氣體的壓強相等，則對兩活塞極連桿的整體受力分析可知

可知缸內氣體壓強不變；若缸內氣體的溫度緩慢升高一點時；則氣體體積變大，因右側活塞面積較大，則則活塞向左移動一點。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

根據題意可知，結合右手螺旋定則可得，線圈A產生的磁場的磁場方向垂直向外，而外部則垂直向里，凈磁通量向外，故C正確，D錯誤；磁通量可看成穿過線圈的磁感線條數，由于線圈A產生的磁場的磁場方向垂直向外，而外部則垂直向里，當線圈的面積越大時，則相互抵消的越多，因此穿過線圈B的磁通量最大，線圈C的磁通量最小，故AB錯誤．所以C正確，ABD錯誤．6、B【分析】【詳解】

A；帶電油滴在極板間勻速下落,根據受力平衡可知電場力向上；則油滴下降過程中電場力做負功，電勢能不斷增加，故A錯；

B、帶電油滴在極板間勻速下落,根據受力平衡則有所以故B對；

C、若減小極板間電壓，則根據板間電場強度減小；所以油滴將加速下降，故C錯；

D、若將極板N向上緩慢移動一小段距離，d減小，根據知場強變大；油滴將向上加速運動，故D錯；

故選B

【點睛】

根據受力平衡得到電荷量及電場力方向,從而根據電場力做功得到電勢能變化;再根據條件變化得到場強變化,從而根據電場力變化得到合外力變化,即可得到油滴運動.7、B【分析】壓縮玻璃筒內的空氣，氣體的壓強變大，機械能轉化為筒內空氣的內能，空氣的內能增加，溫度升高，當達到棉花的燃點后，棉花會燃燒，即外界對氣體做正功，氣體內能增加，故B正確，ACD錯誤。8、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．A；B兩球在運動過程中只受重力作用；相等時間內重力的沖量相同，因此在相等時間內兩球動量的變化大小相等、方向相同，所以A正確；B錯誤；

CD．動量的變化率為

則動量的變化率大小相等；方向相同；所以C正確；D錯誤；

故選AC。二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【詳解】

A項：由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯后與R3并聯后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；所以并聯部分的電壓減小；故A正確；

B項：由A項分析可知并聯部分的電壓減小，即平行金屬板兩端電壓減小，根據平行金屬板間的場強減小，小球將向下運動，由于下板接地即下板電勢為0，由帶電質點P原處于靜止狀態可知，小球帶負電，根據負電荷在電勢低的地方電勢能大，所以小球的電勢能增大，故B錯誤；

C項：電源的效率：由A分析可知；路端電壓減小，所以電源的效率變低，故C錯誤；

D項：將R1和電源等效為一個新的電源，新電源的內阻為r+R1，電壓表測的為新電源的路端電壓，如果電流表測的也為總電流，則由A分析可知由于總電流增大，并聯部分的電壓減小，所以R3中的電流減小，則IA增大，所以所以故D正確．

點晴：解決本題關鍵理解電路動態分析的步驟：先判斷可變電阻的變化情況，根據變化情況由閉合電路歐姆定律確定總電流的變化情況，再確定路端電壓的變化情況，最后根據電路的連接特點綜合部分電路歐姆定律進行處理．10、A:D:E【分析】【詳解】

A．“PM2.5”是指直徑小于等于2.5微米的顆粒物；是分子團的運動，屬于布朗運動，A正確；

B．潮濕時；空氣的相對濕度較大，干燥時，空氣的相對濕度較小，但絕對濕度大小不能確定，B錯誤；

C．用手捏面包；面包體積會縮小，只能說明面包內有氣孔，C錯誤；

D．人類利用能源時；是將高品質的能量釋放出來并最終轉化為低品質的內能．所以可利用的能源會逐漸減小，D正確；

E．一定質量的單晶體在熔化過程中溫度不變；分子的平均動能不變，所吸收的熱量全部用來增大分子勢能，E正確。

故本題選ADE。11、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．空氣中是指大氣中直徑小于或等于2.5微米的顆粒物；其運動是由于來自空氣分子的各個方向的撞擊不平衡所引起的，屬于布朗運動，不是分子熱運動，A錯誤；

B．M表示銅的摩爾質量，表示銅的密度；則銅的摩爾體積。

一個銅原子所占空間的體積可表示為。

B正確；

C．完全失重狀態下懸浮的水滴呈球狀是因為液體表面存在張力；C正確；

D．晶體分單晶體和多晶體；只有單晶體具有規則形狀，各向異性，而多晶體沒有規則形狀，各向同性，D錯誤；

E．理想氣體等壓膨脹過程；根據。

可知溫度升高；故內能增加，根據熱力學第一定律。

可知對外做功；故一定吸收熱量，E正確。

故選BCE。12、A:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，氣體在狀態時的溫度相等，兩狀態在同一等溫線上，由理想氣體狀態方程可知

由圖示圖線可知，氣體由狀態到過程，先變大后變小；則氣體溫度溫度先升高后降低，故A正確；

B．由圖示圖線可知，氣體由狀態到過程；氣體體積不變而壓強減小，由理想氣體狀態方程可知，氣體溫度降低，氣體內能減小，故B錯誤；

C．由圖示圖線可知，氣體由狀態到過程；氣體體積增大，分子間的平均間距增大，故C錯誤；

D．由圖示圖線可知，氣體由狀態到過程；氣體體積增大，氣體對外做功，故D正確；

故選AD。13、B:C:E【分析】【詳解】

A項：由于紅光的折射率較小；所以偏折角較小，所以a光為紅光，故A錯誤；

B項：由公式可知，折射率越大，速度越小，所以a光的速度最大，由公式所以頻率越大的，波長越小，由圖可知，所以c光的波長最小，故B正確；

C項：由公式折射率越大的，臨界角越小，所以c光最先發生全反射，故C正確；

D項：由B分析可知，b光的波長比a光的小，所以a光比b光更容易發生明顯的衍射現象；故D錯誤；

E項：由公式可知，波長越長的，間距越大，所以a光的鄰亮條紋間距最大，故E正確．14、A:D【分析】【詳解】

A．依據能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；小球機械能守恒，小球和槽組成的系統動量不守恒，故A正確；

B．小球在點，速度大小為0，小球的功率為0，小球在點，速度方向與重力方向垂直，小球的功率為0，小球從到Ｃ運動過程中；功率先變大后變小，故B錯誤；

CD．依據能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；球和槽組成的系統機械能守恒，系統動量不守恒，故C錯誤，D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】當小球所受的洛倫茲力小于重力垂直桿向下的分力，小球向下做加速運動，洛倫茲力逐漸增大，支持力和滑動摩擦力逐漸減小，合力增大，加速度增大．當洛倫茲力等于重力垂直桿的分力時，又由得

點睛：本題關鍵是分析小球的受力情況，判斷其運動情況，注意先分析重力和洛倫茲力，再分析彈力和摩擦力，抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比進行動態分析。【解析】16、略

【分析】【詳解】

②根據閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據并聯電路電流關系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】17、略

【分析】【詳解】

由電路的組成可知，R1和R3的上半部分串聯，R2和R3的下半部分串聯，然后再并聯．只要求出P由a向b滑動過程中電阻的變化，就可求得電流的變化．設P、a間電阻為Ra；則混聯電路的電阻為。

上式中分子里兩個因式之和為定值，則當時當時，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

當時，R＝2.1Ω，I2＝3A

故當滑動觸頭P從a端滑動到b端的過程中；電流表示數變化：從3.94A減小到2.52A再增大到3A.

【點睛】

本題正確列出并聯電路電阻表達式，再根據數學關系，即可正確解題．【解析】從3.94A減小到2.52A再增大到3A18、略

【分析】【詳解】

[1]若把A；B兩只玻璃瓶并靠在一起；則A、B瓶內水的內能都將發生改變，這種改變內能的方式叫熱傳遞。

[2]根據題意，由公式可得，瓶中水的體積為

一個水分子的體積為

瓶中水分子個數約為

聯立代入數據解得個【解析】熱傳遞19、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過程中；泡泡內的氣體的壓強減小，根據玻意耳定律可知，該過程中泡泡內的氣體的體積增大，氣體對外界做功。

[2]由于泡泡內的氣體的溫度不變，氣體的內能不變，根據熱力學第一定律可知，該過程中氣體從外界吸收熱量。【解析】正從外界吸收熱量20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側等于21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢能就不同，所以液體的分子勢能與體積有關，故a正確；

b．單晶體的物理性質具有各向異性，而多晶體的物理性質具有各向同性，故b錯誤；

c．溫度越高分子的平均動能越大；但對于某個分子來說其分子動能反而可能減小，所以溫度對單個分子來說沒有意義，故c錯誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點處，故封閉氣體的體積保持不變，即發生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時封閉氣體的壓強p1=p0+h1=90cmHg

設待測恒溫槽的溫度T2，此時封閉氣體的壓強p2=p0+h2=120cmHg

根據查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內氣體分子的平均動能增大；故氣體的內能增大。

[4]根據熱力學第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．22、略

【分析】【詳解】

[1]桿切割產生的感應電動勢為E=Bdv

兩個電阻為R的半金屬圓環并聯，并聯電阻

則電路電流（總電流）為

桿兩端的電壓為

考點：法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律。【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]根據庫侖力提供向心力

解得

[2]根