…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、已知用頻率為γ的單色光照射某金屬表面時，逸出的光電子的最大初動能為E，已知普朗克常量為h，則要使此金屬發生光電效應的極限頻率應為A.γ-EhB.γ+EhC.γ-D.γ+2、一定質量的理想氣體經歷了如圖所示的A→B→C→D→A循環過程。下列說法正確的是（）

A.A→B→C過程中，氣體壓強先增加后不變B.C→D→A過程中，單位體積內分子數先不變后增加C.整個循環過程中，氣體對外界做的功大于外界對氣體做的功D.整個循環過程中，氣體對外界放熱，內能不變3、如圖所示是一定質量的理想氣體從狀態A經B至C的p—圖線；則在此過程中()

A.氣體的內能改變B.氣體的體積增大C.氣體向外界放熱D.氣體對外界做功4、能量的概念是人類在對物質運動規律進行長期探索中建立起來的，下列說法正確的是（）A.熱量可能會從低溫物體傳到高溫物體B.隨著技術進步，最終使熱機的效率達到100％C.能源在使用過程中，能量總量逐漸減少，因此要節約能源D.物體只要與外界進行熱交換，其內能就一定發生變化5、如圖所示，任意一條光線射向夾角為的兩平面鏡的相對鏡面上；相繼經兩鏡面反射后，最后射出線與最初入射線的方向間夾角應為。

A.B.2C.3D.46、有些材料沿不同方向物理性質不同，我們稱之為各向異性．如圖所示，長方體材料長、寬、高分別為a、b、c，由于其電阻率各向異性，將其左右兩側接入電源時回路中的電流，與將其上下兩側接入該電源時回路中的電流相同，則該材料左右方向的電阻率與上下方向的電阻率之比為

A.B.C.D.7、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器．閉合電鍵s，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示．則（）

A.圖線甲是電壓表V1示數隨電流變化的圖線B.電源內電阻的阻值為10WC.滑動變阻器R2的最大功率為0.8WD.電源的最大輸出功率為1.8W8、某靜電場的方向平行于x軸，其電勢φ隨x的分布如圖所示．一質量m=4×10－10kg電荷量q=2×10－9C的帶負電粒子(不計重力)(－1m，0)點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運動．則該粒子運動的周期為

A.sB.0.6sC.0.1D.s9、碘131的半衰期約為8天，若某藥物含有質量為的碘131，經過32天后，該藥物中碘131的含量大約還有（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、在如圖所示的電路中，電動勢為E、內阻為r，定值電阻為R1、R2，滑動變阻器為R.當滑動變阻器的觸頭由中點滑向b端時；下列說法中正確的是()

A.電壓表的讀數變小B.電壓表的讀數變大C.電流表的讀數變小D.電流表的讀數變大11、有時我們感到空氣很潮濕時，是因為（）A.這時空氣的相對濕度一定較大B.這時的氣溫較低C.這時的氣溫較高D.這時的空氣中的水蒸氣距離飽和狀態較近12、如圖所示，面積為S、匝數為N、電阻為r的線圈與阻值為R的電阻構成閉合回路；理想交流電壓表并聯在電阻R的兩端．線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場的轉動軸以角速度ω勻速轉動．設線圈轉動到圖示位置的時刻t=0．則（）

A.在t=0時刻，線圈處于中性面，流過電阻R的電流為0，電壓表的讀數也為0B.1秒鐘內流過電阻R的電流方向改變次C.在電阻R的兩端再并聯一只電阻后，電壓表的讀數將減小D.在電阻R的兩端再并聯一只電容較大的電容器后，電壓表的讀數不變13、下列說法正確的是（）A.晶體在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變B.在合適的條件下，某些晶體可以轉變為非晶體，某些非晶體也可以轉變為晶體C.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體E.物體內熱運動速率大的分子數占總分子數比例與溫度有關E.物體內熱運動速率大的分子數占總分子數比例與溫度有關14、一定質量的理想氣體從狀態a開始，經歷等溫或等壓過程回到原狀態，其圖像如圖所示，其中對角線的延長線過原點O。下列判斷正確的是（）

A.氣體在a、c兩狀態的體積相等B.氣體在狀態a時的內能大于它在狀態c時的內能C.在過程中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D.在過程中外界對氣體做的功等于在過程中氣體對外界做的功15、下列說法正確的是（）A.第二類永動機違背了熱力學第二定律，也違背了熱力學第一定律B.在毛細現象中，細管中的液面不一定會上升C.溫度高的物體具有的內能一定比溫度低的物體具有的內能多D.因為液體表面層分子分布比內部稀疏，因此液體表面有收縮趨勢16、下列說法正確的是（）A.隨著國家對環境的日益重視，2019年霧霾天數較以往大幅減少，霧霾現象發生時，空氣中的固體微粒的無規則運動反映空氣分子熱運動的無規則性B.空氣濕度對霧霾天的形成有重要影響，如果干、濕泡溫度計示數差值變大，則環境的相對濕度在降低C.汽車尾氣排放是導致城市空氣污染的重要原因，隨著科技發展，能夠使發動機的效率達到100%E.南方的冬天冷而潮濕，是因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，水蒸氣的飽和汽壓較低導致的E.南方的冬天冷而潮濕，是因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，水蒸氣的飽和汽壓較低導致的17、如圖，水平固定放置的足夠長的光滑平行導軌，電阻不計，間距為L，左端連接的電源電動勢為E，內阻為r，質量為m的金屬桿垂直靜放在導軌上，金屬桿處于導軌間部分的電阻為R.整個裝置處在磁感應強度大小為B；方向豎直向下的勻強磁場中；閉合開關，金屬桿沿導軌做變加速運動直至達到最大速度，則下列說法正確的是()

A.金屬桿的最大速度大小為B.此過程中通過金屬桿的電荷量為C.此過程中電源提供的電能為D.此過程中金屬桿產生的熱量為18、圖示為手機無線充電裝置；手機和充電板內部均安裝了金屬線圈，將手機置于通電的充電板上，便實現了“無線充電”．下列說法正確的是（）

A.無線充電的原理是電磁感應B.將手機旋轉一小角度放置，便不能充電C.在手機和充電板間墊上幾張A4紙，也能充電D.充電板不論通入交變電流還是恒定電流均可充電評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、熱平衡定律：如果兩個系統分別與第三個系統達到熱平衡，那么這兩個系統彼此之間也必定處于_______。20、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a出發，經過等容過程ab到達狀態b，再經過等溫過程bc到達狀態c，最后經等壓過程ca回到狀態a。則氣體在ab過程要_______（選填“吸熱”或“放熱”）；氣體從c到a過程放出600J熱量，則氣體內能在這一過程將_______（選填“增加“或“減少”）________J。

21、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。22、如圖所示，導線圈A水平放置，條形磁鐵從其正上方向下移近(未插入)導線圈的過程中，導線圈A對水平面的壓力將________．導線圈的面積有______趨勢．（填“增大”,“不變”或“減小”）

23、有一充電的平行電容器，兩板件電壓為現使它的電荷量減小于是電容器兩極板間電壓降為原來的此電容器的電容是__________μF；若電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容是__________μF。24、B．(選修模塊3-4)

（1）一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質點的振動圖象如圖乙所示．質點N的振幅是_________m，振動周期為_________s，圖乙表示質點_____(從質點K、L、M、N中選填)的振動圖象．該波的波速為___________m／s．

（2）慣性系S中有一邊長為l的正方形(如圖A所示)，從相對S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測得該正方形的圖象是__________________．

（3）描述簡諧運動特征的公式是x＝_______．自由下落的籃球緩地面反彈后上升又落下．若不考慮空氣阻力及在地面反彈時的能量損失，此運動________(填“是”或“不是”)簡諧運動．25、已知光速為c，普朗克常數為h，則頻率為ν的光子的動量為______．用該頻率的光垂直照射平面鏡，光被鏡面全部垂直反射回去，則光子在反射前后動量改變量的大小為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)29、（1）研究小車勻變速直線運動的實驗裝置如圖（a）所示其中斜面傾角θ可調，打點計時器的工作頻率為50Hz．紙帶上計數點的間距如圖（b）所示；其中每相鄰兩點之間還有4個記錄點未畫出．

①部分實驗步驟如下：

。A．測量完畢；關閉電源，取出紙帶。

B．接通電源；待打點計時器工作穩定后放開小車。

C．將小車依靠在打點計時器附近；小車尾部與紙帶相連。

D．把打點計時器固定在平板上；讓紙帶穿過限位孔。

上述實驗步驟的正確順序是：________________________（用字母填寫）

②圖（b）中標出的相鄰兩計數點的時間間隔T=___________________s

③計數點5對應的瞬時速度大小計算式為v5=________________．

④為了充分利用記錄數據，減小誤差，小車加速度大小的計算式應為a=______________．

（2）圖（a）是測量電阻Rx的原理圖．學生電源輸出電壓可調，電流表量程選0.6A（內阻不計），標有長度刻度的均勻電阻絲ab的總長為30.0cm．

①根據原理圖連接圖（b）的實物圖．

②斷開S2，合上S1；調節電源輸出電壓為3.0V時，單位長度電阻絲的電壓u=__________V/cm.記錄此時電流表A1的示數．

③保持S1閉合，合上S2；滑動c點改變ac的長度L，同時調節電源輸出電壓，使電流表A1的示數與步驟②記錄的值相同，記錄長度L和A2的示數I．測量6組L和I值，測量數據已在圖（c）中標出，寫出Rx與L、I、u的關系式Rx=_____；根據圖（c）用作圖法算出Rx=____Ω．評卷人得分六、解答題(共1題，共7分)30、如圖所示，一個長方形氣缸放置于水平地面上，左右側壁光滑且絕熱，底面面積為S=20cm2且導熱良好，質量為m=2kg且絕熱的活塞下方封閉了一定量的理想氣體，穩定時氣柱長度為h=20cm．現在在活塞上放一個物塊(未畫出)，待系統再次穩定后，活塞下方的氣柱長度變為h′=10cm，已知大氣壓強始終為p0=1×105Pa，重力加速度g=10m/s2；一切摩擦阻力不計；氣密性良好且外界環境溫度保持不變．求：

(1)活塞上所放物塊的質量M；

(2)第一次穩定到第二次穩定過程中從底部發生熱交換的情況．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

根據光電效應方程：又因為：可求極限頻率為所以A、B、D錯誤；C正確．2、D【分析】【詳解】

A．A→B的過程中，氣體溫度不變，體積增大到原來的2倍，由玻意爾定律可知，氣體壓強將減小到A狀態時的二分之一；B→C的過程中，氣體的體積不變，溫度升高到原來的4倍，由查理定律可知，氣體的壓強將增大到B狀態時的4倍；即氣體壓強先減小后增大；故A錯誤；

B．C→D→A過程中；氣體的體積先減小后不變，所以單位體積內分子數先增加后不變，故B錯誤；

C．A→B的過程中，氣體等溫膨脹，內能不變，但對外做功，由熱力學第一定律

可知，氣體從外界吸收了熱量；B→C的過程中，氣體體積不變，溫度升高，內能增加，氣體和外界沒有相互做功，由

可知，氣體從外界吸收了熱量；C→D過程中，氣體體積減小，溫度降低，內能減小，由圖可知是定值，則由

可知，氣體經歷了等壓壓縮，外界對氣體做了功，由

可知，氣體向外界釋放了熱量；D→A過程中，氣體經歷了等容降溫，內能減小，壓強減小，氣體與外界沒有相互做功，由

可知，氣體向外界釋放了熱量。綜上所述，氣體與外界相互做功發生在A→B和C→D過程中，其中A→B是一個降壓過程，C→D是一個等壓過程，由D→A過程可知，A→B過程中壓強的最大值小于C→D過程中的壓強，兩個過程中氣體的體積變化量相等，所以A→B過程中氣體對外界做的功小于C→D過程中外界對氣體做的功；故C錯誤；

D．由上面的分析可知，整個循環過程中，外界對氣體做的功大于氣體對外界做的功，氣體的溫度、體積最終回到了開始狀態，內能變化量為零，由熱力學第一定律

可知氣體對外界放了熱；故D正確。

故選D3、C【分析】【詳解】

試題分析：根據氣體狀態方程=C和已知的變化量去判斷其它的物理量．對于一定質量的理想氣體；溫度升高，那么氣體的內能增加．根據熱力學第一定律判斷氣體吸熱還是放熱．

由圖象可知該理想氣體發生的是等溫變化，故氣體的內能不變，ΔU＝0；但氣體的體積在減小，故外界對氣體做功，W>0；由熱力學第一定律ΔU＝W＋Q知，Q<0；氣體向外界放熱，故C正確。

考點：理想氣體狀態方程熱力學第一定律。

點評：夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關系．要注意熱力學第一定律△U=W+Q中，W、Q取正負號的含義．4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由熱力學第二定律可知；熱量能夠自發地從高溫物體傳到低溫物體，熱量可以從低溫物體傳向高溫物體，但要引起其它變化，故A正確；

B．盡管技術不斷進步；熱機的效率仍不能達到100%，故B錯誤；

C．根據熱力學第二定律可知；能源的使用過程能量的總量守恒，但可利用能源會逐步減少，因此節約能源是我們每個人的責任，故C錯誤；

D．物體與外界進行熱交換，其內能不一定發生變化，由熱力學第一定律

可知還要看外界對物體做功情況；故D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

由圖可知，光線經兩面鏡反射后的光線如圖所示，夾角為i，由幾何關系可知，∠i=∠CAB+∠ABC；作出兩次反射的法線，如圖所示，則有：∠CAB+∠ABC=Φ；則可知i=2Φ；故B正確，ACD錯誤．故選B．

點睛：本題考查光的反射定律的應用，要注意光學問題作出光路路再根據幾何關系求解是解題的關鍵．6、C【分析】【詳解】

電流相等，則說明兩種接法中電阻相等，根據電阻定律可得故可得C正確．7、D【分析】【詳解】

A.當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；而R1兩端的電壓增大，故乙表示是V1示數的變化；甲表示V2示數的變化；故A不符合題意；B.由圖可知，當只有R1接入電路時，電路中電流為0.6A，電壓為3V，則由E=U+Ir可得：E=3+0.6r；

當滑動變阻器全部接入時，兩電壓表示數之比為故

由閉合電路歐姆定律可得E=5+0.2r

解得r=5Ω，E=6V；故B不符合題意；

C.由B的分析可知，R1的阻值為則當滑動變阻器的阻值等于R1+r時，滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流I′=A=0.3A，則滑動變阻器消耗的總功率P′=I'2R′=0.9W；故C不符合題意；

D.因當內阻等于外阻時，電源的輸出功率最大，故當外阻等于5Ω時，電源的輸出功率最大，故此時電流

故電源的最大輸出功率P=UI=1.8W；故D符合題意；8、B【分析】【分析】

根據圖象可明確左右兩邊電勢的降落與距離間的關系；根據E=U/d即可求得各自的電場強度；粒子在原點兩側來回振動，故周期為粒子在兩側運動的時間之和；根據速度公式v=at即可求出各自的時間，則可求得周期．

【詳解】

粒子先沿x軸正方向做勻加速勻速，后做勻減速直線運動，然后反向運動；由由解得粒子沿x軸正方向運動的時間為同理可得粒子沿x軸正方向做勻減速運動的時間為t2=0.1s；且粒子到達x=0.5m處的速度恰好為零，反向運動的時間為t1+t2=0.3s；則粒子運動的周期為T=2(t1+t2)=0.6s；故選B.

【點睛】

本題考查帶電粒子在電場中的運動分析，要注意明確運動過程，并能根據牛頓第二定律以及動能定理等物理規律進行分析，并靈活應用數學規律求解．9、C【分析】【詳解】

放射性物質發生衰變時，由原子核的衰變公式

其中

為半衰期的次數，解得

故選C.

考點：本題考查了原子核的衰變規律、半衰期的計算.二、多選題(共9題，共18分)10、B:D【分析】試題分析：當滑動變阻器的觸頭由中點滑向b端時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律分析總電流減小，路端電壓增大，則電壓表的讀數變大．R1的電壓減小；則圖中并聯部分電路的電壓增大，則電流表的讀數變大；故選BD．

考點：電路的動態分析.

【名師點睛】本題是關于動態電路的分析；解題時先分析變阻器接入電路電阻的變化，再分析外電路總電阻的變化，路端電壓的變化，根據串聯電路的特點分析并聯部分電壓的變化，是電路動態分析問題常用的分析思路.11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

影響人們對干爽與潮濕感受的因素，不是空氣中水蒸氣的絕對含量（絕對濕度），也不是氣溫的高低，而是空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的比值（相對濕度），人對濕度的感覺由相對濕度決定，相對濕度越大，空氣中的水蒸氣離飽和狀態較近，人感到越潮濕，故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

A；在圖示位置；線圈處于中性面，通過線圈的磁通量最大，但是電動勢為0，電流為0，電壓表的讀數為電壓的有效值，有效值不為0，所以電壓表的讀數不為0，故A錯誤．

B、此交流電的周期為T=交流電在一個周期內電流的方向改變兩次，所以在1秒鐘內流過電阻R的電流方向改變次數為2==故B正確．

C；在電阻R的兩端再并聯一只電阻后；總電阻將減小，總的電流變大，線圈的內電壓增加，由于總的電動勢不變，所以外電壓，即電壓表的讀數將減小，故C正確．

D；電容有通交流；隔直流的特點，在電阻R的兩端再并聯一只電容較大的電容器后，相當于總的電阻減小，根據C的分析可知，電壓表的讀數將減小，故D錯誤．

故選BC。13、B:D:E【分析】【詳解】

A．晶體在熔化過程中；溫度保持不變，但晶體要吸收熱量，晶體的內能要增大，故A錯誤；

B．在合適的條件下；某些晶體可以轉變為非晶體，某些非晶體也可以轉變為晶體，故B正確；

C．燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，故C錯誤；

D．物體放出熱量；同時對外做功，根據熱力學第一定律可知，其內能一定減少，故D正確；

E．溫度越高；分子無規則運動越劇烈，運動速率大的分子數增多，故E正確。

故選BDE。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據氣體狀態方程

得

圖像的斜率

a、c兩點在同一直線上，即a、c兩點是同一等容線上的兩點；體積相等，選項A正確。

B．理想氣體在狀態a的溫度大于狀態c的溫度，理想氣體的內能只與溫度有關，溫度高，內能大，故氣體在狀態a時的內能大于它在狀態c時的內能；選項B正確。

C．在過程中溫度不變，內能不變等溫變化壓強與體積成反比，壓強大體積小，從c到d體積減小，外界對氣體做正功根據熱力學第一定律

所以

所以在過程中氣體向外界放出的熱量等于外界對氣體做的功；選項C錯誤。

D．在過程中，等壓變化，溫度降低，內能減小體積減小，外界對氣體做功，根據

即

過程中，氣體對外界做功

因為

所以

在過程中外界對氣體做的功等于在過程中氣體對外界做的功；選項D正確。

故選ABD。15、B:D【分析】A項：第二類永動機仍然遵循能量守恒定律；所以不違反熱力學第一定律，但能量的轉化和轉移具有一定的方向性，它違反了熱力學第二定律，故A錯誤；

B項：因為毛細現象；是液體表面對固體表面的吸引力．毛細管插入浸潤液體中，管內液面上升，高于管外，毛細管插入不浸潤液體中，管內液體下降，低于管外的現象，故B正確；

C項：對不同物體來說；內能大小還與物體的質量有關，溫度高的物體具有的內能不一定比溫度低的物體具有的內能多，故C錯誤；

D項：因液體分子表面層分子分布比內部稀疏；故分子間作用力表現為引力，液體表面有收縮趨勢，故D正確．

點晴：內能是指物體內所有做無規則運動的分子的動能和分子勢能的總和．內能的大小跟物體的溫度和物體的質量大小有關．同一物體溫度升高，物體的內能增大；對不同物體來說，內能大小還與物體的質量有關．16、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．霧霾中的PM2.5是粒徑很小的顆粒物；故它的運動屬于布朗運動，它反映了空氣分子熱運動的無規則性，故A正確。

B．干濕泡溫度計的濕泡溫度計與干泡溫度計的示數差距越大；表示蒸發得快，空氣的相對濕度越小；所以干；濕泡溫度計示數差值變大，則環境的相對濕度在降低，故B正確。

C．根據熱力學第二定律；發動機的效率不可能達到100%，故C錯誤。

D．熱量能自發的從高溫物體傳到低溫物體；由于人的溫度高于環境溫度，故人體將熱量傳到環境中，導致人感覺到冷，并不是人體的熱量比環境多的原因，故D錯誤。

E．在某一溫度下；水蒸汽的壓強與同溫度下飽和汽壓的比叫做相對濕度；溫度越低，水蒸氣的飽和汽壓越低，又因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，所以南方的冬天相對濕度比較大，讓人感覺冷而潮濕，故E正確。

故選ABE。17、A:C【分析】【詳解】

閉合開關，金屬桿做加速運動，產生感應電動勢，感應電動勢與電源電動勢相等時，電流為零，金屬桿開始做勻速運動．電動勢為故A正確；由動量定理得故B錯誤；由能量守恒可知電源提供的電能故C正確．此過程中電能轉化為金屬桿的動能、R及r產生的熱量之和，由于金屬桿此時的熱量為故D錯誤．

【點睛】

解決本題的核心知識：（1）電磁感應中，應用動量定理解決動力學問題；（2）電磁感應中，應用能量守恒解決相關能量問題．18、A:C【分析】【詳解】

ABC項:手機內部的線圈；能將充電板中變化的磁場轉化為電流給手機電池充電，是利用電磁感應原理工作的，故AC正確，B錯誤；

D、充電底座利用的電磁感應原理工作的，故不能直接使用直流電進行充電；故D錯誤．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】熱平衡20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，一定質量的理想氣體，從到是等容升壓過程，根據可知，溫度升高，則氣體在過程要吸熱。

[2]氣體從到過程壓強不變，體積減小，根據可知；氣體溫度降低，氣體內能在這一過程將減少。

[3]氣體從到過程壓強不變，體積減小，外界對氣體做功，由可得

氣體向外放出熱量600J，根據熱力學第一定律可得，

氣體內能減少300J。【解析】吸熱減少300J21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功。【解析】先減小后增大可以22、略

【分析】【詳解】

條形磁鐵從其正上方向下移近時；穿過線圈A的磁通量會增加，根據楞次定律知：線圈有向下運動的趨勢，所以對地面的壓力將增加，由于穿過線圈A的磁通量，根據楞次定律知道，此時線圈A的面積有減小的趨勢，用來阻礙磁通量的增加．

綜上所述本題答案是：增大；減小【解析】增大減小23、略

【分析】【詳解】

[1]由題平行板電容器的電荷量減少

電壓降低

則μF

[2]電容反應電容器本身的特性，電容器極板上的電荷全部放掉電容器的電容不變，仍為150μF。【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由甲圖可知波長由乙圖可知振幅周期所以波速因為波沿軸正方向傳播，由甲圖可以判斷時刻L向上振動，N向下振動，K在正的最大位移處，M在負的最大位移處．由乙圖可知時刻；質點向上振動．所以為L的振動圖象；

（2）由相對論中長度的相對性：在垂直于運動方向；長度不變；在沿著運動方向長度變長．所以C正確；

（3）簡諧運動的表達式為：為初相位，可以取零．籃球的運動加速度不改變，不符合簡諧運動的規律，所以不是簡諧運動．【解析】0.84L0.5C不是25、略

【分析】【詳解】

根據光子的動量公式取入射的方向為正方向，則光子動量的變化量為

【點睛】

光子的動量的公式以及動量的矢量性．【解析】①.②.四、作圖題(共3題，共27分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線