…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理下冊月考試卷721考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖是一火警報警電路的示意圖，R3為用半導體熱敏材料制成的傳感器，這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小。值班室的顯示器為電路中的電流表，電源兩極之間接一報警器。當傳感器R3所在處出現火情時，電流表顯示的電流I、報警器兩端的電壓U的變化情況（）

A.I變大，U變小B.I變小，U變小C.I變小，U變大D.I變大，U變大2、如圖所示是自動調溫式電熨斗的結構圖下列說法不正確的是（）

A.常溫時上下觸點是接觸的B.雙金屬片溫度升高時，上金屬片形變較大，雙金屬片將向下彎曲C.原來溫度控制在80℃即斷開電源，現要求60℃斷開電源，應使調溫旋鈕下移一些D.由熨燙絲綢衣物狀態轉化為熨燙棉麻衣物狀態，應使調溫旋鈕下移一些3、關于運動電荷和磁場的說法正確的是（）A.運動電荷在某點不受洛倫茲力作用，這點的磁感應強度必為零B.只要速度大小相同，粒子所受洛倫茲力就相同C.電子束垂直進入磁場發生偏轉，這是洛倫茲力對電子做功的結果D.電荷與磁場沒有相對運動，電荷就一定不受磁場的作用力4、2020年，國產“質子治療230MeV超導回旋加速器”在原子能院完成設備安裝和測試。回旋加速器的原理如圖所示，和是兩個半徑為R的半圓型金屬盒，接在電壓為U、周期為T的交流電源上，位于圓心處的質子源A能不斷產生質子（初速度可以忽略），質子在兩盒之間被電場加速，置于與盒而垂直的磁感應強度為B的勻強磁場中。已知質子的電荷量為q、質量為m；忽略質子在電場中運動的時間，不考慮加速過程中的相對論效應，不計質子重力。下列說法正確的是（）

A.交流電源的周期等于質子做圓周運動周期的2倍B.若只增大交流電源的電壓U，則質子的最大動能將增大C.質子在電場中加速的次數為D.質子第1次和第2次經過兩D型盒間狹縫后的運動軌跡半徑之比為1：25、霍爾元件是一種應用霍爾效用的磁傳感器，有一個沿y軸方向的磁場，磁感應強度（B0、k均為正的常數），將一傳感器固定在霍爾元件上，沿y軸方向元件的厚度為d，保持通過霍爾元件的電流I不變（方向如圖中箭頭所示）．當元件沿y軸方向移動時，a、b是垂直于z軸方向上元件的前后兩側面，在這兩個側面產生的電勢差為U；則下列說法正確的是。

A.若圖中霍爾元件是電子導電，則后側面電勢高B.若I不變，電勢差U越大，則該處的磁感應強度B越小C.若磁感應強度B不變，前后兩側面的電勢差U越小，則電流I取值越大D.k越大，傳感器靈敏度越高6、關于楞次定律，下列說法正確的是()A.感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化B.閉合電路的一部分導體在磁場中運動時，必受磁場阻礙作用C.原磁場穿過閉合回路的磁通量增加時，感應電流的磁場與原磁場同向D.感應電流的磁場總是跟原磁場反向，阻礙原磁場的變化7、如圖，電阻不計的光滑金屬導軌由直窄軌AB、CD，直寬軌EF、GH和連接直軌BE、GD構成，整個導軌處于同一水平面內，BE和GD共線且與AB垂直，窄軌間距為寬軌間距為L。空間有方向豎直向上的勻強磁場，寬軌所在區域的磁感應強度大小為B，窄軌所在區域的磁感應強度大小為2B。棒長均為L、質量均為m、電阻均為R的均勻金屬直棒a、b始終與導軌垂直且接觸良好。初始時刻，b棒靜止在寬軌上，a棒從窄軌上某位置以平行于AB的初速度向右運動。a棒距窄軌右端足夠遠，寬軌EF、GH足夠長。則（）

A.a棒剛開始運動時，b棒的加速度大小為B.經過足夠長的時間后，a棒的速度大小為C.整個過程中，a棒克服安培力做的功等于ab兩棒上的發熱量D.整個過程中，b棒產生的焦耳熱為8、一臺小型發電機與電壓表V；小燈泡按圖甲所示電路連接；發電機產生的感應電動勢隨時間變化的規律如圖乙所示。發電機線圈電阻不能忽略，則（）

A.從線圈與中性面垂直的位置開始計時B.電壓表V的示數為36VC.發電機產生的感應電動勢的表達式為D.若線圈匝數為90，則任意時刻穿過線圈的磁通量為9、如圖甲所示，一自耦變壓器的原線圈與電壓有效值不變的正弦交流電源相連接，副線圈上通過輸電線接有1個燈泡L1，輸電線等效電阻為R；如圖乙所示，一最大阻值為R的滑動變阻器與電壓有效值不變的正弦交流電源相連接，通過輸電線接有1個與L1相同的燈泡L2，輸電線等效電阻為R；電表均為理想電表，下列分析判斷正確的是（）

A.當滑動觸頭P1向上勻速移動時，燈泡L1變亮B.當滑動觸頭P2向上勻速移動時，燈泡L2變暗C.當滑動觸頭P2向上勻速移動時，電流表A2的示數減小D.當滑動觸頭P1向上勻速移動時，電流表A1的示數增大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，兩根足夠長平行光滑金屬導軌豎直放置，間距為0.2m，電阻不計。完全相同的兩金屬棒ab、cd水平放置，棒兩端都與導軌始終有良好接觸，已知兩棒的重力均為0.1N，電阻均為0.1Ω。在兩導軌間有垂直導軌平面向里的勻強磁場，磁感應強度為0.5T。金屬棒ab在豎直向上拉力F作用下向上勻速運動；金屬棒cd恰好能保持靜止，下列說法正確的是（）

A.ab棒受到的拉力大小為0.1NB.ab棒向上運動的速度為2m/sC.ab棒兩端的電勢差為0.2VD.系統在2秒內增加的機械能和產生的熱量均為0.4J11、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，當PQ在外力作用下運動時，MN在磁場力作用下向右運動。則PQ所做的運動可能是（）

A.向右勻加速運動B.向左勻加速運動C.向右勻減速運動D.向左勻減速運動12、下圖是用渦電流金屬探測器探測地下金屬物的示意圖。關于該探測器；下列說法中正確的是（）

A.探測器內的探測線圈會產生交變磁場B.探測器只能探測到有磁性的金屬物C.探測器能探測到地下的金屬物是因為探頭中產生了渦電流D.探測器能探測到地下的金屬物是因為金屬物中產生了渦電流13、某LC振蕩電路的線圈中；某一時刻的磁場方向如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.若磁場正在減弱，則電容器正在放電B.若電容器正在充電，則電容器下極板帶正電C.若電容器上極板帶正電，則線圈中電流正在增加D.若電容器正在放電，則自感電動勢正在阻礙電流增大14、如圖甲所示，ABCD是一長方形有界勻強磁場邊界，磁感應強度按圖乙規律變化，取垂直紙面向外為磁場的正方向，圖中一質量為m、所帶電荷量為q的帶正電粒子以速度v0在t＝0時從A點沿AB方向垂直磁場射入；粒子重力不計。則下列說法中正確的是（）

A.若粒子經時間恰好垂直打在CD上，則磁場的磁感應強度B.若粒子經時間恰好垂直打在CD上，則粒子運動的半徑大小C.若要使粒子恰能沿DC方向通過C點，則磁場的磁感應強度的大小（n＝1，2，3）D.若要使粒子恰能沿DC方向通過C點，磁場變化的周期（n＝1，2，3）15、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數比為5：1，原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災報警系統（報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導體熱敏電阻；其阻值隨溫度的升高而減小，下列說法中正確的是（）

A.圖乙中電壓的有效值為110VB.電壓表的示數為44VC.R處出現火警時電流表示數增大D.R處出現火警時電阻R0消耗的電功率增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、兩塊長5d、相距d的水平平行金屬板，板間有垂直于紙面的勻強磁場.一大群電子從平行于板面的方向、以相等大小的速度v從左端各處飛入（圖）.粒子帶電量為e,質量為m,為了不使任何電子飛出；板間磁感應強度的最小值為_____

.17、如圖所示，有一個正方形線圈的匝數為10匝，邊長為20cm，線圈總電阻為1Ω，線圈繞垂直磁場方向的OO′軸以10πrad/s的角速度勻速轉動，勻強磁場的磁感應強度為0.5T，該線圈產生的感應電動勢的峰值為___________，感應電流的峰值為___________，在圖示位置時感應電動勢為___________，從圖示位置轉過90°時感應電動勢為___________。

18、一段直導線在垂直于均勻磁場的平面內運動。已知導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢與導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導線的長度為__________________。19、變壓器線圈中的電流越大，所用的導線應當越粗。學校實驗室有一臺升壓變壓器，假設它只有一個原線圈和個副線圈，則______的導線應當粗些，______的匝數多。（均填“原線圈”或“副線圈”）20、內容：感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總要_________引起感應電流的_____________21、如圖所示，豎直放置的形光滑導軌，矩形勻強磁場Ⅰ、Ⅱ的高和間距均為d，質量為m的水平金屬桿由靜止釋放，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等。只考慮金屬桿在導軌間的電阻，與導軌接觸良好，其余電阻不計，重力加速度為g。金屬桿穿過兩磁場產生的總熱量為______，穿過磁場Ⅰ的時間______在兩磁場之間的運動時間（填“一定大于”“一定小于”“可能等于”）

22、如圖所示，水平放置的U形金屬框架，框架上放置一質量為m、電阻為R的金屬桿，它可以在框架上無摩擦地滑動，框架兩邊相距l，勻強磁場的磁感應強度為B，方向豎直向下.當桿受到水平向右恒力F后開始向右滑動，則桿從靜止開始向右滑動，啟動時的加速度大小______，桿可以達到的最大速度_______，桿達到最大速度時電路中每秒放出的熱量__________.

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共1題，共5分)27、如圖，M、N為水平放置的一對平行金屬板間距為d，長所加電壓U=U0。金屬板右側有一以CD、EF兩豎直線為邊界的勻強磁場，磁感應強度為B，方向如圖現有質量為m，帶電量為q的負離子（重力不計）從靜止開始經電場U0加速后，沿水平方向由金屬板MN正中央射入，經電場、磁場后從邊界EF水平射出。求：

(1)離子射入金屬板MN時初速度的大小；

(2)離子離開金屬板MN時速度的大小和方向；

(3)離子在磁場中運動的時間。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

當傳感器R3所在處出現火情時，半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減小，R3的電阻減小；根據串反并同規律，與傳感器并聯的報警器兩端電壓變小，與傳感器并聯的電流表的電流也變小。

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．常溫工作時；上下觸點是接通的，當溫度升高時，上層金屬片形變大，雙金屬片向下彎曲；故AB不符題意；

C．切斷電源；原來溫度上升到80℃時斷開電源，現在要求60℃時斷開電源，彈性銅片與觸點接觸面積要減小，應逆時針調節調溫旋鈕，即應使調溫旋鈕上調一些，故C符合題意；

D．由熨燙絲綢衣物狀態轉化為熨燙棉麻衣物狀態時；溫度要升高，則應使調溫旋鈕下移一些，故D不符題意；

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．運動電荷的速度方向如果和磁場方向平行；運動電荷不受洛倫茲力作用，故A錯誤；

B．洛倫茲力是矢量；速度方向不同，洛倫茲力的方向就不同，故B錯誤；

C．洛倫茲力對運動電荷不做功；故C錯誤；

D．只有運動的電荷在磁場中運動；方向與磁場方向不平行才受磁場力作用，所以電荷與磁場沒有相對運動，電荷就一定不受磁場的作用力，故D正確。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．為了保證質子在電場中不斷被加速；則交流電源的周期等于質子做圓周運動的周期，選項A錯誤；

B．當質子被加速到速度最大時

則最大動能

則若只增大交流電源的電壓U；則質子的最大動能不變，選項B錯誤；

C．根據

可得質子在電場中加速的次數為

選項C正確；

D．質子第一次經過D型盒時

則在磁場中運動半徑

質子第二次經過D型盒時

則在磁場中運動半徑

質子第1次和第2次經過兩D型盒間狹縫后的運動軌跡半徑之比為1：選項D錯誤。故選C。5、D【分析】【詳解】

A．若霍爾元件中移動的是電子；根據左手定則，電子向后側面移動，所以前側面的電勢高，故A錯誤；

BC．最終電子在電場力的作用下處于平衡狀態，霍爾電壓公式（K為霍爾系數），若I不變，電勢差U越大，則該處的磁感應強度B越大，若磁感應強度B不變，前后兩側面表面的電勢差U越小，則電流I取值越小；故BC錯誤；

D．根據磁感應強度知，k越大，B的變化越大，根據知，U隨y的變化越大，即傳感器靈敏度越高；D正確。

故選D。6、A【分析】A項：感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化；故A正確；

B項：閉合電路的一部分導體在磁場中平行磁感線運動時；不受磁場阻礙作用，故B錯誤；

C項：原磁場穿過閉合回路的磁通量增加時；感應電流的磁場與原磁場反向，C錯誤；

D項：感應電流的磁場當原磁場增強時跟原磁場反向；當原磁場減弱時跟原磁場同向，故D錯誤．

點晴：解決本題關鍵理解“楞次定律”感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化，其中有三種表現形式：1、“增反減同”；2、“來拒去留”；3、“增縮減擴”．7、D【分析】【詳解】

A．a棒剛開始運動時，產生的動生電動勢為

回路中的總電阻

則回路中的感應電流為

在此瞬間對b棒由牛頓第二定律可得

解得

故A錯誤；

B．分析可知，a棒、b棒分別向右做速度減小的減速運動和速度增大的加速運動，回路中的感應電動勢為

當時，感應電動勢為零，兩棒將均做勻速直線運動，對兩棒組成的系統合外力

則可知兩棒組成的系統動量守恒，有

解得

可知，經過足夠長的時間后，a棒的速度大小為故B錯誤；

C．根據能量守恒可知，整個過程中，a棒克服安培力做的功等于ab兩棒上的發熱量與b棒所獲得的動能之和；故C錯誤；

D．根據能量守恒，可得在整個過程中產生得總熱量為

而b棒產生得熱量為

故D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．當t=0時，e=0；故線框從中性面位置開始轉動，故A錯誤；

B．由圖像可知，電動勢最大值為

因為是正弦交流電，所以有效值為

由于電路中發電機線圈電阻不可忽略；故燈泡電壓不可能等于36V，電壓表V的示數不可能為36V，故B錯誤；

C．根據前面分析可知感應電動勢最大值為根據圖像可知周期為

故角速度為

則表達式為

故C正確；

D．由感應電動勢公式

可得

則任意時刻有

故D錯誤。

故選C。9、C【分析】【詳解】

AD．此自耦變壓器為升壓變壓器，滑動觸頭P1向上勻速移動時，輸入電壓不變，輸出電壓均勻減小，等效電阻R、燈泡L1消耗的功率均變小，L1變暗，電流表A1示數減小；所以A；D錯誤；

BC．當滑動觸頭P2向上勻速移動時，含L2的支路阻值減小，電流變大，燈泡L2變亮，所以B錯誤；而并聯總電阻增大，則電流表A2的示數減小；故C正確。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．金屬棒cd恰好能保持靜止；由平衡條件可得。

由于兩棒中的電流大小相等，則ab棒所受安培力與cd棒的安培力相等，且由左手定則可知，ab棒所受安培力方向向下，由平衡可得ab棒受到的拉力大小。

故A錯誤；

B．ab棒所受安培力為。

解得。

故B正確；

C．ab棒兩端的電勢差為。

故C錯誤；

D．系統在2秒內增加的機械能為。

產生的熱量等于克服安培力做的功。

故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N；由楞次定律可知，線圈中產生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手螺旋定則與楞次定律可知，PQ可能是向左加速運動或向右減速運動，故BC正確，AD錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

用渦電流金屬探測器探測地下金屬物時；探測器內的探測線圈會產生交變磁場，從而使金屬物中產生渦流，而渦流產生的磁場再被探測器探測到，而被探測物只要是金屬即可，不一定具有磁性，故AD正確，BC錯誤。

故選AD。13、B:C:D【分析】【詳解】

A．若磁場正在減弱；磁場能轉化為電場能，則電容器正在充電，故A錯誤；

B．根據線圈L中電流產生的磁場的磁感應強度方向判斷；螺線管中的電流從上到下，若電容器正在充電，則電容器下極板帶正電，故B正確；

C．若電容器上極板帶正電；則電容器正在放電，則線圈中電流正在增加，故C正確；

D．若電容器正在放電；則線圈中電流正在增加，因為自感電動勢總是試圖阻止原電流的變化，則自感電動勢正在阻礙電流增大，故D正確。

故選BCD。14、A:D【分析】【詳解】

A．若粒子經時間恰好垂直打在CD上，則粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為L，根據牛頓第二定律有

解得

故A正確；

B．若粒子經時間恰好垂直打在CD上，如圖1所示，可知粒子運動了三段四分之一圓弧，則運動的半徑大小為

故B錯誤；圖1

CD．若要使粒子恰能沿DC方向通過C點，如圖2所示，則粒子運動的總時間一定為磁感應強度變化周期的整數倍，設粒子運動的半徑為r，則

根據牛頓第二定律有

解得

根據幾何關系可知粒子在一個磁場變化的周期T0內轉過的圓心角為120°，則

故C錯誤；D正確。

故選AD。圖215、A:C:D【分析】【詳解】

根據電流的熱效應解得電壓與匝數成正比即解得：所以電壓表的示數為故A正確B錯誤；R處溫度升高時，阻值減小，由于電壓不變，所以出現火警時副線圈電流增大，輸出功率增大，根據輸入功率等于輸出功率，輸入功率增大，根據所以電表的示數增大，故C錯誤；R處出現火災時，阻值減小，由于電壓不變，電流增大，消耗的功率增大；故D正確．

考點：變壓器的構造和原理；電功；電功率。

【點睛】

根據電流的熱效應，求解交變電流的有效值是常見題型，要熟練掌握．根據圖象準確找出已知量，是對學生認圖的基本要求，準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數比的關系，是解決本題的關鍵．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

根據公式可得電子的軌道半徑越大；磁場強度越小，而當電子剛好從下極板射出時半徑最大，根據幾何知識和半徑公式分析解題。

【詳解】

電子射入磁場時所受洛倫茲力向下，都向下偏轉，顯然從貼著上極板A點射入的電子最容易從右側或左側穿出，所以以該電子為研究對象，若半徑足夠大，恰好從下極板C點處射出，對應的半徑為由幾何關系得：

解得：

根據半徑公式可知磁感應強度越大，電子的軌道半徑越小，所以當粒子剛好從下極板射出時的磁場最小，最小為：

解得：

【點睛】

本題考查了粒子在磁場中的偏轉問題，關鍵是找出磁場最小時的臨界條件，可從公式入手。【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

感應電動勢的峰值為Em=NωBS=10×10π×0.5×0.22V≈6.28V

感應電流的峰值為Im==6.28A

題圖所示位置線圈中產生的感應電動勢最大，為6.28V

從題圖所示位置轉過90°時，線圈平面位于中性面，切割磁感線的兩邊的速度與磁感線平行，感應電動勢為0.【解析】6.28V6.28A6.28V018、略

【分析】【詳解】

[1]導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢為

導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢為

聯立得【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據

由于是一臺升壓變壓器，既有

則有

由于

由于

則有

根據題意可知，原線圈的導線應當粗些，副線圈的匝數多。【解析】原線圈副線圈20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】阻礙磁通量的變化21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，則從剛進入磁場Ⅰ到剛進入磁場Ⅱ的過程，由能量守恒定律得

金屬桿通過磁場Ⅱ時產生的熱量與通過磁場Ⅰ時產生的熱量相同，所以總熱量為

[2]金屬桿在無場區做勻加速運動，而金屬桿進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿剛進入磁場Ⅰ時做減速運動，加速度方向豎直向上。隨著速度減小，產生的感應電流減小，受到的安培力減小，合力減小，加速度減小，所以金屬桿做加速度逐漸減小的減速運動；在兩個磁場之間做勻加速運動，由題知，進入磁場Ⅰ和Ⅱ時的速度相等，所以金屬桿在磁場Ⅰ中運動時平均速度小于在兩磁場之間運動的平均速度，兩個過程位移相等，所以金屬桿穿過磁場Ⅰ的時間一定大于在兩磁場之間的運動時間。【解析】一定大于22、略

【分析】【詳解】

[1]桿受到水平向右恒力F后開始向右滑動,啟動的瞬間速度為零，則沒有感應電流，桿也不受安培力，由牛頓第二定律：